山东寿光市第一中学2025-2026学年高二上学期段测（五）物理试题

2025-2026学年上学期高二年级段测（五) 物理学科试题 2026.1 今题人： 班氨： 址名： 考号： 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题目要求。 1.物理知识在生活中有广泛的应用，下列说法正磅的是 令 乙 丙 丁 A如图甲所示，阳光下观家竖直放置的肥皂职，看到彩色条纹是光的衍射产生的 B.如因乙所示，光纤通信是一种现代通信手段，它是利用光的衍射原理来传递伯息的 C如阳丙所示，在多雾或多雨的城市中，采用红灯田作为各种交通签示，原因是红光容局产生干涉 D.如丁田所示，要把减弱玻璃表面反射光的干扰，拍出清断的车窗内景象，可以在相机镜头前装一片 偏据泌光片 2.如田甲所示，把一个前子用四根弹簧支撑起来，帝子上装一个电动偏心轮，它每转一周，给篇子一个 驱动力，这就做成了一个共报饰，该共报饰的共振曲线如图乙所示。己知增大电压，可使偏心轮转速提 高：增加府子质量，可增大筛子的固有周期。现在，在某电压下偏心轮的转速是S4/m血·下列说法正确 的是 A A.共报俯现在的报动须串为0.8 偏心轮 B.仅增加筛子质量，可以使希子的报幅增大 C.仅减小电压，可以使筛子的报幅增大 D.现在关闭电源直到共短师静止前，共振前报 f/Hz 00.8 动的周期逐渐减小 甲 3.如图所示，三根足够长的平行通电直导线A、B、C分别处在正三角形的三个项点上，O点为三角形中 心，三根导线电流方向如图所示，电流大小相等。己知无限长通电直导线周困某点的磁感应强度大小与电 流大小成正比，与该点到导线的距高成反比，若导线A在O处产生的磁感应强度大小为B,则可知 A.0点的避3应强度大小为3B 0 B.O点的磁$应强度方向沿着OA方向 CE与D点的磁感应强度相同 D.F点的磁8应强度大小为日 试卷第1页，共8页 4,丽止放置在水平面上的物体，从：▣0时刻受到随时何均匀减办的水平向右的拉力F,和不变的摩擦阳力了 共同作用，已知拉力F与阻力随时问1变化的图象如田所示，则 A.在0-时间内，物体重力的冲量为零 B.4时刻物体的速度一定为零 C【=三时刻物体一定向左运动 D。很据题设条件可求出物体运动的最大速度 5.如图，为光导纤维示意图，玻璃丝长为L,ABCD为其左、右两惯盘面。一束单色光以入射角1从 AB端面射入玻璃丝，己知玻璃丝对该单色光的折射率=√互，光在真空中的传播速度为c,从①纳面时 出的光束强度等于从AB端面射入光束强度，下列说法正确的是 A.入射角可以取任意值 B.入射角1须满足1545° C光在玻璃丝中传提的最长时间为匹 改璃丝 空气 口。光在玻璃些中传播的最短时何冷 6.如图所示，水平放置的U形导线框中接有电源，电流为1，导线程垂直于匀强磁场放置，盆感应强度大 小为B,导线框问距为。一导体将与经直应线成日角放置，则导体摔所受安培力的大小和方向分别为 A.BId,方向水平向右 0，方向水平向右 Bld C.dsn8,方向垂直导体棉向左 c0s日·方向垂直导体棒向右 7.当上、下抖动轻绳时，轻绳则呈正弦波形状。如图（ā）所示是某轻绳产生的惯波沿x轴传提0时刻 的被形图，RQ分别是平衡位置为x=1.0加和40▣的两质点，田(b)为质点Q的振动田像，则 wcm ycm 12 0 图(a) 图(b) A.波沿x轴负方向传播 B.质点P的报动方程为y=10i00+m C.质点P经过0.075s的路程为15cm D、人若加快抖动轻绳，两个相邻波峰之间的距高交大 8.如图所示，一半径为R的圆形区城内充调垂直纸面向里、磁总应强度大小为B的匀强因场，O为图形避 场区域的圆心。一带电粒子以速度Y从过场边界P点沿纸面射入母场，时入时的速度方向与夹角为 试卷绍2页，共8页 30°，最后从陆场边界Q点射出.已知∠P炉120°，不计粒子凰力，则 A.该粒子花正电 B.该粒子沿OQ方向射出磁场 X C.该粒子在型场中运动的半径为R X D.该粒子在磁场中运动的时间为码 Q 二、多项选择愿：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。 全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分， 9.如田甲所示，在一块平板玻请上放置一平薄凸遗镜，在两者之间形成厚度不均匀的空气膜，让一束单 色光垂直入射到该装显上，结果在上方观察到间心圆环状干涉条纹，称为牛领环，如图乙所示，将一矩形 均匀薄玻璃板ABCD压在另一矩形平行玻璃板上，一端用薄片垫起，将单色光从上方入射，可以看到明暗 相间的条纹。下列说法正确的是 A.图甲中的环状条纹内蔬外密 入射光 B.田甲中的环状条纹间距相等 址业址 C因乙中仅增加薄片厚度，条纹问距减小 D.图乙中仅增大入射光颊率，条纹间距增大 得片 10.在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r,L 为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R、凡为定值电阻（风>月，凡为光敏电阻，其阻值大小随所受照射 光强度的增大而减小，理想电流表和理想电压表读数分别为【、U,其读数变化量的大小分别为△W、△U, 若将照射R的光的强度减弱，则 A.电压表的示数变小 B.通过乃的电流变小 C.电源输出功率变小 △U D.如果把电压表接在两端，岩R 11.利用力的传感晷可以测出单摆做简谐据动的过程中细线对摆球的拉力大小。现测得细线对摆球的拉力 大小F随时间！变化的曲线如图所示，下列说法正确的是 ↑FN F A单捏的周期为2☑ B。在马+！时刻摆球质力的屏时功率为0 C摆球的重力大小等于F+2F 3 D。有可能细线拉力的最大值是最小值的3倍 4,+21,+4s 12.未来回旋加速器可能会朝着小型化、便携化的方向发展，以便能够在更多不同的环境下使用。其原理 如图所示，D和D是两个半径为R的中空半圆形金属在，胜场垂直于盒面，两金属盒接在电压为U6、周 期为T的交流电上，一电荷量为9，质量为m的质子从D,圆心A处风入两盘之何的狭缝，质子在狭链中 故电场加速，当其校加速至动能最大后，从回旋加速器中导出，忽略质子在电场中的运动时间。下列说法 中正确的是 试卷第3页，共8页 A.收子每次通过狭缝后的速度增加量相同 B.拉子第n次被加速前后的轨进华径之比为J一：后 C,增大加速电压U,拉子达最大动能E,所用时间诚少 D.质子所能获得的最大动能为2mR 试卷第4页，共8页 三、非选择题：本题共6小题，共0分， 13.某学习小组在进行课本中的测量玻璃的折射率"实验： N 甲 两 (1)该组同学在白纸上放好玻璃砖，如和b心分别是玻璃成与空气的两个界面，如图甲所示。在玻璃 砖的一侧插上两枚大头针P和，用表示大头针的位置，然后在另一侧透过玻璃砖观察，依次插上 大头针乃和P,下列操作能减小实验误差的是 A.P和P的距离应适当取大些 B。选择宽度纹大、厚度适中的玻璃进行实验 C.只进行一次实验测量得到折射串 (2)在完成了光路图以后，一位同学用國规和刻度尺，以入射点O为因心，OA为半径画圆，与折射 光战交于B点，过A点和B点作法线N的垂钱，与法线的交点分别为C点和D点，如图乙所示，用 刻度尺测得AC长度为6.0cm,BD长度为4.0cm,则玻璃砖的折射串n=一， (3)某同学每出的安璃砖界面d、b6如图丙所示（玻璃砖两边界均与ad和6心平行）。其它操作均 正确，该同学测得的折射率与真实值相比（选填“偏大、“偏小“或“不变）。 14.某同学用伏安法剥一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材： A.待测干电池一节 B.电流表A:量程0-0.6A,内阻为0.6n C.电压表Y:量程03V,内阻未知 D.电压表V2:量程0-15V,内阻未知 E.滑动变阻晷R:0-20n,2A F.滑动变阻器R:0-200n,1A G.开关、导线若干 伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差、在现有 暑材的条件下，为酒除上述系统误差，尽可能准确地测量电池的电动势和内阻， ()在上述晷材中请运择适当的器材：电压表一，滑动变阻器选一（填写器材前的序号字母）。 试卷第5页，共8页 (2实验电路图应选择下图中的一（填“甲”或"乙“) U(V) 15 1.0 030 甲 两 )根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图所示的U-1田像，由此可知电池电动势E=一V,干 电池的内电阻r=_口（结果保留2位有效数字）， I5.如图所示，直角玻璃三梭镜BC置于空气中，一单色细光束从AC的中点D垂直于AC面入射，校镜 的折射串n=√互，∠A=60°，AC=2L求！ (1)光第一次从镜内射出时的折射角Y: (2)出射点到B点的距离d, 16.x轴上的波源S,、S,分别位于马=0和与=【4四处，1=0时刻两莜源同时开始报动，产生的两列简谐惯 波沿S,、S,连线相向传播，，=上时两列波的图像如图所示。假设波源的振动情况始终不变，不考忠波源 之问的相互影响。求： (1)两列波传播速度的大小以及两列波相通时间： (2)若质点M的平街位置位于马=05m处，请求出质点M从开始振动到%=4s时运动的总路程： 0.60.8 试卷第6页，共8贞 17.如田所示，质量为3.0kg,半径R-0.6m的四分之一光滑圆弧棉静置于光滑水平地面上，可自由滑 动，有两个大小、形状相阿的可视为质点的小球m、m,其中m=kg,四质量未知，m,右侧与球心等高 处连接一经质弹贵，弹簧的另一端距圆列植底有一定距高。现将m,从圆列情顶结由静止释放，小球m,恰 好不能再次滑上四孤相，重力加速度g=10m/s,求： (I)m高开圆弧植时，图领相的速度M大小， (2)小球m的质量大办： (3)弹簧枝压缩的过程中，其弹性势能的最大值E m M n77777nn77a77 试卷第7页，共8页 18.探究拉子源移运动的装置原理如图所示，坐标为(0，)的P点处有一质量为m,电商量为？ (g0)的负电粒子，x轴上方存在沿y轴正方向，电场强度大小为E的匀强电场，x轴下方存在垂直xO 平面向内，磁感应强度大小为B的匀强碰场.己知啦子比荷1=10Ckg,2m,EI0Vm,B-0.IT,记 拉子在P点的初速度大小为，方向垂直y轴指向x轴正向。不计粒子的凰力，不考电电场的边界： 应。 (1)求粒子做固周运动的半径，（本问结果可保留？）： (2)控制？大小，可使拉子先击中x轴上D点（未在图中标出），松后历径盘场回到P点，求粒子： ①从出射到第一次击中x轴上D点所用时间： ②速度？的大小： (3)若一4×10s,求粒子第三次经过x轴时的坐标， 0 XXX XX XXX XXX XX XXX ×××× ××× 试卷第8页、共8页第五次段测物理答案 1.D 2.C【详解】A.某电压下偏心轮的转速是S4r/mi血，则共报筛现在的摄动须串为 /-箭=09，故人猫银： B.由图乙可知，筛子固有领率为0.8H红仅城加第子质量，饰子的固有周期增大，固有频 率减小，则固有颜率和驱动力频率的差值变大，筛子的报幅减小，故B错误： C.仅减小电压，则偏心轮转速被小，共振篇的扳动领率减小，可使固有颜率和驱动力频率 的差值变小，筛子的振幅增大，故C正确： D.关闭电源直到共振帘静止前、共报容摄动的周期不变，故D错误. 故选C. 3.D【详解】AB.根据安培定则可知，三根导线在O点产生的磁感应强度的大小相等，方 向如图所示，由于B,与AD垂直，B与BF垂直，Bc与CE垂直，根据几何关系有 B。=2B,=2B,=2B,方向与BF连线垂直斜向上，故AB错误： C.根据磁场的叠加可知E点与D点磁感应强度大小相等，方向不同，故磁感应强度不同， 故C钳误： D.A、C导线在F点产生的磁场等大反向，互相抵消，B导线在F点产生的磁场方向沿F 方向.由于F距高为40距离的15倍.所以B在F点产生的磁感应强度大小为B,故 D正确。故选D. 4.B【详解】A,在0~，时何内，物体重力的冲量等于重力大小与时 同的乘积，不为零，A错误： B.由于0一4时间内合力的冲量为号，且物体的初速度为妥，根据动量定理可知，飞时刻物 体的速度一定为零，B正确： C,在0-受时间内F大于摩擦力了物体向右加速运动，1=号时刻物体受到的合外力为零。 加速度为零，速度最大，不会向左运动，C错误： D.由于物体的质量未知，所以无法求出物体运动的最大速度，D错误。 故选B, 5.A【详解】AB,作出光路图，如图所示 玻璃丝 D 空气 玻璃丝对该单色光的折射串为m,令临界角为C,则有 血C=1,解得C=45,光从空 气进入玻璃丝不会发生全反射，当入射角可以取任意值，其折射角均满足a545°，由几何 关系可知单色光从或璃丝侧壁射出时的入射角满足B之45°=C,即发生全反射，故A正鸦： B错误： L CD。根据几何关系可得，光在玻璃丝中传括的距高x= s血B 光在玻璃丝中的速度大小为v=9 可得光线从玻璃丝端面B传指到其另一端面所需时何为！=上。心 v c.sin B 入射角i决定口、B的大小，所以光在玻璃丝中的传指时间与入时角i大小有关由于B之C, 刚好发生全反射时，B=5°，光线从端面AB传播到其另一端面所需的时间最长 解得一兰：故①指误。故选A 6.D 7.B 【详解】A.由图乙可知，在0时，质点Q向上摄动，根据同侧法可知，波沿x轴正方 向传播，故A错误： C.由图可知.振幅为10em,周期为02s,波长为8m,则波速为v-- 02 m/s=40m/s 0时刻，质点P向下损动，到达平衡位置的时间为：=五== 4038 质点P经过0.0755， 即子7，质点P经过的路程为s= A+A=(52+10)cm,故C错误： R 2 B.由图可得，所以质点P的报动方程为y=10im(一1+pjm=10si血Q0+pcm T 当P0时，质点向下根动，且y=三4=5cm 2 代入上式解得p-安 2 所y=10s血(10石+3 41 cm,故B正确： D.人若加快抖动轻绳，则波的振动频串变大，波速不变，根据v=A∫可知，波长变小，即 两个相邻波峰之间的距高变小，故D错误。 故选B。 8.c 【详解】ABC.带电粒子在洛伦兹力作用下在磁场中做匀速圆周运动，设圆心为C，,运动 轨迹如图所示 由几何知识可知，C在圆形延场边界上，四边形PO0C为菱形，拉子运动轨迹的轨道半径 为R,由左手定则知粒子带负电，粒子离开磁场时的径向C2平行于P0,故粒子离开磁场 时速度方向垂直PO,故AB错误，C正确： 。D.希电粒子在型场中做圆周运动的偏转角度为120°，运动时间为1=120x2mR_2xR, 360v 3v 故D错误。 故选C。 9【答案】AC【详解】AB,从肥皂膜的上下表面反射的两列光为相干光当光程差为波长 的整数倍时是亮条纹，当光程差为半个波长的奇数倍时是暗条纹，以中心为圆心上的圆周各 点是等厚的，则干法条纹是环状条纹，从中心到边缘肥皂膜的厚度不等故纤涉条纹疏密不 均匀，从里到外相同的水平距高光的路程差越来越小，则于涉条纹越来越密集，为内疏外密 的环状条纹，故A正确，B错误： C,设膜厚为4处产生亮条纹，如图所示 d x 8 则有24=n入 3 设相邻充条纹处膜厚为d,则有2d,=(+)2 设空气膜页角为0， 则有tan0=4-4 △x 解得4r=、人 2tan0 增加牌片原度，tan0增大，条纹问距将减小，故C正确： ,故C正确： D.增大入射光须串，则波长变小，条纹间距减小，故D错误 故选AC。 10.【答案】AC 【详解】AC.将照射R的光的强度减弱，则R阻值变大，总电阻变大，总电流减小，则 内电路电压诚小，路端电压增大，即电压爱示数变大，所在的并联支路电压交大，则通 过R电流变大，则A,C正璃： B,电源的输出功岸与外电阻变化的图像如下 R 因R大于电源内阻，可知当R阻值变大时，外电路总电阻增加且远离电源纳阻，因当电 源内阻等于外电阻时电源箱出功串最大，可知此时电源當出功率诚小，B言误。 AU与A1的比值为 则比值保持不变，故D错误： 11.【答案】BC 【详解】A.摆球在竖直平面内做单摆运动，在最低点绳子的拉力和皿力的合力提供向心力， 此时拉力最大，此时开始计时，第二次拉力最大时对应的时间即为一个周期，根据图象可知： 单摆的周期为T=故A错误： B,当绳子拉力最小时，据球在最高点，当绳子拉力最大时，摆球在最低点，由图可知在马+！ 时刻摆球在最低点，速度沿着水平方向，与里力方向垂直，.此时重力的时功率为0，故B 正确： C.当摆球在最高点时，沿绳方向根搭平商条件 F=mg cosa 在最低点，根据牛领第二定伸 Fen -mg myi 由最高点到最低点过程，根据动能定理 mgi(l-cosa)=mv 联立解得 mg=Ft2F 3 故C正确： D.根据C选项可得 F=3mg-2mgcosa F。=mg cosa 号数学知识可知细线拉力的最大值不可能是最小值的3倍，故D错误， 哉选BC 12【答案】BCD 13.()AB 2)15(3)偏小 【岸解】(1)A.P和P距高适当取大些，能更准确确定光线方向，减小误差，A正确： B.选择宽度较大的成璃砖，可增大光线侧移量：减小测量的相对误差，B正确： C.只进行一次实验测量，偶然误差大，应多次测量求平均，C错识， 故选AB. (2)根据折时定律n .sin i知0， 由图可得血Q=4C i,血g= BD OB OA=OB 折甜率n=4C-60cm.15 BD 4.0cm (3)如图所示，实线为实际的光路图，虚线为实验中作出的折射光线，可知作出的折射光 钱相比实际折射光线沿逆时针转动了一个角度，所以折射角α的测量值大于真实值，而由于 立璃砖上老面与如平行，所以入射角的测量值等于真实值，根搭m=血卫 ，因此玻璃砖 sina 折射率的测量值比真实值偏小. 14.(0)图1(2)AD③)148 0.83 【详解】(1)电源内阻约为1.0n,电压表内阻远远大于电源内 阻，电流表内阻与电源内阻差不多，可知，电流表分压影响较大，电压表分流影响较小，实 验中应利用电压表直接测量路端电压，可知，应该选择的实验电路是下图中的图1， (2)[1]枝测电池的电动势约为1V,内阻约为1.00，则通过电流装的最大与最小电流分别 15A=0.07A 为1片A15A人0片0 可知，为了确保电流表的安全与精度，电流表选择量程0-0.6A的A1,故远A. [2]为了减小电压表分流影响，滑动变阻器选择总阻值小一些的0-20Q,即滑动变阻暑选择 R,故迷D (3)[1]由闭合电路欧姆定律U=E-r 故纵裁距为电动势，由图像可知电动势为E习4V 148-100=0.83n [2]斜率的绝对值为内阻 0.58 15.(1)y=45 2a=25 3 【详解】(1)光路图如图所示 设该较璃的临界角为0，有s血0=】 解得0=459 由几何关系知a=60°>45°，则光在AB面发生全反射，又B =a-309 =30°<45 由折射定律 si=n sinB 解得y=45 (2)设光线分别经过4B面、BC面的E、F点，由几何关系有E=上.4C BE d= 2c05609 2cos30° 解得d-25L 3 16.(0)0.4m/s1.75s(2)116cm 【详解】(1)由题图可知，两列波传播速度的大小均为v=△-0 -m/s=0.4m/s △1 (2)由恩图可知，两列波的波长均为入=0.4m,则周期均为T=冬=5 根据波形平移法可知，两列波引起质点的总报方向均向上：五=0.52m处与两波源的距离 差为△r=04-0.52)m-0.52m=0.36m 由于距高差不等于波长的整数倍，所以，=0.52m处不是振动加强点，而位移为12cm等于 两波的报幅之和，只有振动加强点才存在位移为12cm,所以平衡位置位于，=0.52m处的 质点P没有位移为12cm的时刻. (3)波源S的报动传到丐=0.5m处所用时间为4山=s= 23=125s v0 D042.2 被源8的拔动传到5=0.5加处所用时间为出，=△二=09 马=0.5m处与两波源的距高差为△r=0.4-0.5)m-0.5m=0.4m=1 可知两被叠加后与=05m处为振动加强点：则在0-125s内，质点M不振动：在125-225s 内，只有波源S,引起质点M报动，振动了1个周期，则通过的路程为与=44=32m 在225-46内，两波源共同引起质点M损动，损动的时间为=1：75s=12 则该段时间内通过的路程为与=4×44+4)=84如 故质点M从开始损动到马=45时运动的总路程为5=5+马=116cm 17.(0)1m/s (2)2g(3)3J 【详解】(1)小球m在圆弧相上的下滑过程，槽和小球组成的系统在水平方向动量守恒， 则m%+M=0 由系统机被能守恒可得风8R=片+宁 2 解得y=1ms,%=5m/s 所以m,离开圆弧槽时，图页槽的速度大小片=1m, (2)小球m,恰好不能再次滑上圆弧怕，则小球m,与弹资相互作用后，即弹簧恢复原长时， 小球m,的速度y=y=1ms,方向水平向右 设此时小球m速度为y,取水平向左为正方向，小球m,与弹簧相互作用过程，根据动量守 恒得m=-my+m 由能量守恒得子-以+防 解得m1=2kg (3)当小球m、m,速度相每时，弹贷具有最大弹性势能，根据动量守恒得m,片=（码+m)"= 解得'#=ms 根据能量守恒可舟写吃-+%以 解得E,-3J 18.(0)10'V4×10+ 2)①2x10s:②10'm/s 3)(2m,0) 【详解】（1)根据动能定理9h=m-m 解得6=+2 2=V4x10+ m 根据牛领第二定律W,B=m过 器+-10,0+ 解得= m (2)0粒子从P运动到D的过程中，根据类平抛规律有95=m0,M一立解得 2hm =2x105 ②拉子运动轨迹如图 根据类平抛规律可得xD=” 2hm gE =2x10y,y,=ay=1 2ghE =2x10m 由题意可知粒子圆周运动圆心0位于y轴，根据几何关系有 im8=2=业 r Vo E 联立解得y,=号=10'm5 (3)高子经过多个周期性运动，向右漂移，轨迹如图 P-→D过程中，有xp==0.8m 2→几，过程，粒子后退距离为△x=b,Dl=2si血9=2=0,4m D→R过程，拉子前进距离为D,引=x。=0.8m 乃→D,过程，拉子前进距高为DL,=x。=0.8m 所以第三次击中x轴位置x,=xo-△r+2x=2m 故粒子第三次经过x轴时的坐标为D,(2m,0).的 2025-2026学年上学期高二年级第五次段测 物理答题卡 [o]1】【2】【3】[4J【5】[6)【7]【9] 姓名： 班级 [o][1】【2】[3j14J【5】6][]8191 [o]】2】J]【4][s】[6][7)][8][9】 o]I1】【21[3】[4]【51【6]I]】【91 学号 [o]【1】[2][3】【4]【s)[6][]8][91 单选题4分) 【AJ[B][c][D] 6 [A][B][C][D] 2 [A][B][c][D] 7 [A][B][c][D] 3 [A][B]IC][D] 8[]B][C][D 4 [A][B][C][D] s [A][B][c][D] 二多进题06分) 9 [A][B][C][D] 10 [A][B][C][D] 11 [A][B][c][D] 12 [A][B][c][D] 三、非选择退(60分) 13.(6分) 0123456 ) (2) ③) 14.(8分) 012345678 2① ② 2 30 ② 第页共质 15.8分) 0I2345678 16.(10分) 012345678910 第2页共4项 17.(12分) 0123456789I02 第3页共4质 ■ 18.(16分) 012345678910111213141516 P 0 X×××××X B ×××× ×X×× × X.×× XX X 氟4质共4项 ■