广西壮族自治区桂林市桂电中学2026-2027学年高二上学期10月阶段检测物理试题

高二10月份月考物理试卷 本试卷满分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上. 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号.回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效. 3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回. 一、选择题：本大题共10小题，共46分。第1~7题，每小题4分，只有一项符合题目要求，第8~10题，每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1.如图所示，一个木箱原来静止在光滑水平面上，木箱内粗糙的底板上放着一个小木块。木箱和小木块都具有一定的质量。现使木箱获得一个向右的初速度v0，则(　　) A.小木块和木箱最终都将静止 B.小木块最终将相对木箱静止，二者一起向右运动 C.小木块在木箱内壁将始终来回往复碰撞，而木箱一直向右运动 D.如果小木块与木箱的左壁碰撞后相对木箱静止，则二者将一起向左运动 2.一小球从空中以一定的初速度水平抛出，不计空气阻力，则小球动量改变量Δp与运动时间t和下落高度h的关系图像中，可能正确的是(　　) A. B. C. D. 3.对于两个质量相同的物体发生速度在同一直线上的弹性碰撞过程，可以简化为如下模型：在光滑水平面上，物体A的左边固定有轻质弹簧，与A质量相同的物体B以速度v向A运动并与弹簧发生碰撞，A、B始终沿同一直线运动。设物体的质量均为m＝2kg，开始时A静止在光滑水平面上某点，B以速度v0＝2.0m/s从远处沿该直线向A运动，如图所示，A、B组成的系统动能损失的最大值为(　　) A.1J B.2J C.3J D.4J 4.（2024-2025·广东高三期中）2023年杭州亚运会跳水项目比赛时间为9月30日至10月4日，在杭州奥体中心游泳馆举行，中国跳水队实现本次跳水金牌大包揽，拿下全部10枚金牌，再次展现梦之队的实力，全红婵、陈芋汐更是完美展现“水花消失术”，在十米跳水过程从离开跳板开始计时，其v—t图像如下图所示，图中仅0~t2段为直线，不计空气阻力，则由图可知（　　） A.0~t1段运动员做加速运动 B.0~t2段运动员的速度方向保持不变 C.t3时刻运动员速度达最大，加速度为0 D.t3~t4段运动员的加速度逐渐增大 5.如图所示，一水平光滑平面与顺时针匀速转动的水平传送带平滑连接，右侧一处于压缩状态的轻质弹簧与一质量为m的小滑块接触（不相连），释放后滑块以速度v滑上传送带，滑块运动一段时间后返回并压缩弹簧，已知返回后弹簧的最大压缩量是初始压缩量的一半。已知弹簧弹性势能，不计空气阻力，则（　　） A.传送带匀速转动的速度大小为 B.经过足够长的时间，滑块最终静止于水平面上 C.滑块第一次在传送带上运动的整个过程中产生的热量为 D.滑块第三次在传送带上运动的整个过程中传送带对滑块的冲量为 6.如图所示，平静湖面上静止的小船的船头直立一垂钓者，距离船头右侧d处有一株荷花，当此人沿直线走到船尾时，船头恰好到达荷花处。若已知人的质量为m，船长为L，不计水的阻力，则船的质量为(　　) A. B. C. D. 7.某生物兴趣小组为测试青蛙的跳跃能力，在光滑玻璃桌面上放一半径为R的荷叶，青蛙处在荷叶中央，已知青蛙和荷叶质量均为m。若青蛙能够一次跳离荷叶，那么青蛙至少做多少功() A. B. C. D. 8.将两个完全相同的磁体(磁性极强)分别固定在两辆小车上，水平面光滑。开始时甲车速度大小为3 m/s，方向向右，乙车速度大小为2 m/s，方向向左，并与甲车速度方向在同一直线上，如图所示。若甲车与磁体的总质量为1 kg，乙车与磁体的总质量为2 kg，它们还没接触就分开了，则(　　) A.乙车开始反向时，甲车速度为0.5 m/s，方向与原速度方向相反 B.甲车开始反向时，乙车速度为0.5 m/s，方向不变 C.两车距离最近时，速率相等，方向相同 D.两车距离最近时，速率都为m/s，方向都与原来乙车速度方向相反 9.C919大型客机是我国按照国际通行适航标准自行研制、具有自主知识产权的大型喷气式民用飞机，在它的研制过程中风洞实验是必不可少的。现某同学在风洞中完成了以下实验：将一个质量为m的物体放在水平网上(网不影响物体受到的风力)，调节风力大小，并记录了物体所受竖直向上的风力F与时间t的关系，如图所示。下列说法正确的是 (　　) A.在前2t0时间内物体加速度不变 B.在前6t0时间内物体一直向上运动 C.在5t0时刻物体的速度大小为gt0 D.在前6t0时间内物体的最大速度为 10.关于动量、冲量以及动量变化的说法正确的是(　　) A.一个做曲线运动的物体，其动量的大小和方向变化，而在相等时间内物体受到的合外力的冲量不可能始终相等 B.一个做曲线运动的物体，其动量的大小始终不变，而在相等时间内合外力的冲量大小可能总相等 C.一个物体所受合外力冲量为零时，虽然其动量不变，但是物体所受到的每个力的冲量可能一直增大 D.一个运动物体，其动量越来越大，而其加速度一定越来越大 二、非选择题：本大题共5小题，共54分。 11.某同学用如图所示的装置验证动量守恒定律，并测量处于压缩状态下的弹簧的弹性 能．实验前，用水平仪先将光滑操作台的台面调为水平．其实验步骤为： A．用天平测出滑块A、B的质量mA、mB； B．用细线将滑块A、B连接，使A、B间的弹簧处于压缩状态； C．剪断细线，滑块A、B弹离弹簧后，均沿光滑操作台的台面运动，最后都滑落台面，记录滑块A、B的落地点M、N； D．用刻度尺测出M、N距操作台边缘的水平距离s1、s2； E．用刻度尺测出操作台面距地面的高度h. 请根据实验步骤完成下面填空： (1)滑块A、B都离开台面后，在空中运动的时间tA____tB(选填“>”“<”或“＝”)． (2)如果滑块A、B组成的系统水平方向动量守恒，需满足的关系是__________(用测量的物理量表示)． (3)剪断细线前，弹簧处于压缩状态下具有的弹性势能是____________(用测量的物理量和重力加速度g表示)． 12..在利用气垫导轨探究物体碰撞时动量变化的规律实验中， (1)(多选)哪些因素可导致实验误差增大　　(填字母)。 A．导轨安放不水平 B．滑块上挡光板倾斜 C．两滑块质量不相等 D．两滑块碰后粘在一起 (2)如图左侧滑块质量m1＝200 g，右侧滑块质量m2＝160 g，挡光板宽度为3.00 cm，两滑块之间有一压缩的弹簧片，用细线将两滑块连在一起。开始时两滑块静止，烧断细线后，两滑块分别向左、右方向运动。挡光板通过光电门的时间分别为Δt1＝0.25 s，Δt2＝0.20 s。以向右为正方向，则烧断细线后两滑块的速度分别为v1′＝　　 m/s，v2′＝　　m/s。烧断细线前m1v1＋m2v1＝　　，烧断细线后m1v1′＋m2v2′＝　　，可得到结论：碰撞前后两滑块的　　　　　　　　。 13.如图所示，人坐在滑车上在冰面上以速度向右滑行，人与滑车总质量，与冰面摩擦不计，在O点静止一质量的木箱，木箱与冰面间动摩擦因数，当人到达O点时，将木箱相对地以速度水平向右推出。此后人在A点再次追上木箱，人迅速抓住木箱并水平推着木箱一起运动，最后停在B点。g取。 （1）推出木箱后，人的速度为多少？ （2）B点离O点距离x为多少？ 14.一质点在平衡位置O点附近做简谐运动，从它经过平衡位置起开始计时，经0.13 s质点第一次通过M点，再经0.1 s第二次通过M点，则质点振动周期的可能值为多大？ 15.如图所示为四旋翼无人机，它是一种能够垂直起降的小型遥控飞行器，目前正得到越来越广泛的应用．一架质量m＝2 kg的无人机，其动力系统所能提供的最大升力F＝36 N，运动过程中所受空气阻力大小恒为f＝4 N．重力加速度取g取10 m/s2. (1)无人机以最大升力在水平地面上由静止开始竖直向上起飞，求t1＝5 s时离地面的高度h； (2)无人机悬停在距离地面高度H＝100 m处，某时刻由于动力设备发生故障，无人机突然失去升力而坠落至地面(无反弹)，若无人机与地面的作用时间为t2＝0.2 s，求地面所受平均冲力的大小． 答案 一、单选题 1.B【解析】最终木箱和小木块都具有向右的动量，并且相互作用的过程中总动量守恒，选项A、D错误；由于小木块与底板间存在摩擦，小木块最终将相对木箱静止，选项B正确，C错误。 2.A【解析】平抛运动只受重力，动量的变化等于重力的冲量，也是竖直方向的动量变化，有 ，则Δp与时间t成正比，故Δp-t图像是过原点的倾斜直线，故A正确，B错误；平抛的竖直分运动为自由落体运动，则有，故有，则Δp-h图像为一种幂函数曲线，其倾斜程度应逐渐减小，故C、D错误，故选A。 3.B【解析】由运动分析可知当二者的速度相等时，弹簧的长度最短，弹性势能最大，动能损失最多，对两物体及弹簧组成的系统，由动量守恒定律得mv0＝2mv1 所以 则系统动能的减小量为 4.C【解析】v—t图像中，速度数值的正负表示方向，速度数值的绝对值表示速度大小，可知0~t1段运动员做减速运动，故A错误；t1时刻之前，速度为负值，t1时刻之后，速度为正值，根据上述可知，在t1时刻，运动员的速度方向发生改变，故B错误；根据图像可知，t3时刻运动员速度达最大，由于v—t图像中，图像切线的斜率表示加速度，根据图像可知，t3时刻图像切线的斜率为0，即t3时刻运动员的加速度为0，故C正确；v—t图像中，图像切线的斜率表示加速度，斜率的绝对值表示加速度大小，根据图像可知，在t3~t4段时间内，图像切线斜率的绝对值先增大后减小，即t3~t4段运动员的加速度先增大后减小，故D错误。故选C。 5.C【解析】由题意可知，释放滑块过程，能量守恒，可得，滑块返回压缩弹簧时有，联立解得，故A错误；结合以上分析可知，滑块再次滑上传送带时速度为,则每次滑块返回时速度均为，因此一直在做往复运动，不会停止，故B错误；以传送带为参考系，木块滑上时相对传送带的速度为，在第1次滑的过程当中产生的热量就等于相对的动能的损耗量，即 ，故C正确；依题意，滑块第三次在传送带上运动的整个过程中，规定向右为正方向，由动量定理可知，传送带对滑块的水平冲量大小为，同时传送带对滑块有竖直向上的支持力产生的冲量，因此传送带对滑块的总冲量大于mv，故D错误。故选C。 6.A【解析】设船的质量为M，船和垂钓者组成的系统水平方向动量守恒，故每时每刻均有mv人＝Mv船，所以有m人＝M船，两边同乘以运动时间t，有m人t＝M船t，即mx人＝Mx船，且有x人＋x船＝L，其中x船＝d，联立解得M＝，故选A。 7.C【解析】青蛙和荷叶系统在光滑桌面不受到水平外力，系统在水平方向动量是守恒的，初始总动量为0，设青蛙相对地面水平速率为，荷叶相对地面水平速率为，则有 得，青蛙相对荷叶的水平方向速率为，设青蛙做斜抛运动的竖直方向初速度为，则在空中运动时间：，“刚好跳离”的条件：青蛙相对荷叶的水平位移等于荷叶半径R，即，解得：，青蛙做的功等于系统总动能增量，即，由基本不等式，得，等号在时成立，代入，得，故选C。 8.BC【解析】以向右为正方向，开始时甲车速度v甲＝3 m/s，乙车速度v乙＝－2 m/s。当乙车速度为零时，乙车开始反向，根据动量守恒定律得m甲v甲＋m乙v乙＝m甲v甲′，解得此时甲车的速度v甲′＝－1 m/s，负号表示速度方向向左，与原来甲车速度方向相反，故A错误；当甲车速度为零时，甲车开始反向，根据动量守恒定律得m甲v甲＋m乙v乙＝m乙v乙′，解得此时乙车的速度v乙′＝－0.5 m/s，负号表示速度方向向左，与原来乙车速度方向相同，故B正确；两车速度相同时，相距最近，根据动量守恒定律得m甲v甲＋m乙v乙＝(m甲＋m乙)v，解得此时两车速度v＝－m/s，负号表示速度方向向左，与原来乙车速度方向相同，故C正确，D错误。 9.CD【解析】 由题图可知，风力是变化的，0~t0物体静止，t0~2t0时间内，物体向上运动，加速度竖直向上，不断增大，选项A、B错误；从t0到5t0这段时间，对物体应用动量定理有IF-mg×4t0=mv1-0，由图像可知这段时间内风力的冲量IF=+=，解得v1=，C正确；由图形剖析可得在5.6t0时物体的加速度为零，速度最大，(破题关键)从t0到5.6t0，对物体应用动量定理有IF'-mg×4.6t0=mvm-0，由图像可知这段时间内风力的冲量IF'=++=，解得vm=，D正确。 10.BC【解析】物体做曲线运动，速度方向一定改变，速度大小可能改变，在相等时间内物体受到的合外力的冲量可能始终相等，如平抛运动，故A错误；一个做曲线运动的物体，其动量的大小始终不变，如果受到合外力的大小不变，则相等时间内合外力的冲量大小总相等，如匀速圆周运动，故B正确；物体所受合外力冲量为零时，根据动量定理，其动量不变；但是物体所受到的每个力的冲量可能一直增大，只要保证合力为零即可，故C正确；运动物体，其动量越来越大，说明速度越来越大，但加速度可能越来越小，故D错误。 二、非选择题 11. (1)＝　(2)mAs1＝mBs2　(3) 【解析】(1)滑块A、B离开台面后都做平抛运动，竖直方向高度相同， 由h＝gt2，得tA＝tB＝. (2)根据动量守恒定律有0＝mAvA－mBvB， 又vA＝，vB＝，tA＝tB，可得mAs1＝mBs2. (3)根据能量守恒定律得Ep＝mAvA2＋mBvB2＝. 12. (1) AB　(2)－0.12 　0.15　0　0　各自质量与速度乘积之和是不变量。 【解析】(1)导轨不水平，滑块的速度将受重力影响，导致实验误差增大，故A正确；滑块上挡光板倾斜，会导致挡光板宽度不等于挡光阶段滑块通过的位移，计算速度出现误差，故B正确；两滑块质量不相等，系统碰撞前后动量仍然守恒，不会导致实验误差，故C错误；两滑块碰后粘在一起对速度的测量无影响，系统碰撞前后动量仍然守恒，不会导致实验误差，故D错误。 (2)以向右为正方向，由平均速度公式可得v1＝－＝－m/s＝－0.12 m/s，v2＝＝m/s＝0.15 m/s，烧断细线前两滑块处于静止状态，两滑块的质量与速度乘积之和为零，即m1v1＋m2v2＝0，烧断细线后，两滑块的质量与速度乘积之和为m1v1′＋m2v2′＝0.2×(－0.12) kg·m/s＋0.16×0.15 kg·m/s＝0，说明碰撞前后两滑块各自质量与速度乘积之和是不变量。 13. （1）；（2） 【解析】（1）对人与木箱系统列动量守恒 得 （2）此后木箱向前匀减速运动，加速度大小为a，则有 经时间t人追上木箱，则有，， 得， 此时木箱速度为 人抓住木箱后，共同速度为，系统动量守恒 得 此后二者共同匀减速运动，解得 又因为，所以 14. 0.72 s或0.24 s 【解析】将运动过程模型化，画出具体的图景． 第一种可能是M点在O点右方，质点从O到M运动时间为0.13 s，再由M经最右端A返回M经历时间为0.1 s，如图甲所示． 另有一种可能是M点在O点左方，如图乙所示，质点由O点经最右端A点后向左经过O点到达M点历时0.13 s，再由M向左经最左端A′点返回M历时0.1 s. 根据以上分析，质点振动周期共存在两种可能性． 第一种情况，由图甲可以看出质点从O→M→A历时0.18 s，根据简谐运动的对称性可得＝0.18 s，得T1＝0.72 s．另一种情况，由图乙可知，质点从O→A→M历时t1＝0.13 s，质点从M→A′历时t2＝0.05 s，则T2＝t1＋t2，解得T2＝0.24 s. 15. (1)75 m　(2)416 N 【解析】(1)无人机起飞后向上做匀加速直线运动，由牛顿第二定律有F－mg－f＝ma， 又h＝at12， 联立解得h＝75 m. (2)无人机向下做匀加速直线运动，由动能定理有mgH－fH＝mv2， 无人机与地面碰撞过程中，设地面对无人机的平均作用力大小为FN′，以竖直向下为正方向，由动量定理有(mg－FN′－f)t2＝0－mv， 根据牛顿第三定律有FN＝FN′， 联立解得FN＝416 N. 第1页 共1页 学科网（北京）股份有限公司 $