湖南常德市鼎城区第一中学2026-2027学年高二上学期10月阶段检测物理试卷（平行班）

鼎城一中2026年下学期高二阶段性考试试卷 物理 时量：75分钟 满分：100分 第Ⅰ卷 选择题（共44分） 一、单选题（本大题共6小题，共24分，每小题只有一个选项符合题意） 1．在物理学的发展过程中，许多物理学家都做出了重大贡献，他们也创造出了许多物理学研究方法，下列关于物理学史和物理学方法的叙述中正确的是（　　） A．卡文迪什利用扭秤实验装置测出了引力常量，被称为“称量地球质量”第一人 B．第谷通过大量天文观测总结出了行星绕太阳运动的轨道为椭圆 C．库仑首先提出了电场的概念，并引入了电场线来形象地描述电场 D．静电场并不存在，是科学家为了研究问题的方便引入的虚拟模型 2．关于电流，下列说法中正确的是（　　） A．因为电流有方向，所以电流是矢量 B．某手机的说明书标明电池容量为，其中为能量单位 C．由可知，通过导体横截面的电荷量越多，电流越大 D．电流的微观表达式中，n是指单位体积内的自由电荷数 3．静电透镜是利用静电场使电子束会聚或发散的一种装置。如图，一电子在电场中仅受电场力的作用，实线描绘出了其运动轨迹，虚线表示等势线，各等势线关于y轴对称，a、b、c、d分别是轨迹与等势线的交点。已知电子在经过a点时动能为60eV，各等势线的电势高低标注在图中，则（　　） A．a、d两点的电场强度相同 B．电子从a到b运动时，电场力做负功 C．电子从c到d运动时，电势能逐渐减小 D．电子在经过等势线c点时的动能为80eV 4．如图所示电路中，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，电表均为理想电表。开关S闭合后，当滑动变阻器R3的滑片自a端向b端滑动的过程中，电压表V1、V2的示数变化为ΔU1、ΔU2，电流表的示数变化为ΔI，下列说法正确的是（　　） A．电容器C所带电荷量增多 B．两电压表的读数均增大 C．的绝对值不变 D．电流表示数变小 5．如图所示，生活中我们常用高压水枪清洗汽车，水枪出水口直径为D，水流以速度 v 从枪口喷出近距离垂直喷射到车身。所有喷到车身的水流，约有75%向四周溅散开，溅起时垂直车身向外的速度为，其余25%的水流撞击车身后无反弹顺车流下。由于水流与车身的作用时间较短，在分析水流对车身的作用力时可忽略水流所受的重力。已知水的密度为ρ，则（　　） A．水枪的功率为 B．水枪的功率为 C．水流对车身的平均冲击力约为 D．水流对车身的平均冲击力约为 6．如图所示，光滑水平轨道上静置着A、B、C、D四个物块，其中，B、C两物块用一轻质弹簧连接，某一瞬间，物块A以速度向右滑动与物块B发生碰撞并粘在一起，然后继续向右运动，当物块B、C速度相等时，物块C恰好与物块D发生弹性碰撞，碰后物块D的速度为，设整个过程中碰撞时间均极短，弹簧始终在弹性限度内，下列说法正确的是（　　） A．整个过程中损失的机械能为 B．物块D的质量为 C．物块C对物块D的冲量大小为 D．物块C、D碰撞后弹簧再次压缩至最短时物块C的速度大小为 二、多选题（本大题共4小题，共20分，每小题有多个选项符合题意，全部选对得5分，选对但不全得3分，有选错或不选得0分） 7．发射地球静止卫星，可简化为如下过程：先将卫星发射到近地圆轨道1，然后点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3。轨道1、2相切于P点，轨道2、3相切于Q点，如图所示。则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，下列说法正确的是（　　） A．地球静止卫星可能经过北京上空 B．卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率 C．卫星在轨道2上从P点向Q点运动的过程中机械能守恒 D．卫星在轨道1上经过P点时的速率小于它在轨道2上经过P点时的速率 8．一辆“复兴号”模型小机车在水平路面上由静止启动，在前5s内做匀加速直线运动，5s末达到额定功率，之后保持以额定功率运动，其v−t图像如图所示。