山东潍坊市寿光市第一中学2026-2027学年高二上学期10月测试物理试题

2025级高二上学期月考检测物理试题 三、实验题 13. (1) (2) (3) 搬 p (4) 14. (1) (2) 如 (3) 四、解答题 15 G 毁 2025级高：物理答题纸 (4项第1项) 16. 2025显出：物尺作通低 ·八4知02贝) 17. R, qE E 2025级小，物用午圆纸 (其4负7J以) 18. UN 3.0 2.5 2.0 ◆UN 1 3.0 1.0 2.8 2.6 0.5 2.4 2.2 0 •IIA 0.51.01.52.0 2. 0 0.5 1.0 图1 图2 图3 2025噬5：物咪芥宣乐 :儿4以日4贝)2025级高二上学期月考检测物理试题 本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，满分100分，考试用时90分钟。 第I卷（选择题） 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。 1.快递员常会将易碎陶瓷硫放入铺有泡沫的纸箱内，这样做是为了在搬运时() A,减小陶瓷碗的动量变化串 B.减小陶瓷硫的动量变化量 C.增大陶瓷碗所受力的冲量 D.减小陶瓷碗所受力的冲量 2.如图所示为某品牌手机的部分参数，充满电之后，该手机工作12小时自动关机，则该手机的工作电流 约为() 处理器 骁龙8+ A.40A 存储 LPDDR5/UFS 3.1 B.400A C.400mAh 屏幕 120h2k曲屏 D.400mA 指纹 屏下指纹 电池 4815mAh 3.如图所示，A、B间的电压U=|0V,电阻R1=R=R=52,R=7.52,R4=102,、h、、4分别为对应 电路的电流，则() R ☐B R A./=2A B.1=0.25A C.h=0.5A D.14=1A 4.某同学用如图甲所示的容器剥电解液的电阴率，其左右两侧面为带有接线柱的金属薄板（电阻极小）， 其余四面均为绝缘材料，容器内部长为α，宽为b,高为c。将容器内注满待测电解液后接入电路，测得其 」U图线如图乙所示。则=4A时电解液的电阻率为() ◆A 3ac 3ab A.2b B. 2c C.24 D. 3bc 2a 6 UN 5.如图所示，质量为m的物体静止在水平地面上，现对其施加一与水平方向成角的恒定拉力F,经时间 1物体的速度为y。则时间1内() 试卷第1页（共5页） A.物体所受拉力F的冲量大小为F1Cos0 B.物体所受地面支持力的冲量大小为0 C.物体所受合力的冲量大小为mv 777777777777 D.物体所受摩擦力的冲虽大小为F-mv 6.某微安表满偏电流为200μA,内阻为5002，用该微安表改装电表，下列说法正确的是（) A.若要改装成量程为01A的电流表，需串联阻值为012的电阻 B.若并联阻值为125Q的电阻，改装后电流表的量程为0-800μ4 C.若要改装成意程为0-2V的电压表，需串联阻值为95002的电阻 D.若串联阻值为75002的电阻，改装后电压表的量程为0-1.5V 7.如图所示的电路，电源内阻为12，小灯泡电阻为5Q,电动机线圈电阻为12。先闭合S,小灯泡功串 为5W:再闭合S2,电动机正常工作，此时小灯泡功率为3.2W。小灯泡电阻不变，则电动机正常工作时的 输出功率为() A.4.8W B.3.36W M S2 C.1.8w D.1.44W 8.如图所示，AC是四分之一圆弧，O为圆心，A、C两点分别固定有一垂直纸面向单、电流大小相等的 通电长直导线，整个空间还存在磁感应强度大小为B的匀强磁场，0处的合磁感应强度恰好为零。下列说 法正确的是() A.两通电直导线相互排斥 A☒ B.C处直导线在O处产生的磁感应强度大小为√B C,若A处直导线中的电流反向、大小不变，则O处的合磁感应强度方向 竖直向上 ⑧ D.若将A处直导线移走，则O处的磁感应强度大小变为√互B C 二、多选题：本题共4小题，每小题4分，共16分。 9.在如图所示的电路中，电源电动势E和内阻，为定值，R为定值电 阻，R为滑动变阻器，闭合电键S,理想电流表A的示数为1，理想电 压表VV2和V,的示数分别为UU,和U,当滑动变阻器的滑动触头 E,r R2V2 P向上滑动时，各电表示数变化量分别为△、△U,△U,和△U,下列 说法正确的是() 试卷第2页（共5页） A.1变大，U2变大 B.