陕西广东百师联盟2026-2027学年上学期高三10月联考物理试题

D 高三物理 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在 本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 考试时间为75分钟，满分100分 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项 中，只有一项是符合题目要求的。 1,小李计划周末从家自驾去某景区旅游。他打开手机导航搜索驾车路线，系统给出两条推 荐方案如下表所示。导航提示方案一需经过多个隧道和弯道，方案二则多为直线路段。小李 在途中观察到路旁标牌显示“前方连续弯道，限速60k/h”。下列说法正确的是 方案一 全程约120km,预计用时1小时50分钟，若早上7：30 (推荐路线) 出发，预计9：20到达 方案二 全程约105km,预计用时2小时5分钟 A.“9:20到达”中的9：20指的是时间间隔 B.方案二的“105km”指的是汽车从家到景区的位移大小 C.研究汽车通过隧道某个洞口的时间时，汽车不能被视为质点 D,若以正在行驶的汽车为参考系，路旁的标牌是静止的 2.2026年7月10日12时15分，长征十号乙运载火箭在海南商业航天发射场发射升空（图 甲)，火箭一二级分离约6分钟后，一子级垂直返回，在海上回收平台成功回收（图乙）。火 箭升空时，需要点火加速，一子级回收的最后阶段需要点火减速。下列说法正确的是 甲 ③高三物理第1页（共8页） A.火箭在发射阶段做加速运动，火箭的机械能守恒 B.一子级回收的最后阶段点火减速，火箭处于失重状态 C.在火箭发射阶段，若不考虑火箭质量变化，火箭受到地球的万有引力大小不变 D.一子级回收的最后阶段做减速运动，合力对火箭做负功 3.如图甲所示，水平桌面上静止一质量为m的物块，自t=0时刻起，对该物块施加一竖直 向上的力F,如图乙所示为力F随时间t变化的关系。空气阻力不计，当地重力加速度为 g,则 ◆F 3mg 2mg mg 7777777777777 62.31.4。t 甲 乙 A.物块在t。、2t。、3t。时刻的瞬时速度大小之比为1：√2：√3 B.物块在0~t。、t。~2t。,2t。~3to时间内的位移大小之比为1：2：3 11 C.力F在0~4t时间内对物块的冲量大小为2mgt 13gt0 D.4t。时刻，物块的速度大小为 2 4.一辆玩具小汽车在水平地面上由静止启动，在010s内做匀加速直线运动，t=10s时 其输出功率恰好达到额定功率，此后保持额定功率不变继续加速，其)一t图像如图所 示。已知玩具小汽车的质量=2kg,运动过程中所受阻力大小恒为车重的0.2倍，重力 加速度g取10m/s2。下列说法正确的是 4/(m's) 8--- 0 10 A.玩具小汽车在0~5s内所受的牵引力大小为20N B.牵引力F的单位牛顿(N)与kg·m/s是等价的 C.在0~10s时间内，玩具小汽车的加速度和牵引力功率均不变 D,玩具小汽车最大速度大小为vm=11.2m/s ③高三物理第2页（共8页） 5.某兴趣小组在课外活动中设计了一个“旋转平衡”实验装置。将质量为M的滑块套在竖 直固定杆上，滑块外侧固定有一个轻质、光滑圆形轨道（可使轻绳绕滑块无摩擦转动），一 根不可伸长的轻绳一端连接在该轨道上，另一端连接质量为的小球。滑块与竖直杆之 间的动摩擦因数为：，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现使小球在水平面内绕竖直杆 以角速度仙做匀速圆周运动，轻绳与竖直方向的夹角为0，且滑块恰好不下滑，重力加速 度为g,下列说法正确的是 A.轻绳拉力大小为m8 cos 0 B.竖直杆对滑块的摩擦力大小为：(M十m)g ○m C.竖直杆对滑块的弹力大小为Mg D,若仅增大角速度ω，则滑块一定会向上滑动 6.建筑工人用定滑轮运送建筑材料。如图所示，工人在水平地面上握住绳子的一端，以 5/s的速度匀速后退，通过定滑轮将8kg的建筑材料向上拉动。某时刻工人手中绳子 与水平方向夹角为53°，此时人的手到定滑轮的距离为7.5m,忽略滑轮轴摩擦，绳子和定 滑轮的质量不计，人握绳子的手离地高度不变，g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8。 则从图示时刻开始到绳子与水平方向夹角为37°时，人对建筑材料做的功为 53 7777777777777777777 A.200J B.228J C.256J D.276J 7.如图所示，水平光滑的桌面上A、B两个可视为质点的小球在同一直线上沿同一方向运 动，已知小球A的质量mA=3kg、速度vA=4m/s,小球B的质量mB=1kg、速度vg= 2/s。小球A追上小球B之后，与小球B发生对心弹性碰撞。碰后两小球均能从桌面 右端离开，在落地前均与竖直墙面发生碰撞。若不计空气阻力，则A、B两小球与竖直墙 面碰撞位置与桌面的高度差之比为 777777777777777777777777777777777777777 A.16:9 B.25:9 C.36:9 D.49:9 ③高三物理第3页（共8页） 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项 中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。 8.在机械加工车间的物料临时存放区，工人将一根质量为的铜管P端用轻绳悬挂于天花 板上的O点，N端斜靠在一个质量为M的楔形支撑块上。楔形支撑块置于水平地面上， 铜管和支撑块均保持静止状态。重力加速度为g,则 77777777777777777777777777777777777777777 A.铜管一定受到4个力的作用 B.铜管N端所受弹力方向竖直向上 C.地面对支撑块没有摩擦力的作用 D.地面对支撑块的支持力小于(M十m)g 9.如图所示，飞船沿半径为3的圆轨道1绕地球做匀速圆周运动，运行周期为T。为使飞 船返回地面，航天员在轨道1上A点启动发动机，使飞船速度瞬间改变后关闭发动机，飞 船恰好能沿着以地心为焦点的椭圆轨道2运行，该椭圆轨道与地球表面B点相切。已知 地球半径为R,引力常量为G,下列说法正确的是 A.地球的质量为 108π2R3 GT2 B.地球的平均密度为 24π GT2 C.航天员在轨道1上A点点火加速才能变轨到轨道2运行 D.飞船沿轨道2从A到B的时间为7 ③高三物理第4页（共8页） ① D 10.工厂自动化生产线采用如图甲所示的斜面推送装置。光滑斜面倾角为30°，斜面底端固 定轻弹簧。将工件A轻放在弹簧顶端（工件与弹簧不栓连），系统处于静止状态。启动 牵引电机，通过不计质量的刚性绳索沿斜面方向对工件施加一个逐渐增大的拉力F,使 工件沿斜面向上做加速度a=1m/s2的匀加速直线运动，直至弹簧刚好恢复原长。用x 表示工件离开初始静止位置的位移，此过程拉力F随x变化的关系图像如图乙所示。 重力加速度g取10m/s2。则下列说法正确的是 FIN 12 】30 0.32x/m 分 乙 A.工件的质量为1kg B.弹簧的劲度系数为31.25N/m C.弹簧恢复原长时，工件的速度大小为0.6m/s D.初始系统静止时，弹簧的弹性势能为1.6J 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)某同学为研究轻质弹簧的力学特性，设计了如图甲所示的装置。将弹簧1竖直悬 挂，其下端连接不计质量的指针A,刻度尺的零刻度线与弹簧1的上端对齐。实验中，该 同学将质量均为m=100g的钩码逐个挂在弹簧下端，然后读取指针A所指的刻度值 L1。已知当地重力加速度g=9.8m/s2。 L/cm 100 80 弹簧1 A 钩码古 60 刻度尺 弹簧2 刻度尺 40 B 钩码马 77777力 20 777777 甲 乙 丙 (1)关于该实验的操作与注意事项，下列说法正确的是 A.应在弹簧静止时进行读数，且刻度尺必须保持竖直 B.为增大弹簧形变，应尽量多挂钩码直至弹簧被拉直 C.毫米刻度尺读数时未估读，不会影响弹簧劲度系数的测量结果 (2)该同学将钩码逐个增加，记录指针A的刻度值L1,并绘制了L1与钩码个数n的关系图 ③高三物理第5页（共8页） 线，如图乙中图线A所示。根据图线A,可求得弹簧1的劲度系数k1= N/m。(结 果保留两位小数) (3)该同学将另一根弹簧2（原长未知）串联在弹簧1下端，如图丙所示。重复上述实验， 指针B(不计质量)所指刻度值记为L2,得到图乙中的图线B。根据图线B,请回答： ①若不考虑弹簧2自身重力的影响，弹簧2的原长L如= cm;(结果保留两位有 效数字) ②若考虑弹簧2自身重力对弹簧1伸长量的影响，则上述①中测得的弹簧2原长相比其 真实值 (填“偏大”“偏小”或“相等”)。 ③若不考虑弹簧2自身重力的影响，根据图乙中图线B,可进一步计算出弹簧2的劲度 系数k2= N/m。(结果保留三位有效数字) 12.(10分)实验小组用如图甲所示的水平气垫导轨装置验证动量守恒定律。已知滑块1（含 遮光条)质量为M1,滑块2（含遮光条）质量为M2,两遮光条宽度均为d。实验时，在滑 块2上放置质量为m的砝码，两滑块中间压缩一轻弹簧，并用细线拴住使系统静止。烧 断细线后，两滑块被弹开，分别通过光电门1、2，测得遮光时间分别为t1、t2。改变滑块2 上砝码质量m,重复多次实验。以m为横轴，以2为纵轴，描点作图，得到一条倾斜直 线，如图乙所示，测得直线斜率为k,纵轴截距为b。请回答下列问题： 光电门1 光电门2 遮光条弹簧和细 滑块1滑块2 甲 (1)若系统动量守恒，则图乙中斜率= ,纵轴截距b= (均选用 M1、M2表示) (2)某次实验测得数值k=5.0,b=0.50,已知M1=0.20kg,M2=0.10kg。本次实验数 据在误差允许的范围内 (填“能”或“不能”)验证动量守恒定律。 (3)实验时，若滑块2上不小心粘附了一小块橡皮泥（质量记为△），实验者未发现，仍 按原记录的m值进行数据处理。则由此测得的图线斜率k测与理论值k相比，k测 (填“偏大”“偏小”或“不变”)，纵截距b测与理论值b相比，b测 (填“偏 大”“偏小”或“不变”)。 （填“能"或“不能”)仅根据斜率女，等于得出动量守 恒的结论。 ③高三物理第6页（共8页） 13.(10分)探测器降落在某矮行星表面进行科学勘测。矮行星可视为半径为R的球体，其 表面大气极其稀薄，可视为真空。探测器在矮行星北极附近一处高度为H(H《R)的悬 崖边，将一测试小球由静止释放，测得小球经时间t落地。 (1)求矮行星的第一宇宙速度大小v; (2)若矮行星有一颗同步卫星，在半径为r的圆轨道上运行，求矮行星的自转周期T。 14.(12分)如图所示，倾斜传送带与水平地面间的夹角为37°，上、下两端A、B间的长度 L=4m,传送带以v。=5m/s的速率逆时针匀速转动。在传送带A端无初速度地放一 个质量m=2kg的黑色煤块，煤块与传送带之间的动摩擦因数4=0.5。已知sin37°= 0.6,cos37°=0.8，重力加速度g取10m/s2。求： (1)煤块刚放上传送带时的加速度大小； (2)煤块从A端运动到B端过程，摩擦力对煤块做的总功； (3)煤块从A端运动到B端过程，煤块与传送带之间由于摩擦产生的热量。 37 ③高三物理第7页（共8页） 15.(16分)如图所示，质量M=3kg的小车静止在光滑水平面上，其上表面有长度s=1m 的粗糙水平轨道和圆心角为53°、半径R=0.48m的光滑圆弧轨道，圆弧轨道与水平轨 道相切于圆弧轨道最低点。质量m。=1kg的物块静止于小车最左端，质量m=}kg 的小球用不可伸长的轻绳悬挂于O点正下方，并轻靠在物块左侧。现将轻绳拉直到与 O等高处，由静止释放小球，小球运动到最低点时与物块发生弹性碰撞，碰撞时间极短。 碰撞后，撤去小球，物块沿着小车上的轨道运动。已知轻绳长L=1.8m,物块与小车水 平轨道间的动摩擦因数：=0.1，小球、物块均可视为质点。不计空气阻力，重力加速度 g取10m/s2,sin53°=0.8，cos53°=0.6。求：（结果可用根式表示） (1)小球与物块碰撞前瞬间，小球的速度大小； (2)小球与物块碰撞过程，物块所受合外力的冲量大小： (3)物块滑到圆弧轨道最高点时的速度大小。 1539 777777777777777/7777777777777777 ③高三物理第8页（共8页） ⑥⑥ 高三物理参考答案及评分意见 1.C【解析】“9：20”是到达终点的具体时刻，不是时间间隔，A错误；“105km”是导航规划的行驶路径长度，属于路 程，不是位移大小，B错误；研究汽车通过隧道某个洞口所需时间，汽车长度会影响结果，不能将汽车视为质点，C 正确；以行驶的汽车为参考系，路旁标牌相对汽车位置不断变化，标牌是运动的，D错误。 2.D【解析】火箭在发射阶段做加速运动，火箭的机械能变大，A错误；一子级回收的最后阶段点火减速，火箭的加 速度向上，处于超重状态，B错误；在火箭发射阶段，虽然不考虑火箭质量变化，但火箭距离地面越来越远，火箭受 到地球的万有引力变小，C错误；一子级回收的最后阶段做减速运动，动能减小，根据动能定理，合力对火箭做负 功，D正确。 3.D【解析】物块在0~3to时间内做初速度为零的匀加速直线运动，在to、2to、3to时刻的瞬时速度之比为1：2： 3,在0~t。、t。~2t。、2t。~3to时间内的位移之比为1：3：5，A、B错误；图线与横轴围成的面积表示冲量，0~ 4红时间内力F的冲量1，=3mg‘3十3mg·-mg,C错误；0~4内，根据动量定理可得1m 2 ,=m0,解得。183g,D正确。 4D【解析】玩具小汽车在前0s内做匀加速直线运动，加速度a三=)，m/s3=0.8m/s,由牛顿第二定律得 F-0.2mg=ma,解得F=5.6N,A错误；由牛顿第二定律公式F=ma推导可得，牵引力F的单位牛顿(N)与 kg·/s2等价，B错误；在0~10s时间内，玩具小汽车的加速度不变，牵引力功率变大，C错误；小汽车在10s末 功率达到额定功率，P=F口=44.8W,当小汽车速度达到最大时，牵引力与阻力大小相等，最大速度。一厂 11.2m/s,D正确。 5.A【解析】对小球受力分析，竖直方向T©0s0=mg,故轻绳拉力T=gA正确：滑块受重力Mg弹力N(垂 直于竖直杆)、轻绳拉力T(斜向下)、摩擦力f(向上)，水平方向N=Tsin0=mg tan0,故N≠Mg,C错误；滑块 恰好不下滑，竖直方向f=Mg+Tcos0=Mg+mg=(M+m)g,且f=uN=umg tan0,故f≠μ(M+m)g,B g 错误：小球做匀速圆周运动，则ngtan0=in0,侧w一√c0s0,若仅增大w,则轻绳与竖直方向的夹角 0'>0,最大静摩擦力f'=ng tan0'>f,而滑块所受竖直向下的合力F,=Mg+T'cos0'=Mg十mg=f,故滑 块不会上滑，D错误。 6.B【解析】开始货物的速度o1=vcos53°=3m/s,后来货物的速度v2=vcos37°=4m/s,根据几何关系，货物上 升的高度h=Lsin53 一l=2.5m,人对建筑材料做的功W=mgh+ mi号mi,解得w=281,B正确。 1 sin37° 1 1 十nvw=nw名十nvw名nu十tnvu=nw+vnvu则琳塹必韦挺/跑aV啡揭】H" 1 5mB,联立可得0A一mB0A十a0e3mS,wB一A0B十A045ms,A、B两小球做平 mA十mB matmB 抛运动的时间tA= -,0品A、B两小球在竖直方向上的位移A=以：=，联立可得经一罗。 hn9,B 正确。 8.AD【解析】铜管共受到4个力的作用，重力、支撑块弹力、支撑块摩擦力、轻绳的拉力，A正确；支持力的方向垂 直于接触面指向被支持的物体，所以铜管N端所受弹力方向垂直于支撑块向上，B错误；以铜管和支撑块整体为 ③高三物理答案第1页（共4页） 研究对象，轻绳对铜管有斜向左上方的拉力，新以地面对支撑块有向右的静摩擦力，地面对支撑块的支持力小于 (M+m)g,C错误，D正确。 Mm 4π2 9.AD【解析】飞船在半径为3R的圆轨道1绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，则有G (3R)=mT(3R), 可得绝球的质量为10R,地球的体积V-4 R,地球的密度p出联立解得P8,A正确，B铝误，飞船 由高轨道变轨到低轨道，需要点火减速，所以航天员在轨道1上A点点火减速才能变轨到轨道2运行，C错误； 圆轨道2的半长轴αR十3R2R,根据开普勒第三定律，可得飞船在椭圆轨道2的周期满足-，飞 2 船沿轨道2从A到B运动时间1三2，联立解得t=gT,D正确。 l0.BD【解析】设工件的质量为m,弹簧的劲度系数为k,系统静止时，弹簧的压缩量为△x,则k△x=mgsi30°， 工件向上做匀加速直线运动时，根据牛顿第二定律有F+k(△x一x)一ngsin30°=ma,综合以上两式，得F= k.x十ma,结合图像知ma=2N,可得m=2kg,图像的斜率即为弹簧的劲度系数，得k=31.25N/m,A错误，B 正确；设弹簧恢复原长时工件的速度为v,由o2=2a△x,解得v=0.8m/s,C错误；设工件在匀加速直线运动过 程中弹簧弹力做的功为w,根据动能定理有w:+w-mgsin30Ax=E。-0,且w。=专(2+12)×0.32J= 2.24J,Ek=0.64J,解得W=1.6J,弹簧初始时的弹性势能E。=W=1.6J,D正确。 11.(1)A(1分)(2)12.25(1分)(3)①24(1分)②偏大(1分)③24.5(2分) 【解析】(1)刻度尺必须竖直以减小读数误差，弹簧应在稳定后读数，A正确；弹簧不能超过弹性限度，B错误；毫 米刻度尺需估读，且估读会影响结果精度，C错误。 (2)由胡克定律F=x,有△F=k△x,可得石=AF A对弹簧1图线A,有1三人=”=12.25N/m。 (3)①根据题图乙可知弹簧1的原长L1o-24cm,两弹簧串联在一起且未挂钩码时，两弹簧的长度之和为 48cm,则弹簧2的原长L20=24cm。 ②弹簧2的重力使弹簧1稍伸长，导致弹簧2原长的测量值大于真实值。 ③弹簧2的劲度系数k2= △F2=,mg△n △x2A(L2-L1)=24.5N/m。 12.((2分)您2分)(2)能(2分)（⊙不变1分）简大1分)不能(2分) 【解析】(1)烧断细线后，两滑块组成的系统水平方向所受合外力为零，动量守恒。取滑块1的运动方向为正方 向，则有M0,一(M:十m),=0:两這光条宽度相同，均为d,故道过光电门的速度分别为-名名，代 上式得M,·M,+m约去d,整理可得，进一步变形为关于m的一次函数形 ti M 红d+可用证6效 1 M2 1 2)根据(1)推导的关系式，代人已知的M=0.20kgM,=0.10kg,可得理论值怎02=5.0,60， 0.20 0.50;实验实测值为k测=5.0，b测=0.50，二者均与理论值吻合。因此，本次实验数据在误差允许的范围内能验 证动量守恒定律。 (3)若滑块2上粘附了质量为△m的橡皮泥（实验者未发现），则滑块2的实际总质量为M2+m+△m。真实的 ③高三物理答案第2页（共4页） 动量守恒关系应为2-M,十m+△m1 M ,n+M2十△”，但实验者仍按照错误的理论式2=1 M 公-m+0去处 1 理数据。对比两式可知，m的系数始终为M,不受△m影响，因此测得的斜率k不变；而测得的纵截距为 M2 乙M:十△m纵截距理论值为，所以b偏大，故不能仅根据斜率来判断，得出动量守恒的结论。 M 13.(1)2/2RH e图 【解析】(1)小球做自由落体运动，则H= 28t2(2分) 2H 解得g= t2 根据G=mg62分) 可得GM=gR2 设质量为m的卫星环绕矮行星表面做匀速圆周运动，则有G”=m R?=mR(2分) 可得=2RH(1分) (2)对矮行星的同步卫星，由万有引力提供向心力有G r2 T2r(2分) 解得T瓷骨1分 14.(1)10m/s2(2)-12J(3)12J 【解析】(1)煤块初速度为零，传送带逆时针向下运动，因此煤块相对于传送带向上滑动，滑动摩擦力沿斜面向下 根据牛顿第二定律有mg sin0+umg cos0=ma1(1分) 解得煤块刚放上传送带时的加速度大小为a1=10m/s2(1分) (2)煤块沿传送带先以a1匀加速直线下滑，直到速度等于传送带速度v,=5m/s 第一阶段时间t1=(1分) a 则t1=0.5s 第一阶段煤块位移1=0,1分) 则x1=1.25m 由于mg sin0=0.6mg>umg cos0=0.4mg,煤块速度达到o。后会继续沿传送带加速下滑，滑动摩擦力沿传送 带向上，剩余位移x2=L一x1(1分) 则x2=2.75m 摩擦力对煤块做的总功W=gcos0(x1一x2)(1分) 则W=-12J(1分) (3)设煤块第二阶段加速度大小为a2 根据牛顿第二定律有mg sin0-umg cos0=ma2(1分) 可得a2=2m/s2 ③高三物理答案第3页（共4页） 1 根据匀变速位移公式有x:=ut十2a,号(1分) 代入数值解得t2=0.5s 第一阶段传送带位移x带1=Yot1 则x带1=2.5m 第二阶段传送带位移x带2=Vot2 则x带2=2.5m 煤块与传送带间由于摩擦产生的热量Q=4 ng cos0(x带1一x1十x?一x带2)(2分) 则Q=12J(1分) 15.(16m/s23Ng(3)号m/s 【解析1(1小球下落过程中，由动能定理得mgL-2m1分) 解得v。=6m/s(1分) (2)小球与物块碰撞，由动量守恒定律和机械能守恒定律有 mu0=mu1十mov2(2分) m=mi+g,时e分) 解得小球与物块碰撞后的瞬间，物块速度的大小为v2=3m/s 物块所受合外力的冲量I=m02(1分) 则I=3N·s(1分) (3)物块。滑到小车圆弧轨道最高点的过程，物块和小车组成的系统水平方向动量守恒 mo2=Mu3十mov.(2分) 根据几何关系有tan53°-，(2分) 0x一U3 由能量守恒得7moi=Moi+2m,(oi+)+am,gs十mgR-Reos53)2分) 解得v3=0.6m/s,vx=1.2m/s,v,=0.8m/s 又=经十(1分) 解得，-名Em/s(1分) ③高三物理答案第4页（共4页）