安徽亳州市第一中学2026-2027学年高一上学期10月阶段检测物理试题

物理参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D B C D C D B C BCD AD 1．D 【详解】A．8点42分对应一个时间点，指的是时刻，8分钟对应一个时间段，指的是时间间隔，故A错误； B．车内一硬币却能稳稳地立在高铁的窗台上，可见车厢与硬币相对静止，则以地面为参考系，硬币是运动的，故B错误； C．欣赏国之重器“东风-41”洲际导弹通过天安门的震撼场面时，东风-41的形状和大小不可忽略，不能看做质点，故C错误； D．阅兵空中梯队通过天安门上空时，飞机与观众间的位置是变化的，以编队中某一飞机为参考系，地面上的观众是运动的，故D正确。 故选D。 2．B 【详解】A．由加速度的定义式可知，加速度大小由速度变化量的大小和所用时间共同决定。速度变化量大，若所用时间也较长，加速度不一定大，A正确； B．加速度为负值，只表示加速度方向与规定的正方向相反，不能据此判断速度大小如何变化。当速度也为负值时，速度与加速度方向相同，速度大小增大，B错误； C．加速度表示速度变化的快慢，加速度大，速度变化率一定大，但速度大小与加速度大小没有必然联系，因此速度不一定大，C正确； D．当加速度方向与速度方向始终相同时，物体的速度大小持续增大。加速度逐渐减小，只表示速度增大得越来越慢，并不表示速度减小，D正确。 故选B。 3．C 【详解】A．根据对比可知，刹车时的加速度大小为，初速度，A错误；     B．刹车时的速度与时间的关系是，B错误； CD．从开始刹车到停止的时间 刹车后已经停止，则位移等于3s内的位移，，C正确，D错误。 故选C。 4．D 【详解】根据题意可知，， 代入数据解得，， 所以 故选D。 5．C 【详解】A．公式得出 根据可得落到杯底用时，故A错误； B．当第一滴水落到杯底，空着有三个间隔，可得相邻的水滴滴下的时间间隔为，故B错误； C．水滴到达杯口运动距离 由得 到达杯口的速度为 从杯口到杯底的时间为，故C正确； D．平均速度为，故D错误。 故选C。 6．D 【详解】A．a车的速度大小为直线a的斜率，计算可得 故A正确，不符合题意； B．t=3s时，直线a和曲线b刚好相切，即此时b车速度与a车速度相等为，而初速度大小为，故加速度为 故B正确，不符合题意； C．从图像可知，t1=3s时，两车相遇，3s内b车位移为 而此过程中a车位移为 它们的初始距离为 即初始时a车在b车前面9m处，故C正确，不符合题意； D．t2=2s时，两车位移分别为 则此时两车的距离为 即此时a车在b车前方1m处，故D错误，符合题意。 故选D。 7．B 【详解】取竖直向上为正方向，已知物资脱落时初速度，脱落点高度，重力加速度。 A．物资脱落时具有向上的初速度，做竖直上抛运动，不是自由落体运动，故A错误； B．物资落地时位移，由运动学公式 代入数据得落地速度大小为，故B正确； C．物资上升到最高点时速度为0，上升的高度 则距地面最大高度为，故C错误； D．由位移公式 代入数据得，故D错误。 故选B。 8．C 【详解】AB．根据题意，设B车的加速度大小为，则脉冲追上B车时，B车前进的距离为 根据位移关系可得 代入，解得加速度， 故AB错误； CD．当测速仪A接收到被B车反射回来的脉冲时，即B车运动了，由运动学公式可得此时B车的速度大小为 由运动学公式可得此时B车前进的距离为 则A、B相距为 故C正确，D错误。 故选C。 9．BCD 【详解】A．0−t1时间内，三个物体的初末位置相同，位移相等，运动时间相同，三者平均速度相等，A错误； B．匀变速直线运动位移公式为 变形得 符合乙图的坐标形式。 代入乙图两点、 联立解得， 汽车刹车后速度减为0就停止运动，停车时间 因此3s位移等于2.5s的位移，B正确； C．由加速度定义式 可得 可知a−t图像面积表示速度变化量，因此阴影面积就是时间内的速度变化量，C正确； D．匀变速直线运动 变形得 因此 解得加速度，D正确。 故选BCD。 10．AD 【详解】A．设这列火车共有节，每节车厢长度为，根据运动学公式 则 其中， 联立解得，该列车共有9节车厢，故A正确； B．根据初速度为零的匀加速直线运动规律，连续相等时间内位移的比例关系 可知第2个6s内有3节车厢通过这根立柱，故B错误； C．根据初速度为零的匀加速直线运动规律，连续相等位移内时间的比例关系 最后一节车厢通过这根立柱的时间为 故C错误； D．第4节车厢通过这根立柱的运动时间为12s，大于总时间的一半9s，则此时的速度大于中间时刻的瞬时速度，即大于整列车通过立柱的平均速度，故D正确。 故选AD。 11.【答案】；；一条倾斜直线；；  【解答】为表示关系，图中的轴对应的物理量是时间，轴对应的物理量是速度若纸条的长度为， 由于每相邻两个计数点间还有个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔， 则图中， 因为各纸条上端中心连线是一条倾斜直线，所以可以直观的看出小车是做匀变速直线运动； 、、、、、； 设到之间的距离为，以后各段分别为、、、、， 根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小， 得： 为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值 得： 即小车运动的加速度计算表达式为： 根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上点时小车的瞬时速度大小。 12.【答案】 【解析】、利用速度公式可测定小铁球通过光电门的瞬时速度、，可以根据速度位移关系式得到加速度，需要刻度尺测两光电门的距离，故A正确 B、不需要打点计时器，故B错误 C、不需要测小铁球质量，故C错误。 小铁球通过光电门时的速度； 根据速度位移关系式有， 即， 解得。 13.【答案】解：冰壶运动的总时间，  时冰壶未停止运动，故末的速度大小．...............................5分 冰壶时已停下，所以内位移等于前内位移 ．......5分  14.【答案】解：， 当警车和汽车速度相等时有：，解得：,......................4分 根据得： 解得：．.........................................................5分 此时警车的速度为：． 此时警车的位移为：．.....................5分 答：警车出发时间后两车相距最远； 警车后能截获超速车； 警车截获超速车时，警车的速率为，警车的位移为．  15.【答案】解：  时间内棍  下落的高度，  时刻棍  的下端与天花板的距离。....................4分   时棍  的速度， 在  内棍  下降的位移， 所以在  内小球上升的位移， 设小球在  时的速度为  ，则，解得 所以小球上抛的初速度。............................7分 在  内小球上升的位移， 所以天花板离地的高度。................................5分 学科网（北京）股份有限公司 $毫州一中2026一2027学年第一学期 高一年级第一次阶段性质量检测 物理 注意事项： 1.满分分值：100分；考试时间：75分钟。 2.考试范围：必修第一册第一章、第二章 3.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、班级等信息认真填写在答题卡上。 4.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动， 用橡皮擦千净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无 效。 5.考试结束后，只需上交答题卡。 一、单选题（每小题4分) 1.下列关于对运动学概念的论述，正确的是（) A.“火车8点42分到站，停车8分钟”，8点42分和8分钟均指时刻 B.“复兴号”高铁以350公里的时速高速运行中，车内一硬币却能稳稳地立在高铁的窗台上，以地面为参考系， 硬币是静止的 C.欣赏国之重器“东风-41”洲际导弹通过天安门的震撼场面时，东风41可以看做质点 D.阅兵空中梯队通过天安门上空时，以编队中某飞机为参考系，地面上观众是运动的 2.下列说法错误的是() A.物体的速度变化量大，其加速度不一定大 B.物体的加速度为负值，其速度一定在减小 C.物体加速度大，其速度变化率一定大，但速度不一定大 D.若物体加速度方向与速度方向始终相同，即使加速度逐渐减小，其速度仍然会增大 3.纯电动汽车不排放污染空气的有害气体，具有较好的发展前景.某辆电动汽车在一次紧急刹车测试中，刹车 后位移与时间的关系式是x=18t-31(m),则该汽车() A.刹车时的加速度大小为3m/s2 B.刹车时的速度与时间的关系是v=18-3t(m/S) C.刹车后4s内的位移为27m D.刹车后滑行的位移为37m 4.如图所示为酒店送餐机器人。某次送餐中，机器人从电梯口静止开始做直线运动到达客房门口，到达客房门 口时速度恰好为零，全程长10m。机器人运动的最大速度2m/s,加速时最大加速度0.5m/s2,减速时最大加速度 1m/s2。则酒店机器人该次送餐的最短时间为() 答案第1页（共5页） A.5s B.6s C.8s D.9s 5.小张同学调节家中的水龙头，每隔相等时间滴下一水滴，然后在其正下方放置一个水杯，水滴可以无阻挡滴 进杯子里。某时刻，当第1颗水滴刚滴到杯底时，第4颗水滴恰欲滴下。水龙头出口到杯底的距离为H=80c, 水杯的高度为h=35cm。不计空气阻力的影响，则下列说法正确的是（重力加速度g取10m/s2)() 阀门 77777777777 A.水滴下落到杯底的速度大小为5m/s B.每隔0.1s滴下一水滴 C.水滴经过杯子的时间为0.1s D.水滴经过水杯的平均速度为3m/s 6.如图所示，在同一平直公路上行驶的a车和b车，其位置一时间图像分别为图中直线α和曲线b。已知b车 的加速度恒定且初速度为8/s,3s时，直线a和曲线b刚好相切。下列说法不正确的是() Ax/m 10 0 h234/s A.a车的速度大小为2m/s B.b车的加速度大小为2m/s2 C.-0时，a车和b车相距9m D.仁2s时，a车在b车前方2m处 7.西藏吉隆泥石流救援现场，一架无人机挂载急救物资，正以。=10m/s的速度竖直匀速向上飞行。当无人机上 升到距离地面高度h=40位置时，挂载物资意外松脱掉落。忽略空气阻力，重力加速度g取10m/s2。从物资脱 落瞬间开始计时，下列说法正确的是() A.物资做自由落体运动 B.物资落地时的速度大小为30m/s 答案第2页（共5页） C.物资上升到距地面的最大高度为49m D.物资从脱落到落回地面所用的总时间为3s 8.如图所示，有超声波发射和接受装置的测速仪A固定在道路某处，其正前方335处停了一辆小汽车B。B 车启动同时测速仪A向小汽车B发出短暂的超声波脉冲，经过1s,超声波脉冲刚好追上小汽车B,然后立即被 反射回来，已知超声波匀速传播且速度大小为340/s。若B车的启动过程可视为匀加速，则下列说法正确的是 () 77777 77 A.脉冲追上B车时，B车前进了10m B.B车加速度大小为5m/s2 C.当测速仪A接收到被B车反射回来的脉冲时，A、B相距为355m D.当测速仪A接收到被B车反射回来的脉冲时，B车的速度大小为10/s 二、多选题（每小题5分，漏选得3分，错选0分) 9.图像能够直观描述物理过程，能形象表述物理规律，能有效处理实验数据。如图所示为物体做直线运动的图 像，下列说法正确的是( ) s(m) 个2(ms-2) a/(m's2) (m/s) B (s) 145 t(s) 0.20.40.60.8 -10 甲 乙 丙 A.甲图中0-1时间内，三物体中A的平均速度更大 B.乙图是汽车刹车的图像，经过3s汽车的位移为25m C.丙图中，阴影面积表示t1~t时间内物体的速度变化量 D.丁图中，物体做匀加速直线运动，加速度为4/s2 10.近日，武汉交通发展战略研究院发布了“武汉2035年市域轨道交通线路规划图'。根据规划，至2035年武汉 将规划形成环网交织、快线穿城、轴向放射总规模1300公里的市域城市轨道交通网络，越来越多的市民选择 地铁作为出行的交通工具。如图所示，t=0时，列车由静止开始做匀加速直线运动，第一节车厢的前端恰好与站 台边感应门的一根立柱对齐。=6s时，第一节车厢末端恰好通过这根立柱所在位置，全部车厢通过立柱所用时 间18s。设各节车厢的长度相等，不计车厢间距离。则() 感应门立柱 答案第3页（共5页） A.该列车共有9节车厢 B.第2个6s内2节车厢通过这根立柱 C.最后一节车厢通过这根立柱的时间为(16-11V2)s D.第4节车厢通过这根立柱的末速度大于整列车通过立柱的平均速度 二、实验题：本大题共2小题，共18分。 11.利用打点计时器研究小车做匀变速直线运动的实验，得到如图甲所示的一条纸带，在纸带上共取了A、B、C、 D、E、F、G七个计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。从每一个计数点处将纸带剪开分成六条（分 别叫a、b、c、d、e、f),将这六条纸带由短到长紧靠但不重叠地粘在xOy坐标系中。得到如图乙所示的直方图。 最后将各纸条上端中心连起来，于是得到表示v-t关系的图象。己知打点计时器的工作频率为50Hz。 A8 c D E G 图甲 3 图乙 (I)为表示v-t关系，图中的x轴对应的物理量是时间t,y轴对应的物理量是速度v。若纸条c的长度为5.0cm,则 图中t3为 =_S,v3为 ms;因为各纸条上端中心连线是 一一，所以可以直观地看出小车做匀变 速直线运动； (2)在纸带未剪断时，量出相邻的计数点之间的距离分别是x4B=4.22cm,x8c=465cm,xcD=5.0Scm、xpE= 5.49cm、xεr=5.91cm、xc=6.34cm。则小车的加速度a=_m/s2,打下D点时小车的速度为 m/s(结果保留2位有效数字)。 12.用如图所示的实验装置研究小铁球做自由落体运动的规律。小铁球的半径为R,小铁球先后通过两个光电门， 计时器记录了小铁球通过光电门1、2的时间分别为△t,和△t2,回答下列问题： 小铁球 试管夹 5光电门1 5光电门2 O纸杯 )为了测小铁球的加速度，下列给出的实验器材中，可能需要的是 A.刻度尺 B.打点计时器 C.天平 (2)小铁球通过光电门1时的速度大小为（用已知量字母表示）： 答案第4页（共5页） 3)若光电门1到光电门2的距离为L,则重力加速度大小为用已知量字母表示)。 二、计算题：本大题共3小题，共40分。 13.(10).冰壶比赛是冬奥会的重要项目.比赛中冰壶在水平冰面上的运动可视为匀减速直线运动直至停止，已 知一冰壶被运动员推出的初速度大小为3.6/s,其加速度大小为0.2/s2,求： I)冰壶10s末的速度大小： (2)冰壶在20s内的位移大小. 14.(14)一辆汽车以90m/h的速率在学校区行驶.当这辆违章超速行驶的汽车经过警车时，警车立即从静止开 始以2.5m/s2的加速度匀加速度追去。 )警车出发多长时间后两车相距最远？ (2)警车何时能截获超速车？ (3)警车截获超速车时，警车的速率为多大？位移多大？ 15.(16)天花板上吊一根长L=1m的棍子A,在它开始自由下落的同时，地面上有一个可视作质点的小球B竖直 上抛，t,=O.5s时棍A的下端和小球B在同一高度，小球B经过棍长的时间△t=0.1s,不计空气阻力，g=10m/s2, 求： I)t,时刻棍A的下端与天花板的距离h: (2)小球B上抛的初速度vo: H (3)天花板离地的高度H。 BO 答案第5页（共5页）物理参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D B D B C BCD AD 1.D 【详解】A.8点42分对应一个时间点，指的是时刻，8分钟对应一个时间段，指的是时间间隔，故A错误： B.车内一硬币却能稳稳地立在高铁的窗台上，可见车厢与硬币相对静止，则以地面为参考系，硬币是运动的， 故B错误； C.欣赏国之重器“东风-41”洲际导弹通过天安门的震撼场面时，东风-41的形状和大小不可忽略，不能看做质点， 故C错误； D.阅兵空中梯队通过天安门上空时，飞机与观众间的位置是变化的，以编队中某一飞机为参考系，地面上的观 众是运动的，故D正确。 故选D。 2.B 【详解】A。由加速度的定义式a:可知，加速度大小由速度变化量的大小和刺所用时间关同决定。速度变化量 大，若所用时间也较长，加速度不一定大，A正确： B.加速度为负值，只表示加速度方向与规定的正方向相反，不能据此判断速度大小如何变化。当速度也为负值 时，速度与加速度方向相同，速度大小增大，B错误； C.加速度表示速度变化的快慢，加速度大，速度变化率一定大，但速度大小与加速度大小没有必然联系，因此 速度不一定大，C正确： D.当加速度方向与速度方向始终相同时，物体的速度大小持续增大。加速度逐渐减小，只表示速度增大得越来 越慢，并不表示速度减小，D正确。 故选B。 3.C 【详解】A.根据x=v,t+二at2对比x=18t-3t2(m)可知，刹车时的加速度大小为a=-6m/s2,初速度y。=18m/s, 2 A错误； B.刹车时的速度与时间的关系是v=。+at=18-6t(m/s),B错误； CD.从开始刹车到停止的时间t。= 0-Vo=3s a 刹车后4s已经停止，则位移等于3s内的位移，x=。=27m,C正确，D错误。 2 故选C。 4.D v2.2 【详解】根据题意可知x= +%2,56”0 2a12a2 a, 代入数据解得4=4s,t2=3s,43=2s 所以t=t1+t2+t3=9s 故选D。 5.C 【详解】A.公式v2=2gH得出y=4m/s 根据y=g1可得落到杯底用时4=0.4s,故A错误； B。当苏前水落到杯底，它者有三个问弱，可得相细的水污滴下的时间倒照为加-台学。-忌：改B特误。 C.水滴到达杯口运动距离y=H-h=45cm 1 由y= 2y 2×45×102 =0.3s 10 到达杯口的速度为%2=g2=3m/s 从杯口到杯底的时间为△1=4-t2=0.ls,故C正确； D.平均速度为v=当+业=4+3 m/s=3.5m/s,故D错误。 22 故选C。 6.D 8-2 【详解】A.a车的速度大小为直线a的斜率，计算可得，=3ms2ms 故A正确，不符合题意： B.=3s时，直线a和曲线b刚好相切，即此时b车速度与a车速度相等为2m/s,而初速度大小为8m/s,故加 速度为a= △y=2m/s2 △t 故B正确，不符合题意； C.从图像可知，3s时，两车相遇，38内6车位移为，=以-24=15m 而此过程中a车位移为x。=8m-2m=6m 它们的初始距离为x,=x,一x。=9m 即初始时a车在b车前面9m处，故C正确，不符合题意： D.2s时，两车位移分别为。=vk=4m,X=+2a贴=12m 则此时两车的距离为x=x。+x,一x,=lm 即此时a车在b车前方1m处，故D错误，符合题意。 故选D。 7.B 【详解】取竖直向上为正方向，已知物资脱落时初速度'。=10m/s,脱落点高度h=40m,重力加速度g=l0m/s2。 A.物资脱落时具有向上的初速度，做竖直上抛运动，不是自由落体运动，故A错误； B.物资落地时位移x=40m,由运动学公式x=广 -2g 代入数据得落地速度大小为v=30m/s,故B正确； C.物资上升到最高点时速度为0，上升的高度=6-=5m 2g 则距地面最大高度为hx=h+△h=45m,故C错误； D.由位移公式x=W-28 代入数据得t=4s,故D错误。 故选B。 8.C 1 【详解】AB.根据题意，设B车的加速度大小为a,则脉冲追上B车时，B车前进的距离为。= 1 根据位移关系可得yt-一at=x 2 代入t=ls,解得加速度a=10m/s2,x.=5m 故AB错误： CD.当测速仪A接收到被B车反射回来的脉冲时，即B车运动了2s,由运动学公式可得此时B车的速度大小 为v=a·21=10×2m/s=20m/s 1 由运动学公式可得此时B车前进的距离为x'=。a(2)}=20m 2 则A、B相距为d=x+x'=335m+20m=355m 故C正确，D错误。 故选C。 9.BCD 【详解】A.0-时间内，三个物体的初末位置相同，位移相等，运动时间相同，三者平均速度相等，A错误； 1 B.匀变速直线运动位移公式为x=W+ 1,a 变形得亭=6+号 符合乙图的坐标形式。代入乙图两点(-=02s,产=0、-04s,草=4mS) 联立解得v。=20m/s,a=-8m/s2 汽车刹车后速度减为0就停止运动，停车时间，。二2.58<3$ 因此3s位移等于2.5s的位移x= 哈202 =25m,B正确； 2ld2×8 C.由加速度定义式a=Ay △1 可得△v=a△l 可知一t图像面积表示速度变化量，因此阴影面积就是，~，时间内的速度变化量，C正确： 1 D.匀变速直线运动x=W+2m 变形得=+2 1 a 2-0 因此2k=。 =2 0-（-1) 解得加速度a=4m/s2,D正确。 故选BCD。 10.AD 【详解】A.设这列火车共有n节，每节车厢长度为x,根据运动学公式 1 x=-at2 2 则 1 nx =at 2 其中t=6s,(=18s 联立解得n=9,该列车共有9节车厢，故A正确； B.根据初速度为零的匀加速直线运动规律，连续相等时间内位移的比例关系 x2x3:…=135… 可知第2个6s内有3节车厢通过这根立柱，故B错误； C.根据初速度为零的匀加速直线运动规律，连续相等位移内时间的比例关系 42…=1(V2-1)(5-V2) 最后一节车厢通过这根立柱的时间为 6,=(V9-V8)×6s=18-12V2)s 故C错误； D.第4节车相通过这根立柱的运动时间为12s,大于总时间的一半9s,则此时的速度大于中间时刻的瞬时速度， 即大于整列车通过立柱的平均速度，故D正确。 故选AD。 11.【答案】(1)0.25；0.5；一条倾斜直线：(2)042；0.53 【解答】I)为表示v-t关系，图中的x轴对应的物理量是时间t,y轴对应的物理量是速度m若纸条C的长度为5.Ocm, 由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=O.15, 则图中t3=2×0.1+0.05=0.25s, xe=0.05=0.5ms vg=7=0.1 因为各纸条上端中心连线是一条倾斜直线，所以可以直观的看出小车是做匀变速直线运动： (2)xAB=4.22cm=0.0422m、xBc=4.65cm=0.0465m、xcD=5.08cm=0.050Sm、xDE=5.49cm=0.0549m、xEF= 5.91cm=0.0591m、xFG=6.34cm=0.0634m: 设A到B之间的距离为x1,以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6, 根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT可以求出加速度的大小， 得：x4-x1=3a,T2 x5-x2=3a2T2 X6-X3=3a3T2 为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值 得：a=行a,+a+a 即小车运动的加速度计算表达式为：a=￥D64D=0.0549+0.0591+0.06340,0422-0.0465-0.0508m/s2=042/S2 9T2 9×0.12 根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小。 VD XCE_ 0.0508+0.0549 -m/s=0.53m/s 2T 0.2 12.【答案】A 2R △t1 2R2 1 1 L(4t2)2-(4t1)z 【解析】()A、利用速度公式可测定小铁球通过光电门的瞬时速度1、v2,可以根据速度位移关系式得到加速度， 需要刻度尺测两光电门的距离L,故A正确， B、不需要打点计时器，故B错误， C、不需要测小铁球质量，故C错误。 ②小铁球通过光电门1时的速度，=器 (3)根据速度位移关系式有v3-v=2ax, 即器2-器2=29， △t2 解得g-2受11 1 13【答案】解：（冰壶运动的总时间。=”-治=15,0s时冰壶未停止运动，故05未的速度大小 v0+at=3.6m/s+(-0.2)×10m/s=1.6m/s............5分 (2)冰壶18s时已停下，所以20s内位移等于前18s内位移x=9t。=3,×1Sm=32....5分 2 2 14.【答案】解：1)90km/h=25ms, 当警车和汽车速度相等时有：=a,解得：无=兰-完。=10s4分 (2根据ut=ar得：25t=号×25× 解得：t=20s. ………….5分 (3)此时警车的速度为：v=at=2.5×20m/s=50m/s. 此时警车的位移为：x=a2=号×25×400m=500m..5分 答：()警车出发10s时间后两车相距最远； (2)警车20s后能截获超速车； (3)警车截获超速车时，警车的速率为50m/s,警车的位移为500m. 15.【答案】解：()t时间内棍A下落的高度ho=2gt号=1.25m, t,时刻棍A的下端与天花板的距离h=ho+L=2.25m。........4分 2)t,=0.5s时棍A的速度v1=gt,=5ms, 在0.ls内棍A下降的位移x1=v,△t+号g△t2=0.55m, 所以在0.1s内小球上升的位移x2=L-x1=0.45m, 设小球在t=0.5s时的速度为2，则x3=v24t-294t,解得v2=5ms 所以小球上抛的初速度v0=v2+gt,=10/s。..........7分 (③)在05s内小球上升的位移x'=vot-29t12=375m, 所以天花板离地的高度H=x'+h=6m。....…...5分