已知汽车的质量为m=1×103kg，汽车受到地面的阻力为车重的0.1倍，g取10m/s2，则以下说法正确的是（　　） A． 汽车在前5s内的牵引力为5×103N B． 汽车速度为25m/s时的加速度为3m/s2 C． 汽车的额定功率为200kW D． 汽车的最大速度为150m/s 9．如图所示的U-I图像中，直线a表示某电源的路端电压U与电流I的关系，直线b、c分别表示电阻R1、R2的电压U与电流I的关系。下列说法正确的是（　　） A．电阻R1、R2的阻值之比为4:3 B．该电源的电动势为6V，内阻为3Ω C．只将R1与该电源组成闭合电路时，电源的输出功率为4W D．只将R2与该电源组成闭合电路时，内、外电路消耗的电功率之比为1:1 10．一质量为m的小球从地面竖直上抛，在运动过程中小球受到的空气阻力与速率成正比。它从抛出到落地过程中动量随时间变化的图像如图所示。已知重力加速度为g，则下列说法正确的是（　　） A．小球到时刻受到的空气阻力为0 B．小球在运动过程中阻力最大为 C．小球从抛出到落地重力的冲量大小为 D．小球从抛出到落地阻力的冲量为0 三、实验题（本大题共2小题，每空2分，共16分） 11．在实验室里为了验证动量守恒定律，一般采用如图甲、乙所示的两种装置： (1)若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则（　　） A．m1>m2，r1>r2 B．m1>m2，r1<r2 C．m1>m2，r1=r2 D．m1<m2，r1=r2 (2)设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，则在用图甲所示装置进行实验时，P点为_____（“碰前入射小球”、“碰后入射小球”、“被碰小球”）落点的平均位置，所得“验证动量守恒定律”的结论表达式为______________________（用装置图中的字母表示） 12．某探究小组为测量一种新型材料制成的圆柱形电阻的电阻率、电源的电动势和内阻，进行了如下实验探究： (1)该小组用螺旋测微器在测量电阻丝直径时，选择电阻丝的不同位置进行多次测量，取其平均阻值作为电阻丝的直径D，某次测量时螺旋测微器的示数如图甲所示，则该合金丝直径的测量值D=______mm，再用刻度尺测得其长度L。 (2)该小组用如图乙所示的电路测量该圆柱形电阻Rx的阻值，图中电流表量程为0~0.6A、内阻为1.0Ω，定值电阻R0的阻值为20.0Ω，电阻箱R的最大阻值为999.9Ω。 第一次探究：将S2置于位置1，闭合S1，多次改变电阻箱R的阻值，记下电流表的对应读数I，根据实验数据，在图丙中绘制出图像，该小组根据图乙的电路和图丙的图像，求得电源电动势E=______V，内阻r=______Ω。（结果均保留2位有效数字） 第二次探究：将S2置于位置2，读出电流表读数，并根据图丙中的图像可得Rx的值，最后可由表达式ρ=______得到该材料的电阻率（用D、L、Rx表示）。 (3)持续使用后，电源电动势降低、内阻变大，若该小组再次将此圆柱形电阻连入此装置，测得电路的电流，仍根据原来描绘的图丙的图像得到该电阻的测量值会______（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。 四、计算题（13题12分，14题12分，15题16分，共40分） 13．如图所示，水平地面上有一质量m=1kg的物块，物块与水平地面间的动摩擦因数μ=0.10，在与水平方向成θ=37°角斜向下的推力F作用下，由静止开始向右做匀加速直线运动。已知F=5N，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力。求： (1)物块运动过程中所受滑动摩擦力的大小； (2)物块运动过程中加速度的大小； (3)物块开始运动2.0s所通过的位移大小。 14．如图所示的电路中，为定值电阻，为电阻箱，灯泡L的规格为“3W、0.6A”，电动机M的线圈电阻为0.2Ω、额定功率为2W，电源的电动势，内阻，闭合电键，调节电阻箱，当电阻箱的阻值为4Ω时，灯泡刚好正常发光，电动机刚好能正常工作。求： （1）电动机的额定电压； （2）电阻的阻值； （3）电动机的输出功率与电源的输出功率。 15．如图所示，带有二分之一光滑圆弧轨道的物块c，放置在光滑水平地面上并锁定，圆弧轨道半径为R，P点为轨道的最高点，Q点为轨道的最低点且与水平地面相切。相同小球a、b静置在物块c左侧的水平地面上，给小球a一初速度，使之与小球b发生碰撞，碰撞后小球b沿轨道c运动到P点抛出，地面上的落点与P点间的水平位移为x=4R；小球a沿轨道恰能运动到与圆心O点等高的位置。不计空气阻力，已知a、b两小球半径远小于R、质量均为m，物块c的质量为，重力加速度为g。 (1)求小球b经过P点时对轨道的压力大小； (2)求小球a、b发生碰撞过程中损失的动能； (3)若在a、b碰撞前解除轨道c的锁定，小球b由Q点滑上轨道至其运动到最高点的时间内，小球a一直在水平地面上运动且位移为2R，求这段时间内小球b的水平位移大小。 试卷第1页（共3页） 试卷第1页（共3页） 学科网（北京）股份有限公司 《2026年9月24日高中物理作业》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A D D C D D CD AB CD BD 1．A 【详解】A．卡文迪什通过扭秤实验首次测出引力常量G，并由此计算地球质量，故A正确； B．第谷通过长期天文观测积累了精确数据，但总结出行星椭圆轨道规律的是开普勒，故B错误； C．法拉第首先提出电场概念并引入电场线，库仑的贡献是库仑定律，故C错误； D．静电场是客观存在的物质，电场线才是虚拟模型，故D错误。 故选A。 2．D 【详解】A．电流虽有方向，但运算遵循代数加减而非矢量合成，故电流是标量，故A错误； B．根据可知，是电荷量单位，故B错误； C．由可知，电流大小由电荷量和时间共同决定。若大但更大，电流可能反而小，故C错误； D．电流微观式中，为单位体积内的自由电荷数，符合定义，故D正确。 故选D。 3．D 【详解】A．电场线与等势面垂直且指向电势降低的方向，根据对称性可知，a、d两点的电场强度大小相等，但方向不同，故a、d两点的电场强度不同，故A错误； BC．电子带负电，且从a到b电势升高，根据可知，电子从a到b运动时电势能减小，电场力做正功，同理，从c到d电势降低，故电子从c到d运动时，电势能逐渐增大，故BC错误； D．电子在经过a点时动能为60eV，电势能为，动能和电势能总和为，因只有电场力对电子做功，故电子动能和电势能的总和保持不变，电子在经过等势线c点时的电势能为，故动能为，故D正确。 故选D。 4．C 【详解】A．当滑动变阻器R3的滑片自a端向b端滑动的过程中，接入电路的滑动变阻器阻值减小，根据串反并同，可知电容器两端电压减小，根据 可知电容器C所带电荷量减少，故A错误； B．根据串反并同，可知减小，增大，故B错误； C．根据 可知的绝对值表示，即不变，故C正确； D．根据串反并同，可知电流表示数增大，故D错误。 故选C。 5．D 【详解】AB．在很短时间内流出的水的质量 水喷出过程中，根据动能定理可得 解得水枪的功率为 故A、B错误； CD．设水流对车身的平均冲击力大小为F，取反弹的速度方向为正方向，对时间内喷出的水根据动量定理可得 解得 故C错误，D正确。 故选D。 6．D 【详解】A．根据题意可知，由于A、B发生完全非弹性碰撞，存在机械能损失，则有 整个过程中损失的机械能 解得 故A错误； B．对A、B、C构成的系统，根据动量守恒定律有 对C、D构成的系统，由于发生弹性碰撞，则有 ， 解得 ， 故B错误； C．结合上述，物块C对物块D的冲量 故C错误； D．物块C、D碰撞后弹簧再次压缩至最短时，对A、B、C构成的系统，根据动量守恒定律有 结合上述解得 故D正确。 故选D。 7．CD 【详解】A．地球静止卫星只能定点在赤道上空，不可能定点在北京上空，故A错误； B．卫星绕地球做匀速圆周运动时，由万有引力提供向心力可得 可知轨道半径越大，则线速度越小，因此卫星在轨道3上的速率小于在轨道1上的速率，B错误； C．卫星在轨道2上从P点向Q点运动的过程中，只有万有引力做功，则机械能守恒，C正确； D．卫星在轨道1上做匀速圆周运动经过P点时，则有 卫星在轨道2上经过P点时做离心运动，则有 可知卫星在轨道1上经过P点时的速率小于它在轨道2上经过P点时的速率，D正确。 故选CD。 8．AB 【详解】A．汽车在前5s内做匀加速运动，加速度 由牛顿第二定律得 其中 解得 故A正确； BCD．汽车在5s末功率达到额定功率 当汽车速度最大时，牵引力与阻力大小相等，即 F=f 最大速度 汽车速度为25m/s时，则有 解得 故B正确，CD错误。 故选AB。 9．CD 【详解】A．根据图像得， 电阻R1、R2的阻值之比为2:1，A错误； B．该电源的电动势为6V，内阻为，B错误； C．只将R1与该电源组成闭合电路时，电源的输出功率为，C正确； D．只将R2与该电源组成闭合电路时，内、外电路消耗的电功率分别为， 解得，D正确。 故选CD。 10．BD 【详解】A．小球到时刻动量不变且不为0，可知小球匀速运动，故阻力不为0，故A错误； B．对小球，0时刻有 小球到时刻，小球合力为0，有 联立解得 小球在运动过程中阻力最大时动量最大，故最大阻力 故B正确； C．设从地面抛出到最高点的时间为，上升的高度为h，设最高点到落地的时间为，从地面抛出到最高点由动量定理得 整理得 同理下降阶段有 整理得 联立可得小球从抛出到落地的总时间为 故重力冲量大小 故C错误； D．以上分析可知上升过程、下降过程阻力冲量大小均为kh，但方向相反，故小球从抛出到落地阻力的冲量为0，故D正确。 故选BD。 11．(1)C (2) 碰前入射小球 【详解】（1）为保证入射小球碰撞后不反弹，小球质量需满足 为保证小球发生对心正碰，小球半径应满足 故选C。 （2）[1]小球做平抛运动，竖直位移相同，则运动时间相等，水平速度越大，则水平位移越大，根据碰撞的原理可知，碰后入射小球的速度小于入射前的速度、小于被碰小球的速度，而被碰小球的速度大于碰前入射小球的速度，所以N点为被碰小球的落点，P点为入射小球碰撞前的落点，M为入射小球碰撞后的落点； [2][3]若小球碰撞过程动量守恒，则，，， 所以 12．(1)0.770（0.768～0.772） (2) 12 3.0 (3)偏大 【详解】（1）该电阻丝直径的测量值 （2）[1]由电路可知，当将置于位置1，闭合，根据闭合电路欧姆定律有 变形得 结合丙图的图像，可得， 解得， [2]根据 解得 （3）根据表达式，因电源电动势变小，内阻变大，则当安培表有相同读数时，得到的的值偏小，但用原来的R当作测量值，所以结果偏大。 13．(1)1.3N (2)2.7m/s2 (3)5.4m 【详解】（1）物体竖直方向上受力平衡有 又 联立解得滑动摩擦力的大小 （2）根据牛顿第二定律 可得加速度 （3）根据位移时间关系 可得2.0s所通过的位移大小 14．（1）；（2）；（3）， 【详解】（1）由于灯泡正常发光，则电路中的电流，灯泡两端的电压 则电动机的额定电压 （2）电动机的额定电流 电阻中电流 因此，电阻的阻值 （3）电动机输出的机械功率 电源的输出功率 15．(1) (2)4mgR (3) 【详解】（1）小球b从P点抛出后做平抛运动，其竖直方向为自由落体运动 水平方向为匀速直线运动 解得 小球b在P点时，根据牛顿第二定律 解得 由牛顿第三定律可得：小球b经过P点时对轨道的压力大小 （2）设小球a、b碰撞后的速度分别为va、vb，则对小球b根据机械能守恒定律 解得 设小球a的初速度为v0，对小球根据机械能守恒定律 解得 小球a、b碰撞过程动量守恒 解得 所以小球a、b发生碰撞过程中损失的动能为 解得 （3）小球b滑到轨道最高点时，b和c达到共速，由水平方向动量守恒可得 设最大高度为，根据机械能守恒： 解得 小球b由Q点滑上轨道最高点的过程中，b和c水平方向动量守恒 可得 设这段时间为t，则有，即 由题意知 在这段时间内由a的运动可知 联立解得 答案第1页（共2页） 答案第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $