2026-2027学年高一上学期期中复习物理试卷（人教版必修第一册第一到第三章）

高一必修一期中复习试卷 姓名：___________班级：___________ 一、单选题 1．以下说法中，正确的是（     ） A．为描述运动，参考系必须选择静止不动的物体 B．“夜空中，月亮在白莲花一样的云朵中穿行”中选取的是月亮为参考系 C．“周一升旗时，我们都可观察到国旗冉冉升起”，我们是以国旗为参考系 D．乘车在公路上行驶时，如果选取了车做参考系，我们会看到路边的树在往后退 2．十一期间，一名游客准备从广州博物馆途经荔枝湾景区去人民公园，17：12利用某款导航软件搜索得到四种方案，如图所示，则下列说法正确的是（     ） A．17：12指的是时间间隔 B．四种方案的路程不同，位移相同 C．研究哪种方案用时最短，汽车不可以视为质点 D．以地面为参考系，乘坐汽车的游客是静止的 3．若将房价的“上涨”类比成运动学中的“加速”，将房价的“下跌”类比成运动学中的“减速”，你认为“房价上涨出现减缓趋势”可以类比成运动学中的（     ） A．速度变化量增大，加速度增大 B．速度增加，加速度减小 C．速度和加速度方向相反，加速度减小 D．速度变化快，加速度增大 4．某国产汽车在非智驾模式、智驾模式下沿直线运动过程的图像如图所示，两种模式下汽车分别在和时刻停止，刹车过程的位移相等。下列说法正确的是（     ） A．智驾模式刹车过程中，汽车做匀变速直线运动 B．两种模式刹车过程的平均速度大小相等 C．非智驾模式刹车过程的加速度大小为 D．智驾模式刹车过程的加速度不可能大于 5．伽利略在研究落体运动时，由于很难直接测定物体的瞬时速度，他通过数学运算得出：如果物体的初速度为0，可以通过研究位移与时间的关系来验证物体的速度随时间是否均匀变化。为了方便时间测量他让铜球沿阻力很小的斜面滚下，用来“冲淡”重力。进行上百次实验后，伽利略得出结论，小球沿斜面下滚的运动是匀变速直线运动。一次实验中伽利略进行了如下操作：如图所示，固定斜面上的三点A、B、C与斜面底端的距离分别为、、，将小球分别在A、B、C由静止释放，小球运动到斜面底端的时间分别为、、，运动到斜面底端时的速度分别为、、，下列关系式中，符合伽利略的实验原理且正确的是（     ） A． B． C． D． 6．如图所示，一质量为m的木块在水平力F的作用下静止在竖直粗糙墙壁上，已知木块与墙壁之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g，木块与墙壁间的动摩擦因数为，下列说法正确的是（    ）    A．若水平力F增大，木块受到的摩擦力也增大 B．若撤去F，木块受到的滑动摩擦力大小等于 C．若撤去F，木块受到的滑动摩擦力大小等于 D．若撤去力F，木块将自由下落 7．如图所示，解放军战士在水平地面上拉着轮胎做匀速直线运动进行负荷训练，运动过程中保持双肩及两绳的端点A、B等高。两绳间的夹角为，所构成的平面与水平面间的夹角恒为，轮胎重为G，地面对轮胎的摩擦阻力大小恒为Ff，则每根绳的拉力大小为（　　） A． B． C． D． 二、多选题 8．如图所示的四幅图中，研究对象P所受弹力的方向正确的是（　　） A． B． C． D． 9．我国自主设计建造的“福建舰”航母轨道上装备有电磁弹射系统，如图甲所示。舰载机和电磁滑块一起由静止开始做匀加速直线运动，前进100 m后舰载机起飞，电磁滑块立刻通过制动装置继续向前做加速度大小为50 m/s2的匀减速运动直至停止。整个过程中滑块的图像如图乙所示，下列判断正确的是（     ） A．舰载机起飞前的加速时间为1.25 s B．舰载机起飞前的加速度大小为 C．电磁滑块整个运动过程的总时间为4.1 s D．电磁滑块加速过程与制动过程的位移之比为25∶16 10．斜面放置于粗糙水平地面上，物块A通过跨过光滑定滑轮的轻质细绳与物块B连接，有一方向与滑轮右侧的绳始终垂直的力F作用于B上，整个系统处于静止状态，如图所示。初始时滑轮右侧绳与竖直方向的夹角为60°，现使物块B从初始时刻缓慢地向左移动至滑轮正下方，该过程中A与斜面始终保持静止，在此过程中（     ） A．F的大小逐渐变大 B．地面对斜面的摩擦力先变大后变小 C．斜面对物块A的摩擦力一直增大 D．地面对斜面的支持力逐渐变大 三、实验题 11．某同学在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，使用频率为的交流电源打点，每五个点取一个计数点，相邻计数点时间间隔恒定，实验选取、、、、五个清晰计数点，测得相邻段位移分别为：、、、。请完成下列问题：（结果均保留2位有效数字） (1)本实验使用甲图的电磁打点计时器，下列操作正确的是________。 A．释放小车前，小车靠近打点计时器 B．先接通电源，待打点稳定后再释放小车 C．先释放小车再接通电源 D．悬挂重物越重，实验误差越小 (2)计算打计数点时的瞬时速度为________m/s。 (3)利用逐差法求出小车运动的加速度大小为________。 (4)若实验中交流电实际频率略大于，仍按计算，则测得的加速度________（选填“偏大”“偏小”或“不变”），该误差________（选填“能”或“不能”）通过多次测量减小。 12．“验证力的平行四边形定则”实验中，某实验小组主要的实验步骤是： A、在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上； B、用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套； C、用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，使结点到达某一位置O，记录下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数； D、按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力和的图示，并用平行四边形定则求出合力F； E、只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，把橡皮条的结点拉到同一位置O，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F'的图示： F、比较F'和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论。 (1)上述步骤中有一个存在重要遗漏，请你找出有重要遗漏的步骤是：___________（填步骤前的字母），并补充完整：___________。 (2)本实验采用的科学方法是（     ） A．理想实验法 B．控制变量法 C．等效替代法 D．建立物理模型法 (3)若某次实验中测得的、如下图中图2所示，请在图中画出、的合力F。 (4)若图2中每块方格边长表示0.5N，则合力F=_______N（结果保留2位有效数字）。 四、解答题 13．一汽车在平直公路上运动（以向东为正方向），其在0～20s内位置随时间变化的图像如图所示，求： (1)汽车在0～20s内的位移 (2)汽车在0～5s内向什么方向做什么运动？ (3)在0～15s内质点运动的平均速度大小 (4)t=10s时的瞬时速度大小 14．如图所示，一圆管放在水平地面上，长为，圆管的上端离天花板的距离，在圆管的正上方紧靠天花板放一小球，小球直径小于圆管内径（可看成质点），让小球由静止释放，不计空气阻力，重力加速度。求： (1)若小球由静止释放，求小球到达管子上端的时间； (2)若小球由静止释放，求小球通过管子的时间； (3)若小球由静止释放，同时给圆管一竖直向上的初速度，求小球第一次穿过管子所花的时间。 15．如图所示，已知mA=mC=1kg，C由磁性材料制成，铁质斜面倾角=60°，C与斜面间的动摩擦因数=，轻绳O′C与斜面平行，O′P与水平方向成30°角。