广东湛江第一中学2026-2027学年高一上学期第一次大考物理试卷

湛江第一中学2026-2027学年度第一学期第一次大考 高一物理 本卷满分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1. 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2. 回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3. 考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 第I卷（选择题） 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．“天问一号”探测器在经过长达七个月，累计飞行202天，飞行里程约4.75亿千米，距离地球约1.92亿千米的飞行后于19时52分，顺利进入环火星轨道，下列判断正确的是（     ） A．“19时52分”和“202天”，前者表示“时刻”，后者表示“时间” B．地面卫星控制中心在对“天问一号”进行飞行姿态调整时，可以将“天问一号”看成质点 C．飞行里程约4.75亿千米表示位移，距离地球约1.92亿千米表示路程 D．以“天问一号”为参考系，火星是静止的 2．一晨练者在公园里锻炼时行走的路径由两个半圆组成，行走方向从左向右，如图所示，小圆的半径为4m，大圆的半径为12m，关于晨练者整个过程中运动的路程与位移大小分别为（     ） A．路程为32m B．路程为 C．位移大小为 D．位移大小为 3．在2026年人形机器人半程马拉松比赛中，“闪电”机器人以50分26秒的成绩获得冠军，比赛路程为21.0975 km。下列说法正确的是（     ） A．途中转弯时，机器人的加速度大小一定不为零 B．途中转弯时，速度可能不变 C．由题目信息可以求出整个运动平均速度大小 D．最后加速冲刺时机器人一定做匀加速直线运动 4．如图所示，用水平力F将物体A和B紧压在竖直墙上不动，如果只有B物体左面是光滑的，其余各接触面都是粗糙的，则物体A受到的摩擦力的情况是（　　） A．左、右都受向上的摩擦力 B．左侧受到摩擦力大小等于右侧受到的摩擦力大小 C．左、右都受向下的摩擦力 D．左侧受向下的摩擦力，右侧受向上的摩擦力 5．第十四届全国冬季运动会自由式滑雪男子公开组U型场地技巧项目比赛中，运动员毛秉强（图甲）以95.50的高分一举夺得金牌。比赛是在一个形状类似于U型的槽子里进行，U型槽由宽阔平坦的底部和两侧的凹面斜坡组成。宽阔的底部是为了使运动员重新获得平衡并为下一个动作做准备。若某次训练中，毛秉强在底部利用滑雪杖对雪地的短暂作用获得向前运动的推力，总共推了3次，之后沿直线滑行76.8m停下，其运动的图像可简化为图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．毛秉强利用滑雪杖共加速了5.6s B．毛秉强运动过程中的最大速度为 C．毛秉强做匀减速运动的加速度大小为 D．毛秉强利用滑雪杖加速时的加速度大小为 6．一个电梯正以的速度匀速上升，一个同学站在电梯内手拿一个小球与电梯保持相对静止，小球离电梯地板的高度为，某时刻该同学松手，不计空气阻力，不计小球大小，重力加速度取，下列说法正确的是（　　） A．小球做自由落体运动 B．小球有可能碰到电梯的天花板 C．小球从释放到碰到电梯地板所用时间为 D．小球从释放到碰到电梯地板所用时间小于 7．如图所示，光滑斜面AE被分成长度相等的四段，一个物体由A点静止释放后做匀加速直线运动，下面结论中正确的是（　　） A．经过每一部分时，其速度增量均相同 B．物体通过AB、BC、CD、DE段所需的时间之比为1∶∶∶2 C．物体通过C点的速度等于从A点运动到E点的平均速度 D．若该物体从A点运动到E点共用时4 s，则物体在第2 s末的速度等于B点速度 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．下列四幅图中质量分布均匀的小球均处于静止状态，以下说法正确的是（　　） A．图甲中，小球对水平地面的压力就是小球的重力 B．图乙中，轻绳b对小球的拉力为零 C．图丙中，轻杆对小球的弹力方向沿杆斜向上 D．图丁中，水平地面上，紧贴竖直墙的小球受到2个力的作用 9．百米赛跑是一项重要的田径比赛，比赛过程中用轨道摄像机拍摄运动员的比赛过程，摄像机和运动员都在水平方向上运动，两者的位移x随时间t变化的图像如图所示，下列说法中正确的是（     ） A．摄像机做直线运动，运动员做曲线运动 B．时间内摄像机一直在运动员前面 C．时间摄像机与运动员的平均速度相同 D．时间内任意时刻运动员的速度都小于摄像机的速度 10．下面是描述物体做直线运动的相关图像，对图像的解释正确的是（     ） A．甲图中，A、B两物体在至时间内的平均速度大小相等 B．乙图中，物体从静止开始运动，则3 s时速度大小为 C．丙图中，若A、B两物体在时刻相遇，则到内两者间距离先增大后减小，到时刻再次相遇 D．丁图中，图像的斜率等于物体的加速度 第II卷（非选择题） 三、实验题：本题共2小题，其中每一问2分，11题8分，12题8分，共16分。 11．某同学用如图1所示装置探究小车做匀变速直线运动的规律。 (1)请在下列实验器材中，选出本实验中不需要的器材：________（填编号）。 ①打点计时器，②钩码和小车，③220伏直流电源，④细线和纸带，⑤天平，⑥毫米刻度尺，⑦秒表，⑧一端带有滑轮的长木板。 (2)已知电源的频率为50Hz，图中O、A、B、C、D、E、F为相邻的计数点，相邻两计数点间还有4个点未画出，则打下D点时小车的瞬时速度大小为________m/s；小车运动的加速度大小为________（结果均保留3位有效数字）。 (3)实验结束后，甲、乙两组同学分别把纸带每隔0.1s剪断，得到若干短纸条，再把这些纸条下端对齐，并排贴在一张纸上，得到如图甲、乙所示的两幅图：由图可知________组（选填“甲”或“乙”）实验过程中小车的加速度大。 (4) 若在实验过程中，电源的频率略高于50 Hz而实验者不知电源频率已改变，这样计算出的加速度与重物的真实加速度相比__________（填“偏大”“偏小”或“不变”）。 12．小昭利用如图甲所示的装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验。 (1)关于该实验，以下说法正确的是_____。 A．实验前，为避免弹簧自身重力的影响，应先把弹簧竖直放置测量其原长 B．悬挂钩码后，应在钩码静止后再读数 C．为实现多次测量的目的，实验时悬挂钩码越多越好 (2) 图丙是某次测量的弹簧长度，该长度是_____cm。小昭通过实验得到如图乙所示的弹力大小与弹簧长度的关系图线，由此图线可得该弹簧的劲度系数_____（结果保留两位有效数字）。 (3)如图丁所示，实验中用两根不同的弹簧和，作出弹簧弹力与弹簧长度的图像，下列说法正确的有_____。 A．的原长可能相同 B．的劲度系数比的大 C．测得的弹力与弹簧的长度成正比 D．当弹簧的弹力比弹簧的弹力大时，弹簧的长度一定大于弹簧的长度 (4)实验结束后有同学发现，实验过程中未考虑弹簧自身重力，则本次实验测得的劲度系数_______（填“偏大”“偏小”或“不变”）。 四、解答题：本题共3小题，其中13题9分，14题13分，15题16分，共38分。 13．某汽车启动由静止开始做匀加速直线运动，运动了速度达到，接着维持该速度做匀速直线运动行驶了后做匀减速直线运动，减速位移大小时速度减为0，求： (1)汽车加速时的加速度大小a： (2)汽车加速运动的位移大小； (3)汽车从起跑到最终停止的总时间。 14．“有困难找警察”，当病人遇到急病，危及生命时，要尽可能抓住抢救的黄金时间。载有病人的小汽车通过某路口一段时间内速度一时间图像（）如图所示，图线1是没有交警护航时的图像（因红灯时停在路口，时绿灯亮，重新启动），图线2是有交警护航时的图像。假设小汽车通过路口前以速度大小匀速运动，后仍以速度继续匀速运动，不考虑其他路口情形，小汽车减速和加速时的加速度大小相等，整个过程视为沿直线运动。求： (1)没有交警护航时，小汽车从开始减速到恢复到原来的速度所运动的位移大小； (2)有交警护航时，小汽车从时刻到时间内所运动的位移大小； (3)交警此次护航可以节省的时间。 15．如图所示，在一次警犬训练中，训练员在O处将一小球以的初速度沿地面向前弹射出去，小球的运动可视为匀减速直线运动，经停止运动。问： (1)小球做匀减速运动的加速度的大小和运动的时间； (2)小球做匀减速运动的同时，警犬由静止开始从O点沿同一直线以做匀加速直线运动向前追赶小球，假设警犬没有最大速度限制，它追上小球要多长时间？ (3)若警犬的反应时间为0.5秒且能够达到的最大速度为15m/s，那么警犬能否在小球停止运动前追上小球？ 第1页（共4页） ◎ 第2页（共4页） 第1页（共4页） ◎ 第2页（共4页） 学科网（北京）股份有限公司 $湛江第一中学高一级第一次大考参考答案 2026年10月15日 题号 2 3 5 9 10 答案 A C D B C D BD BC AB 1.A【详解】A.“19时52分对应时间轴上的一个点，属于时刻；202天对应时间轴上的一 段长度，属于时间（时间间隔），故A正确； B.调整飞行姿态时需要考虑探测器各部分的运动差异，其大小和形状不可忽略，因此不能将 “天问一号”看成质点，故B错误； C.飞行里程是探测器运动轨迹的总长度，属于路程；距离地球的1.92亿千米是地球到探测器当 前位置的直线距离，是位移的大小，故C错误： D,“天问一号围绕火星公转，若以天问一号为参考系火星是运动的，故D错误；故选A。 2.C【详解】AB.路程是物体运动轨迹的长度，此晨练者运动的路程为s=4πm+12πm=16πm, 故AB错误； CD.位移大小为物体运动初位置到末位置的有向线段长度，此晨练者运动的位移大小为 x=（4+12)×2m=32m,故C正确，D错误。故选C。 3.A【详解】AB.机器人转弯时，速度的方向一定发生变化，速度是矢量，速度发生变化就一 定存在加速度，因此加速度大小一定不为零，故A正确，B错误 C.平均速度=位移：时间，题目中只知道路程和时间无法求平均速度，故C错误；D.题目中 没有最后冲击的具体描述，机器人不一定是直线冲刺也不一定是匀加速，故D错误。故选A。 4.D【详解】ACD.物体左面是光滑的，说明B左侧只受水平力F的作用，竖直方向受重力， 可知右侧受到向上的摩擦力，与其重力平衡。根据牛顿第三定律可得A物体左侧受B右侧施加 的向下的摩擦力，A还受到向下的重力，则A物体右侧一定受向上的摩擦力，故AC错误，D 正确； B.对A受力分析，设左侧受到摩擦力大小f,右侧受到的摩擦力大小f,可得方=+mg 可知左侧受到摩擦力大小不等于右侧受到的摩擦力大小，故B错误。故选D。 5.B【详解】A.毛秉强利用滑雪杖共加速了 t。=0.8s+(3.2-2.4)s+(5.6-4.8)s=2.4s故A错误； B.推了3次后速度最大，最大速度设为%，则有之×216-5.6s-768m 得vm=9.6m/s故B正确： 答案第1页（共4页) C.毛秉强做匀减速运动的加速度大小为 a==9.6 =721.6-56m/s2=0.6m/s2故C错误： D.设加速时的加速度大小为a,则有vm=0.8a-(2.4-0.8)a+(3.2-2.4)a-(4.8-3.2)a+(5.6-4.8)a 解得a=4.8m/s2故D错误。故选B。 6.C【详解】A.释放小球瞬间，小球有竖直向上的速度，释放小球之后，小球只受重力，故小 球做竖直上抛运动，A错误； B.释放小球瞬间，小球相对于电梯的速度为零，释放小球之后，小球只受重力，故小球相对于 电梯做自由落体运动，小球不可能碰到电梯的天花板，B错误： CD.根据自由落体运动规律有h=2g 解得小球从释放到碰到电梯地板所用的时间为= =0.6s,故C正确，D错误。故选C。 g 7.D【详解】AB.根据初速为0的匀加速直线运动的结论可知，物体通过AB、BC、CD、DE所 需时间为1(V2-:(5-2:2-5) 每段的速度增量为△v=a△t,故A、B错误； CD.若物体由A→E总时间为4s,因AB:BE=1:3,可知B是中间时刻，则tB=2s,故物体在 2s末的速度等于B点的速度，又因为匀变速直线运动中间时刻速度等于平均速度，因此A点运 动到E点的平均速度等于B点的速度，故C错误，D正确。故选D。 8.BD【详解】A.图甲中，小球对水平地面的压力大小等于重力，但不能说压力就是重力。故 A错误； B.图乙中对球受力分析，小球在竖直方向上受到向下的重力和向上的轻绳a的拉力，小球处于 平衡状态。轻绳b对小球不能有拉力，否则该拉力在水平方向的分力无法使小球平衡，故B正 确； C.图丙中，轻杆上的力不一定沿杆，对小球受力分析，根据小球处于平衡状态可知轻杆对小球 的弹力竖直向上，与重力大小相等，故C错误： D.图丁中，小球受到竖直向下的重力以及水平地面对小球竖直向上的弹力共2个力的作用，小 球虽紧贴竖直墙面但并没有挤压，因而小球与竖直墙之间没有力的作用，故D正确。 故选BD。 9.BC【详解】A.x-1图像只能描述直线运动，图线的形状表示位移随时间的变化规律，并不 是运动轨迹。由图可知，摄像机和运动员的位移都随时间单向增加，说明两者都做直线运动，故 A错误； 答案第2页（共4页） B.在0~，时间内，任意时间点摄像机的位移都大于运动员，因此摄像机一直在运动员前面，故 B正确； C.由图可知，在0~时间内，摄像机与运动员的初位置都在原点，末位置都在交点处，所以两 者的位移相同，故C正确： D.x-1图像的斜率表示速度。摄像机图线是倾斜直线，斜率不变，做匀速直线运动；运动员图 线是曲线，切线斜率逐渐增大，做加速直线运动。当运动员图线的切线斜率大于摄像机图线的斜 率，说明此时运动员的速度大于摄像机的速度，故D错误。 故选BC。 10.AB【详解】A.甲图中，A、B两物体在4至2时间内的位移相等，平均速度大小相等，故 A正确： B.a-1图像与坐标轴围成的面积表示速度变化量，0~3s内物体的速度变化量为 △v=1×lm/s-1×1m/s+1xlm/s=1m/s 所以乙图中，物体从静止开始运动则3s时速度大小为1m/s,故B正确： C.丙图中，若A、B两物体在马，时刻相遇，则到2内A的速度始终大于B的速度，两者间距 离一直增大，到t,时刻距离最大，故C错误； D.丁图中，根据速度一位移关系可得v2=+2ax 可知图像的斜率为物体的加速度的2倍，故D错误。故选AB。 11.(1)③⑤⑦2)0.900 2.00(3)甲(4)偏小 12.(1)AB(2)7.10 50(3)B(4不变 13.(1)4m/s2(2分)(2)50m(2分)(3)16s(5分) 【详解】(1)汽车加速时的加速度大小a==9ms2=4m/s2(2分) t1 (2)汽车加速运动的位移大小x1-251=9×5m=50m(2分) (3)汽车匀速运动的时间t:号=罗。=5s(2分) 减速运动的时间t?-号=”s=6s(2分) 总时间为t=t1+t2+t3=16s(1分) 14.(1)80m(3分)(2)480m(4分)(3)20s(6分) 【详解】(1)v-1面积表示小汽车的位移，没有交警护航时，0~4s时间内的位移 名-24=40m（1分） 答案第3页（共4页) 24~28s时间内的位移x2=x1=40m(1分) 则0~28s时间内总位移x3=2x=80m（1分) (2)v-1面积表示小汽车的位移，有交警护航时： 0~2s和12s~28s时间内汽车匀速x4=v,h2=20m/s×(2s+16s)=360m(1分) 4s~10s时间内汽车匀速x,=v4,=10m/s×6s=60m(1分) 2s一4s和10s-12s时间内汽车匀变速X20+10×2m×2=60m（1分) 0~28s时间内汽车位移x,=x4+x+x,=480m（1分) (3)在28s内交警护航时比没有交警护航时多走了△x=x,-x3=400m(2分) 没有护航时后阶段同样需完成△x=400m(2分)， 多托时1=告-2，所以文禁此次护航可以节省的时间为20。(2分) 15.(1)2m/s2,10s(3分)(2)8s(6分)(3)能追上(7分) 【详解】(1)将物体的匀减速直线运动看作反方向的匀加速运动，根据匀变速直线运动的速度位 移公式v=2a1x(1分) 解得a1=2m/s2（1分) 小球做匀减速运动的时间为t=№=10s(1分) (2)假设小球位移为x1,则x1=vnt-a1t2=20t-t2(1分) 警犬位移为x2,则x2=a2t2=1.5t2(1分) 当x1=x2且t大于0时，有t'(20-2.5t)=0(1分) 解得t'=8s(2分) 小球被追上时还未停下(1分) (3)警犬的反应时间为to=0.5(1分) 设警犬加速的时间为t1,最大速度为vmax=a2t1,解得t1=5s(1分) 警犬加速阶段的位移为x,=受t1=号×5m=37.5m(1分) 警犬做匀速运动的时间为-二-”。-42s（1分》 警犬运动100m所需的时间为t3=to+t1+t2=9.2s<t=10s(2分) 警犬能在小球停止运动前追上小球。(1分) 答案第4页（共4页）