电源的效率增加 △U到不变 D. △U C.电源的总功率增加 不变 10.一质R为2kg的物块在合外力F的作用下从静止开始沿直线运动。F随时间1变化的图线如图所示， 则() F/N A.1=1s时物块的速率为1ms B.t=2s时物块的动大小为4kgm/s 34s C.1=3s时物块的动量大小为5kgms D.t=4s时物块的速度为等 11.如图所示，闭合线框abcd水平放置，面积S=0.5m2,匝数n=100,处在磁感应强度大小B=5×103T 的匀强磁场中，磁场方向与水平方向夹角0=37°斜向上。已知si加37°=0.6，cos37°=0.8。则() A.穿过线框的磁通量为0.15Wb B.线框以ab为轴向下转过90°时，穿过线框的磁通量为0 31 C.线框以bc为轴向下转过53°，穿过线框的磁通量变化量为01W心 D.线框以bc为轴向下转过53°，穿过线框的磁通量变化量为1×10W 12.如图甲所示的电路中，定值电阻R1的阻值为1002，定值电阻R2阻值未知，滑动变阻器R的滑片P 从最左端滑至最右端，电源的路端电压U随流过电源的电流I变化关系图线如图乙所示，其中A,B两点 是P在R的两个端点得到的。下列说法正确的是() UNV A.电源的电动势为20V,内阻为252 20 16 B.R3的总阻值为3002 R 12 C.P从最左端滑至最右端过程，R2消耗的最大功率为3.2W 460.40.8 甲 D.P从最左端滑至最右端过程，电源的输出功率一直增大 三、实验题 J3.一段用新材料制作的粗细均匀的圆柱形导体，某同学为测量其在电流为0.50时的电阻及电阻率，进 行了以下操作： (I)分别用游标卡尺和螺旋测做器测量导体长度L和横截面直径d,测量结果如图甲所示，则L=cm, d= mm; 35 30 主尺 cm 0 -20 游标尺 甲 试卷第3页（共5页） (2)设计了如图乙所示的电路测量该导体的电阻，已知电源电压为3V,请用笔画线代替导线将实物图连接 完整： 10 '美131111L/2s 丙 (3)连接好电路，闭合开关S,移动滑动变阻器滑片，当电流表示数为0.50时，电压表的读数如图丙所示， 该导体的电阻R= Q: (4)导体材料的电阻率表达式p= (用d、L、R表示)， 14.某小组用如图甲所示的电路测量一节干电池的电动势和内阻，可选用的实验器材有：电压表V(0-3V) 电流表A(0-0.6A)、滑动变阻器R1(020n)、滑动变阻器R,(0-3002),定值电阻R(12)、开关S、 导线若干。 1.6 1.5 1.4 1. o→A 00.1020.30.40.50.6 乙 (1)为了便于实验操作，滑动变阻器应选 (填写“R”或“R2”): (2)正劢连接电路，调节滑动变阻器滑片，测量多组电压表示数U和电流表示数」，描点如图乙所示，则干 电池的电动势为 V,内阻为 :(计算结果保留两位小数》 (3)该实验引起系统误差的主要原因是 四、解答题 15.如图所示，将一只满偏电流为00mA、内阻为302的表头改装成测：电流、电压两用的电表，已知 R=62,R,=202。求： G (1)电流表的量程 R2 (2)电压表的量程。 0 试卷第4页（儿5负） 16.在传统制作糍粑的过程中，质量m=1Skg的木槌从某一高度自由落下，刚接触粒粑时的速度大小 。±16m/3,木槌与粒粑的相互作用时间△=0.15s,重力加速度g=10m/s2, (1)求木槌刚接触粒粑时的动量大小。 (2)若打击槛粑后木超速度变为2四/s且方向竖直向上，求此过程中#粑对木超的平均作用力大小。 17.自动体外除领器(AED)是一种便携式的医疗设备，某型号AED的工作原理示意图可简化成如图所 示。闭合开关S,电路给储能电容器C充电，充电完毕后断开S,电容器通过电阻R1、凡、R放电，己知 电源电动势E=6V,内阻r=12,电阻R=32,R=62,凡=32，电容器的电容C=12μF,求： (J)闭合S电路稳定后通过R的电流： (2)断开S通过R的电量。 18.图1所示的电路中，电源的U-I图像如图3所示，灯泡的U1图像如图2所示，铭牌上标有2.5V0.4A” 的电动机线圈电阻为R0=1.02。图1所示电路中，开关S闭合后，电动机刚好正常工作。求： (I)若某时刻出现故障，电动机卡死不转，电动机线翻的电功率为多少： (2)电动机正常工作时，电动机效率与电源效率比值为多少。 +UN 3.0用 2.5 2.0 UNV 1.5 3.0 2.8 1.0 2.6 E,r 0.5 2.4 2.2 00.51.01.52.0 +l∥A 2.0 0.5 1.0*A 图1 图2 图 试苍第5页（共5页）《2025级高二上学期月考花 题号 2 6 答案 A 6 0 C 题号 11 12 答案 BD BC 1.A 【详解】本题考查动量定理和缓冲原理。泡沫作为 缓冲材料，能增加碰撞时间，从而减小冲击力。 A.动量变化率即合外力（下。=）.泡沫增加作 M 用时间△，在动量变化量p不变的情况下，合 外力F,减小，即动量变化率减小，故A正确： B.动量变化量△p取决于速度变化和质量，泡沫 仪改变作用时间，不影响△p,故B错误： C.冲量I0=F·M=p,△如不变，冲量不变， 故C铺误： D.同理，冲量不变，故D错误。 故选A。 2.D 【详解】由题可知1=_4815A40OmA 12 故选D。 3.B 【详解】R与R并联后的电阻为 R--2n R与R并联后再与凡串联后的电阻为 R2=R,+R=I02 Ru与R并联后的电阻为RR十R产50 则电路总电阻为R。=凡y+R=102 U 根据欧姆定律可得L,= =IA 由于R=R=102,则有4，+山=1，=2=0.5A 由于R=R2=5 则通过R,的电流为I2=I=025A 故选B。 4.D 【详解】由电阻定律得R=P行P L a U 由欧姆定律得R= 由图乙可知R=22 联立可得p= 3bc 2a 故选D。 5.C 【详解】A.根据冲量的定义，恒力F在时间I内的 答案第【页 测物理试题》参考答案 6 8 9 10 8 CD AB 冲量大小为I=F 得I=F1cos日Fcos0是拉力F在水平方向分力的冲 量大小，不是拉力F的冲量大小，故A错误 B.物体在竖直方向上没有位移，但受力平衡，即 N+F sin0=mg 所以支持力N=mg-Fsin8 只要物体没有被拉离地面，支持力N就不为零，故 B错误： 因此，在时间1内，支持力的冲量大小为IN=Nt =(mg-Fsin0t,不为0. C.根据动量定理，物体所受合外力的冲量等于其 动量的变化量。物体初动量为0，末动量为mv, 所以动量的变化量为△p=mv-0=my 因此，物体所受合力的冲量大小为v,故C正确： D.对物体在水平方向应用动量定理，设摩擦力为， 则有(Fcos0-)I=w 整理得，摩擦力的冲量大小I,=n=Fcos8-mv, 故D错误。 故选C。 6.C 【详解】A.改装电流表（量程0~IA)需并联电 阻，而非串联。计算并联电阻值：满偏时表头电压 U.=I,R=2x10×500V-0.1V 总电流I=IA 分流电流1分=1-1，=1A-0.0002A0.9998A 分流电阻R, -Ug=-0.1 Γ1分0.99981 2≈0.100022，故A错 误： B.并联R#=1252电阻时，满偏时表头电压 U.=0.1V 分流电流I分= A=8×10A=800A Rm125 总电流I=1,+1)=200μA+800μA=1000μA,故B 错误。 C.改装电压表（量程0~2V)籍串联电阻。满偏时 总电压U=2V 表头满偏电流J,=2×I0A 总电阻R。= 12x102=10000n U 2 串联电阻R=R。-R=100002-5002=95002, 故C正确： D.串联R=7S002电阻时，总电阻 R。=R+Rn=5002+75002 共1贞) 满偏电压U。=I,R。=2×10‘x8000V=1.6V,故D 错误。 故选C. 7.B 【详解】小灯泡接通，电动机未起动时，由闭合电 路的欧姆定律E=I,(R+r) 又由R=R 代入P=5w,R=52,r=2 解得电源电动势E=6V 电动机启动后，路端电压U=E-1, 小灯袍功率B= U -=32W 解得U=4V,I3=2A 电动机启动后，通过电动机的电流 =2A-4A=12A 1,=1R 5 电动机的功率P=UI 电动机线圈消耗的热功率P=乃R 电动机的输出功率乃=一P=3.36W 故选B。 8.C 【详解】A.两根导线中的电流方向相同，则导线 相互吸引，故A错误： B.设C处直导线在O处产生的磁感应强度大小为 B,则A处直导线在O处产生的磁感应强度大小为 B1,根据矢量的叠加可得B=√2B, 解得及=58，故B错误： 2 C.根据右手螺旋定则可知，变化前A、C处直导 线在O处产生的合磁感应强度方向与水平方向成 45°斜向下偏右，则匀强磁场的方向与水平方向成 45°斜向上偏左：若将A处直导线中的电流反向、 大小不变，则变换后A、C处直导线在O处产生的 合磁感应强度方向与水平方向成45°斜向上偏右， 根据叠加原则可知，O处的磁感应强度方向竖直向 上，故C正确： D.若将A处直导线移走，则O处的合磁感应强度 大小与A处导线在O处的磁感应强度大小相等，即 为2B,故D错误。 2 故选C。 9.CD 【详解】A,当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动 时，R阻值减小，则总电阻减小，总电流变大，即 A的示数1变大，内阻和R,上的电压变大，则滑动 变阻器上的电压减小，即U,变小，选项A错误： B.电源的效李 IU R IE R+r 因外电H减小，可知电源的效率减小，选项B错误： C.电源的总功丰 答案第2页 P=IE 因总电流/变大，则电源总功率增加，选项C正确： D.因 AUI=R I△ 不变：根据 U、=E-lr 可得 laUs=r I△I 不变，选项D正确。 故选CD. 10.AB 【详解】A.由图可知，02s物块合力为2N,则 F 2 加速度大小a=一=二m/s2=lm/s2 m 2 根据v=al可知，1=1s时物块的速率为y=1ms, 故A正确： B.根据v=1可知，=2s时物块的速度大小为 2=2m/s,则动量大小为P2=m%=4kgm/s,故B 正确： C.根据F-【图像的图线与坐标轴围成的面积表示 合外力的冲量及动量定理 Ia=2x2Ns-1×INs=p,-0 则1=3s时物块动量大小为P=3kgm/5,故C错 误： D.同理可得则1=4s时物块动量大小为 P,==2×2Ns-I×2Ns=2Ns 则1=45时物块的速度为y,=B=1m/5,故D错误。 m 故选AB。 11.BD 【详解】A.穿过线框磁通量的大小与线圈匝数无 关，磁通量是标量，但有正负，若规定磁感线从一 侧穿过时磁通量为正值，则从另一侧穿过时就为负 值。 当线圈处于初位置时，磁感线的竖直分虽由下向上 穿过线圈平面，此时磁通量设为正值，其大小 Φ。=BSsin8 解得D。=1.5×103b,故A错误。 B.线框以ab为轴向下转过90°时，磁感线与线圈 平面平行，磁通量为0，故B正确。 CD,线框以bc为轴向下转过53°，磁感线与线图 平面垂直，此时磁通量为正值，磁通量大小心，=BS 解得中，=2.5×103Vb 穿过线框的磁通量变化量为 △Φ=D,-①。=1x10Wb,故C错误，D正确。 故选BD。 12.BC 【详解】A.电源的路端电压公式为U=E-r,由 图乙可知：纵轴截距为电动势￡=20V (只4贞) 斜率绝对值为内阻= AU_20-40=200,A错 △/0.8 误： B.滑片在最右端时，R接入电阻为O,R被短路， 外电路只有R,由图乙得此时外阻 R=R=头=42=5n 1.0.8 滑片在最左端时，R与R并联后再与R串联，由 图乙得此时外阻R外= y4=16 2=800 1402 代入串并联公式 RR+R,=800 R+R 将R=1002,R=52代入，解得R=300D。B 正确。 C.P从最左端滑至最右端时，R消耗的功率最大， P=IR=0.82×5W=32W,C正确： D.电源输出功率在R=r(202)时最大，滑片移动 过程中，外阻从50（右端）变到402（左端），故 输出功率先增大后减小，D错误。 故选BC。 13.(1) 5.37 3.276 (32.40 (4)Rd? 4L 【详解】(1)[1)由游标卡尺得 L=53mm+7×0.1mm=53.7m=5.37cm [2]由螺旋测微器得 d=3mmt27.6×0.01mm=3.276mm (2)根据电路图可得实物图连接如下图： (3)电压表量程为0-3V,分度值01V,故电压 表读数U=120V,己知1=0.50A,由欧姆定律 答案郭3页 R='=120n=2.402 10.50 (4)由电阻定律R=P 横截面积S=(号》'=d 4 繁理得p=Rd 4L 14.(1)R1 (2)1.50 0.14 (3)电压表的分流作用 【详解】(1)干电池电动势约1.5V,飞(3002) 阻值过大，电路电流过小，调节时电流、电压变化 不明显：R(202)阻值较小，便于操作和数据测 量。所以选择凡。 （2) ◆UN 1.6 1.5 1.4 1.3 1.2 1.1 1.o出出出出出出由由 IA 00.10.20.30.40.50.6 描点做出图像如上图所示.根据U=E-I(R。+r）, 图乙中U-I图像的纵轴截距为电动势E=I.S0V: 斜串绝对值为R。+r,已知R。=2,故 1501.00 -1=0.142. 0.44 (3)电路中电压表与滑动变阻器并联，会分流， 导致电流表读数偏小，从而使电动势和内阻的剩虽 值存在误差。 15.(I)0.6A (2)15V 【详解】(1)使用O和a两个接线柱时，表头G与 电阻R并联，R起分流作用。设表头的满偏电流为 1,内阻为R。表头满偏时，由欧姆定律得两支路 的共同电压U=/,R=0.1×30V=3V 由欧姆定律，通过的电流为I,= Ua=3A=0.5A R.6 并联电路的总电流等于各支路电流之和，故电流表 的量程为I=J,+J,=0.lA+0.5A=0.6A (2)使用O和b两个接线柱时，表头与R的并联部 分再与凡串联。表头满偏时，凡中的电流等于第 (1)问求得的总电流I=0.6A,并联部分的电压仍 为U=3V。由串联电路的电压关系和欧姆定律， 电压表的量程为 Uo=U+lR=3V+0.6×20V=15V (共4页) 16.(1)240kgm/s (2)1950N 【详解】(1)木槌刚接触槛粑时的动晟大小 P=m。=(15×16)kgm/s=240kgm/s (2)设竖直向下为正方向，木槌的末动量为 P2 =mv =15x(-2)kg.m/s=-30kg.m/s 根据动量定理(-F)M=P,一P 代入数据解得F=1950N 17.(1)1A (24×10C 【详解】(1)闭合S电路稳定后，外电路总电阻为 R=R+R及 R+R 解得R=52 根据闭合电路欧姆定律可得，通过R的电流为 1-E R+r 解得I=1A (2)闭合S电路稳定后，电容器的电压为U=E-r 解得U=5V 电容器的带电量为Q=CU 解得0=6×10C 断开S后，电容器通过电阻R1、R1、R放电，R1、 R并联后与R串联，通过R1、R2的电流之比为 11:12=R2:R=6:3=2:1 根据2=Ⅱ，t相同，可知通过R1、R2的电量之比 为2：22=1，：12=2： 2 故通过R1的电量为=， 解得g=4x10'C 18.(1)1.44w ag097 【详解】(1)电动机卡死不转，电动机线圈相当于 一个纯电阻，且将其等效为电源内阻的一部分，电 源的总内阻为R+r 根据图3可得图线斜率为 t=lau 3.0-2.00=1.0m,电源电动势为 =r= 1.0 E=3.0V 故此时电路简化为一个电动势为3.0V内阻为2.02 的等效电源，外接小灯泡，在灯泡的U1图线中作 出等效电源的外特性曲线，两图线交点即为灯泡的 工作点，如图所示 答案第4页 3.0 2.5 2.0 5 1.0 0.5 00.51.01.52.0 由图可得此时灯泡电流为I=12A 所以流过电动机线圈电流也为1.2A,此时线图上的 热功率为P=/2R=1.44w (2)根据闭合电路歇姆定律可得U=E-r根据图 3可得电源电动势为E=3.0V 图线斜率为k-A 3.0-20n=1.09 a=10 在图【电路中，电动机正常工作电流为0.4A,电动 机两端电压为2.5V, 电源内阻的电压为U,=1r=0.4V 根据闭合电路欧姆定律E=U,+U,+U, 解得U,=0.1V 所以灯泡的电功率为P=U,I=0.04w 电动机功串为P=2.5×0.4W=1W 电动机效率为 n=.-12R=1-016x1x100%=849% UMly 电源效率为 3sE1-r3-二04二×1009%=15×100% EI 3 电动机效率与电源效率比值为》=6？ 665 (共4页)