细线、小滑轮P的质量，细线与滑轮间的摩擦均可忽略，整个装置处于静止状态，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求∶ （1）物体B的质量mB； （2）细绳OP的拉力大小和方向； （3）C与斜面的吸引力至少多大？ 试卷第6页（共6页） 试卷第5页（共6页） 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D B B C D D C AD BCD BD 1．D 【详解】A．参考系的选取具有任意性，可任意选择运动或静止的物体作为参照，无需必须选择静止不动的物体，故A错误； B．“月亮在云朵中穿行”描述的是月亮相对于云朵的位置发生变化，选取的参考系是云朵，不是月亮，故B错误； C．观察到国旗冉冉升起，描述的是国旗相对于地面（或地面上的观察者）的位置向上变化，选取的参考系是地面（或观察者），不是国旗本身，故C错误； D．乘车时若以车为参考系，路边的树相对于车的位置不断向后变化，因此会看到树往后退，故D正确。 故选D。 2．B 【详解】A．17：12指的是一瞬间，是时刻，故A错误； B．位移是从起点指向终点的有向线段，由于起点和终点是确定的，所以无论选择哪条路线，路程不同，但位移都是相同的，故B正确； C．研究哪种方案用时最短，汽车的大小、形状等都可以忽略不计，可以将行驶中的汽车视为质点，故C错误； D．以地面为参考系，乘坐汽车的游客是运动的，故D错误。 故选B。 3．B 【详解】A．加速度增大与“减缓趋势”矛盾，且速度变化量与时间相关，无法直接判断变化量增大，故A错误； B．速度增加对应房价仍在上涨，加速度减小对应上涨趋势减缓，故B正确； C．速度与加速度方向相反时为减速运动，对应房价下跌，与“仍在上涨”的前提不符，故C错误； D．加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度变化快对应加速度大，与“减缓”的描述矛盾，故D错误。 故选B。 4．C 【详解】A．智驾模式下的图像是曲线，图像斜率随时间变化，汽车的加速度不恒定，不是匀变速直线运动，故A错误； B．两种模式刹车过程的位移相等，而智驾模式从到才停止，非智驾模式从到停止，故智驾模式的刹车时间较长。由平均速度定义，位移相同而时间较长的模式平均速度较小，故B错误； C．非智驾模式的图像为直线，汽车做匀变速直线运动，由加速度定义可知其加速度大小为，故C正确； D．智驾模式从到的速度变化量与非智驾模式相同，因此两者在这段时间内的平均加速度大小均为，但智驾模式的曲线在端点连线下方，说明其速度在这段时间内曾比匀变速减速更快地下降，因此某时刻加速度大小可以大于该平均值，故D错误。 故选C。 5．D 【详解】A．根据可知三次下落中的加速度相同，位移不同，则速度不同，A错误； B．由 可得 三次下落中的加速度相同，故公式正确，但不是当时伽利略用来验证匀变速直线运动的结论，B错误； C．图中A、B、C三个位置是任意选取的，故无法判断和的关系，C错误； D．由运动学公式可知 可得 故三次下落中位移与时间平方的比值一定为定值，伽利略正是用这一规律说明小球沿光滑斜面下滑为匀变速直线运动，D正确。 故选D。 6．D 【详解】A．由于木块静止在竖直粗糙墙壁上，根据受力分析可知，木块受到重力，墙壁对木块的弹力，墙壁对木块的摩擦力以及所施加的水平压力，根据平衡条件可得 水平力F增大，木块受到墙壁对其弹力将增大，摩擦力不变，故A错误； BCD．若产生静摩擦力，物体必须对接触面产生压力且有相对运动的趋势，若产生滑动摩擦力，物体必须对接触面产生压力且发生相对运动，而若撤去F，木块将不再紧压墙壁，即压力为零，因此摩擦力将为0，木块将自由下落，故BC错误，D正确。 故选D。 7．C 【详解】设每根绳的拉力为F，则这两根绳拉力的合力 方向沿绳子所组成角的角平分线，与水平面的夹角为α，受力分析如图所示 对轮胎 解得 故ABD错误，C正确。 故选C。 8．AD 【详解】A．研究对象P受到墙面水平向右的弹力和过球心斜向上的弹力作用，故A正确； B．物体在斜面上受到的弹力垂直于斜面向上，故B错误； C．研究对象P的A端受到地面的弹力应竖直向上，故C错误； D．研究对象P受板沿斜面向上的弹力和斜面上垂直于斜面的支持力，故D正确。 故选AD。 9．BCD 【详解】A．舰载机起飞前滑块从静止匀加速前进，根据匀变速直线运动平均速度推论 代入数据得加速时间，并非1.25s，故A错误； B．起飞前滑块的加速度 舰载机起飞前的加速度与滑块的加速度大小相同，故B正确； C．滑块制动阶段初速度为，末速度为0，减速阶段的加速度大小 制动时间 滑块总运动时间，故C正确； D．制动阶段的位移同样用平均速度推论得 因此加速与制动过程的位移比，故D正确。 故选BCD 。 10．BD 【详解】A．对物块B进行受力分析，将绳的拉力、重力以及力组成矢量三角形，由于、的夹角为始终不变，则做辅助圆如图所示： 所以绳的拉力逐渐增大，力F的大小逐渐变小，故A错误； BD．对斜面、物块A、物块B整体进行受力分析，如图所示： 根据共点力的平衡关系有， 由A选项中的辅助圆可知，的竖直分力逐渐减小，的水平分力先变大后变小，所以地面对斜面的支持力逐渐变大，地面对斜面的摩擦力先变大后变小，故BD正确； C．设斜面的夹角为，对物块A进行受力分析可知，沿着斜面方向受力有绳的拉力以及重力分力。若初始状态 则根据共点力的平衡关系有 所以随着绳的拉力的逐渐增大，斜面对物块A的摩擦力逐渐减小，故C错误。 故选BD。 11．(1)AB (2) (3) (4) 偏小 不能 【详解】（1）A．释放小车前，应使小车靠近打点计时器，以获得较长的有效纸带和较多的测量数据，故A正确； BC．应先接通电源，待打点稳定后再释放小车，使记录运动的点迹清晰、稳定，故B正确，C错误； D．悬挂重物过重会使小车加速度过大，纸带上可用的点数减少，不能保证实验误差更小，故D错误。 故选AB。 （2）相邻计数点之间有五个打点周期，设相邻计数点的时间间隔为，则 点的瞬时速度为 （3）由逐差法得 （4）[1]实际频率大于，实际的相邻计数点时间间隔小于。由第（3）问的逐差法表达式，位移数据相同时，计算所用时间间隔偏大，求出的加速度偏小。 [2]该误差来自计算采用的频率与实际频率不符，属于系统误差，不能通过多次测量求平均值来减小。 12．(1) C 记下两条细绳的方向 (2)C (3) (4)1.5 【详解】（1）[1]步骤C有遗漏，没有记录两个（拉力）分力的方向； [2]还应记下拉力的方向，即记下两条细绳的方向。 （2）本实验中两个弹簧秤的拉力产生的效果和一个弹簧秤的拉力产生的效果相同，可知该实验采用的科学方法是等效替代法。 故选C。 （3）在图中画出、的合力。以两个分力为邻边做出平行四边形，则对角线为两个力、的合力，如下图 （4）若图2中每块方格边长表示，由图可知合力。 13．(1)10m，方向向东（沿正方向） (2)向西做匀速直线运动 (3) (4)2m/s 【详解】（1）由位移定义，，方向向东（沿正方向）。 （2）内图像为倾斜直线，斜率，速度恒定，故汽车向西做匀速直线运动，速度大小为。 （3）内位移，平均速度，大小为。 （4）内图象斜率恒定，时瞬时速度，大小为。 14．(1) (2) (3) 【详解】（1）由自由落体运动规律知到达管子上端有 解得 （2）由自由落体运动规律知到达管子下端有 解得 小球通过管子所需时间 （3）设经，小球与管子上端相遇，则有 解得 管子上升至落地总时间设为，对管子有 解得（舍去）或 说明小球与管子同时落地，则小球第一次穿过管子所花的时间 15．（1）；（2），方向与水平方向夹角为斜向上；（3） 【详解】（1）对点O′进行受力分析 其中 因为整个装置处于静止状态，所以 解得 （2）细绳OP的拉力大小与的拉力和的拉力的合力相等，根据题意的拉力和的拉力方向的夹角为，则 代入数据解得 方向与水平方向夹角为斜向上。 （3）对C进行受力分析 则 代入数据解得 答案第6页（共8页） 答案第7页（共8页） 学科网（北京）股份有限公司 $