2026-2027学年高二上学期物理期中考试模拟卷2（山西运城适用）

2026-2027年高二物理上学期期中测试模拟卷 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 评卷人 得分 一、单选题：本小题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。 1．下列电场中，，两点电场强度相同的是（     ） A． B． C． D． 2．在绕地球做匀速圆周运动的航天器中，物体处于完全失重状态，可以形成一种“重力屏蔽状态”，与之类比的是空腔导体内部可以实现静电屏蔽，可以有效消除外电场的干扰。下列说法正确的是（　　） A．电场是一种人为假设的物质，实际是不存在的 B．航天器中的“重力屏蔽状态”指的是航天器中的物体不会受到地球的引力作用 C．静电屏蔽时，外电场在空腔导体的内部产生的场强处处为0，所以外电场被屏蔽掉了 D．在外电场作用下处于静电平衡的空腔导体，其内部的电场强度为0 3．某静电场电势在x轴上分布如图所示，图线关于轴对称，M、P、N是x轴上的三点，；有一电子从M点静止释放，仅受x轴方向的电场力作用，则下列说法不正确的是（     ） A．M点电场强度方向沿x轴负方向 B．M点的电场强度与N点的电场强度相同 C．电子在P点的动能大于在N点的动能 D．电子在M点的电势能大于在P点的电势能 4．如图电路中AB是两金属板构成的平行板电容器。先将电键K闭合，等电路稳定后再将K断开，然后将B板向上平移一小段距离，并且保持两板间的某点P与A板的距离不变。则下列说法正确的是（　　） A．P点电势降低 B．电容器的电容变小 C．电容器内部电场强度大小变大 D．电容器内部电场强度大小变小 5．某些肿瘤可以用“重离子疗法”进行治疗。来自粒子源的α粒子（初速度为0），经加速电压为U的加速器加速后，形成细柱状的粒子流。已知粒子流横截面积为S，单位体积内α粒子数目为n，α粒子质量为4m，电荷量为2e，那么这束α粒子流的等效电流I为（     ） A． B． C． D． 6．在学完电表改装之后，某同学用两个规格完全相同的灵敏电流计改装了两种表，如图甲、乙所示，已知灵敏电流计的满偏电流，内阻，则下列说法正确的是（     ） A．根据并联分流的特点可知图甲是电流表，增大时量程增大 B．根据串联分压的特点可知图乙是电压表，增大时量程减小 C．在图乙中，若改装成的电压表的量程为，则 D．在图甲中，若改装成的电流表的量程为，则 7．如图所示电路中，、为定值电阻，为滑动变阻器，C为电容器，电源电动势和内阻分别为E、r（）。电表均为理想电表，开关S闭合后，当滑动变阻器的滑片自b端向a端滑动的过程中，理想电压表、的示数变化量为、，理想电流表的示数变化量为，下列说法正确的是（     ） A．电源的输出功率逐渐增大，电源的效率逐渐变大 B．电容器的带电荷量减少 C．不变，变小 D．变大，不变 评卷人 得分 二、多选题：本小题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．如图所示，A、B、C三点为一直角三角形的三个顶点，∠B=30°。现在A、B两点放置两个点电荷，A点放置的点电荷电荷量绝对值为q，AC两点间距离为L，静电力常量为k，测得C点场强方向与AB平行且水平向左，则（　　） A．A点放置负电荷 B．B点放置负电荷 C．C点电场强度的大小 D．B点放置的点电荷的电荷量4q 9．四个相同的电流表分别改装成两个电流表、和两个电压表、，的量程大于的量程，的量程大于的量程，把它们接入如图所示的电路，闭合开关后（     ） A．的读数与的读数相等 B．指针偏转角度与指针偏转角度相等 C．的读数比的读数大 D．指针偏转角度比指针偏转角度小 10．将一电源、定值电阻及电阻箱连成如图甲所示的闭合回路，闭合开关后调节电阻箱的阻值，测得电阻箱功率与电阻箱读数变化关系曲线如图乙所示，则下列说法中正确的是（　　） A．该电源内阻为 B．该电源电动势为 C．调整，电源最大输出功率为 D．电阻箱功率最大时电源效率约为 评卷人 得分 三、实验题：11题（6分，第一、四空各1分，其余各2分），12题（9分，最后一空1分） 11．超纯水在电子元件、半导体、光电子、光纤、航天等研究领域有着广泛的应用。电阻率是衡量水的纯度的重要指标，某公司生产了一批超纯水，在商品宣传页（图甲）显示了该商品的标准参照值，当电阻率不小于时即为达标。为了检测该超纯水的电阻率是否达标，深外教师带领实验小组设计了以下实验方案来进行检测。 ①如图乙，在长方体绝缘槽内壁插入两片竖直金属薄板（薄板略小于容器横截面积）； ②选择合适的器材，按图丙所示连接电路，电源的电动势为3V，先将a、b接线柱用导线直接连接，调节滑动变阻器R，使灵敏电流计G达到满偏，满偏电流为； ③保持滑动变阻器滑片位置不变，用导线将图乙的A、B分别与图丙的a、b接线柱连接，在槽内。缓慢倒入超纯水，直到灵敏电流计指针指到时，记录倒入超纯水的体积为。 (1)根据所学知识分析，超纯水的导电性能越________（填“强”或“弱”）水的纯度越高。 (2)用游标卡尺测得槽内部底面长度如图丁所示，则底部长度为________cm。 (3)根据数据分析，此部分超纯水的电阻为________Ω，该超纯水电阻率________（填“达标”或“不达标”）。 12．某实验小组用图甲所示电路测量电源E的电动势和内阻，图中电压表量程为3 V，虚线框内为用电流计G改装的电流表。 (1)已知电流计G的满偏电流IG=200 mA、内阻rG=0.30 Ω，电路中已将它改装为最大量程600 mA的电流表，则R1=_________Ω（结果取两位有效数字）。 (2)在（1）的基础上，通过移动变阻器R的滑片，得到多组电压表的读数U和电流计G的读数，作出如图乙的图像。通过观察图像，可以得到电源的电动势E等于________V，内阻等于_________Ω（结果取三位有效数字）。 (3)若现在有一个水果电池，查阅资料后得该水果电池的电动势约为1 V，内阻约为5000 Ω。某小组设计了如下两种测量方案，如图所示，为减少测量误差，应选用方案_________（填“一”或“二”）。若考虑电流表的内阻，则水果电池电动势的测量值_________真实值（填“大于”“等于”或“小于”）。 评卷人 得分 四、解答题 13．（9分）如图为利用某直流电动机提升重物的装置，所用电源内阻为r=2.0Ω。闭合开关K，当电动机以v=1m/s的恒定速度竖直向上提升质量为m=1.0kg的重物时，理想电压表V的示数为U=8.0V，理想电流表A的示数为I=2.0A。不计空气阻力和各处摩擦。重力加速度g取10m/s2。求： (1)电源的电动势E： (2)电动机的内阻R0。 (3)工作一段时间后电动机突然被卡住不转了，求这种情况下电源的效率（结果保留2位有效数字）。 14．（14分）一灵敏电流计G的内阻，满偏电流，现把它改装成如图所示的多量程电表。开关、都闭合时为电流表，量程为；开关、都断开时正、负接线柱之间的最大电压为。求： (1)定值电阻和； (2)开关闭合、断开时改装成了什么电表？此电表的量程为多少。 15．（16分）如图甲所示，P、Q板间加有电压为的加速电压，M、N板间加有如图乙所示的锯齿状电压，在P板上有一粒子源，按时间均匀地释放质量为、电荷量为的带负电的粒子，粒子经加速电压加速后，刚好沿M、N板的中线以平行M、N的方向射入M、N板间，在时射入M、N板间的粒子刚好从N板右侧端点射出，已知M、N板间距离为，不计粒子的重力，粒子穿过M、N板间的时间远小于，求： (1)M、N板的长度； (2)若仅将M板向下移动，则从两板间射出的粒子占射入M、N两板间粒子总数的百分比为多少； (3)若将长为的接收屏A与N板放在同一平面内，N板右端到A板左端的距离也为，则打在A板上的粒子数占射入M、N板间粒子总数的百分比为多少（结果保留两位小数）。 试卷第1页（共3页） 试卷第1页（共3页） 学科网（北京）股份有限公司 《2026-2027年高二物理上学期期中测试模拟卷》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B D B A C D D AC AC ABD 1．B 【详解】电场强度是矢量，需大小和方向都相同。匀强电场中各点场强大小方向均相同；点电荷电场中不同位置场强大小或方向不同。 A．，两点电场强度大小不同，方向也不同，故A错误； B．，两点电场强度大小和方向均相同，故B正确； C．，两点电场强度大小不同，方向相同，故C错误； D．，两点电场强度大小相同，方向不同，故D错误。 故选B。 2．D 【详解】A．场是看不见，摸不着，但又是客观存在的物质形态，故A错误； B．航天器中的“重力屏蔽状态”指的是航天器中的物体所受重力完全提供向心力，处于完全失重状态，物体与航天器之间没有相互作用的支持力，但物体仍然受到地球的引力作用，故B错误； CD．由于静电屏蔽作用，导体的外壳就会对它的内部起到“保护”作用，使它的内部不受外部电场的影响，是由于外电场在空腔导体的内部产生的场强，与感应电荷在内部的电场强度相互叠加后合电场强度为0，故C错误，D正确。 故选D。 3．B 【详解】A．图像关于纵轴对称，说明，电场强度沿轴的分量满足，图像斜率正负决定电场方向。 在点，随增大而升高，即，所以，电场方向沿轴负方向，故A正确； B．、关于原点对称，电场强度大小相等，但点电场沿轴负方向，点电场沿轴正方向，方向不同，所以电场强度矢量不相同，故B错误； C．电子从点静止释放，带负电，受力方向与电场相反。在区域，电子受力向右，做加速运动；过点后，电场方向向右，电子受力向左，做减速运动。所以到的过程中动能减小，点在点左侧，因此电子在点的动能大于在点的动能，故C正确； D．电子带负电，电势越低，电势能越大。由图可知，点电势低于点电势，所以电子在点的电势能大于在点的电势能，故D正确。 本题选不正确的，故选B。 4．A 【详解】ACD．断开电键K后电容器极板带电量Q不变。由、、 联立解得 可知电容器内部电场强度E不变。B板接地，电势为。P点电势为。B板向上平移，P点与B板间距离dPB减小，代入上式得降低。故A正确，CD错误； B．由可知，B板向上平移，板间距离d变小，电容C变大。故B错误。 故选A。 5．C 【详解】α粒子加速过程，由动能定理得 其中α粒子电荷量，质量，解得 电流的微观表达式为 将、代入，解得 故选C。 6．D 【详解】A．根据并联分流的特点可知图甲是电流表，当灵敏电流计达到满偏电流时，并联电阻分担的电流为 改装后电流表的总量程为 当增大时，总量程减小，故A错误； B．根据串联分压的特点可知图乙是电压表，当灵敏电流计达到满偏电流时，改装后电压表的量程为 当增大时，总量程增大，故B错误； C．在图乙中，若改装成的电压表的量程为，则，故C错误； D．在图甲中，若改装成的电流表的量程为，由可得，故D正确； 故选D。 7．D 【详解】A．电源的输出功率 由于，则有 滑片P由b端向a端滑动，滑动变阻器接入电路的阻值增大，则增大，根据对勾函数规律可知，电源的输出功率逐渐减小。电源的效率 由于增大，可知，电源的效率逐渐变大，故A错误； B．滑片P由b端向a端滑动，滑动变阻器接入电路的阻值增大，则电路总电阻增大，干路电流减小，电阻两端电压与内阻承担电压均减小，则并联电路两端电压增大，即电容器两端的电压增大，根据可知，电容器所带电荷量增大，故B错误； C．根据欧姆定律有 则有， 可知，，均不变，故C错误； D．根据闭合电路欧姆定律有 则有， 由于干路电流减小，可知，变大，不变，故D正确。 故选D。 8．AC 【详解】AB．根据题意分析可知，由于C点的场强方向为水平向左，根据电场的叠加原理可知，因此A点为负电荷，B点为正电荷，故A正确，B错误； C．如图所示 A点的点电荷在C点的场强 由几何知识可得 代入数据得，故C正确； D．根据以上选项分析可知，根据点电荷电场强度公式有，B点的点电荷在C点的场强 又因为 代入数据得qB=8q，故D错误。 故选AC。 9．AC 【详解】AB．此电路中A1、A2串联在电路中，通过A1、A2的电流相等，则A1的读数与A2的读数相等；电流表改装时是在表头上并联了一个小电阻，由于A1、A2的量程不相等，所以A1、A2表头上并联的电阻阻值不相等，则通过A1、A2表头的电流不相等，所以A1指针偏转角度与A2指针偏转角度不相等，故A正确，B错误； CD．电压表的改装是在表头上串联一个大电阻，此电路中V1、V2串联在电路中，通过V1、V2的电流相等，即通过V1、V2表头的电流相等，所以V1指针偏转角度与V2指针偏转角度相等；由于V1的量程大于V2的量程，所以V1的读数比V2的读数大，故C正确，D错误。 故选AC。 10．ABD 【详解】A．电阻箱消耗的功率为 将看成关于的函数，即 当时，取得最大值。由图乙知，最大时 解得，故A正确； B．最大功率，此时，回路总电阻 电流，电阻箱功率 解得，故B正确； C．电源输出功率为外电路总功率 当外电阻等于电源内阻时，输出功率最大，即 由于，可取，外电阻恰为，此时最大输出功率，故C错误； D．电源效率 电阻箱功率最大时，所以，故D正确。 故选ABD。 11．(1)弱 (2)12.230 (3) 达标 【详解】（1）水里面离子越少，纯度越高，导电能力越弱。 （2）图丁是20分度游标卡尺，精度0.05mm。主尺读数，游标第6格对齐 总读数 （3）[1]滑动变阻器不动，灵敏电流计内阻 短接，；接入水电阻，，与串联，可得 代入数据 求得 满偏时， 求得 [2]电阻定律，体积，所以 已知， 求得 由于，所以该超纯水电阻率达标。 12．(1)0.15 (2) 2.93/2.92/2.94 1.00 (3) 二 等于 【详解】（1）电流计 G和并联，，代入数据得 （2）根据闭合电路欧姆定律 式中为改装后电流表内阻， 图像纵轴截距即为电源电动势，图像斜率的绝对值 代入数据，得 故， （3）[1]方案一中电压表并联在电源两端，电流表测支路电流。由于电压表内阻（通常几千欧到几十千欧）与电源内阻相差不多，电压表的分流作用不可忽略，会导致电流测量误差极大，故选方案二； [2]将电流表内阻看作是电源内阻，电源的电动势测量值就是电源的真实值。 13．(1)12.0V (2)1.5Ω (3)43% 【详解】（1）由电路图可知，电压表测量路端电压，电流表测量总电流。根据闭合电路欧姆定律有 代入数据，，解得 （2）电动机正常工作时输入功率等于输出机械功率与热功率之和。输入功率为 输出机械功率为 热功率为 根据能量守恒定律有 代入数据解得 （3）电动机被卡住不转时相当于纯电阻，阻值为此时电路电流 电源效率 解得 14．(1)， (2)电压表， 【详解】（1）开关、都闭合时为电流表，量程为；则有 代入数据解得 开关、都断开时正、负接线柱之间的最大电压为，则有 代入数据解得 （2）开关闭合、断开时为电压表，原理示意图如图所示 当达到满偏时有 则此电表的量程为。 15．(1) (2) (3) 【详解】（1）设射入M、N板间的粒子初速度为，根据动能定理 解得 当M、N两板间电压为时，根据题意，， 解得 （2）将M板向下移动，设这时M、N两板间电压为时，进入M、N板间的粒子刚好打在N板右端边缘，则 根据牛顿第二定律 解得 由于粒子是均匀地从粒子源释放，因此能从M、N两板间射出的粒子占射入的粒子比例 （3）设M、N两板间电压为时，从M、N板间射出的粒子刚好打在A板的左端，由于粒子在M、N板间做类平抛运动，出射速度的反向延长线交于水平位移的中点，根据几何关系可知，粒子在M、N板间的侧移为，则， 解得 设M、N两板间电压为时，从M、N板间射出的粒子刚好打在A板的右端，同理可得，该粒子在M、N板间的侧移为，则， 解得 由于粒子是均匀地从粒子源释放，因此能从M、N两板间射出的粒子占射入的粒子百分比 答案第1页（共2页） 答案第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $