江苏淮安市淮阴中学2026-2027学年高二第一学期10月阶段测试物理试卷

高二年级阶段测试 物理试题 2026.10 一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分.每题只有一个选项符合题意. 1.若冲量的单位用国际单位制中的基本单位符号来表示，正确的是 A.kg'm/s B.kg'm/s2 C.N D.N.s 2.正在运动的甲、乙两物体，甲的质量为1kg,速率为3s,乙的质量为3kg,速率为 1m/s,以下分析正确的 A.甲的动量大于乙的动量 B.甲的动能大于乙的动能 C.乙的速度由1m/s增大为2m/s,它的动量增大为原来的4倍 D.乙的速度由1m/s增大为2ms,它的动能增大为原来的2倍 3.在“用单摆测量重力加速度”实验中，几个同学的实验操作过程如下列四幅图所示，其 中正确的是 色0 00 之 A. B. C. D 4.如图所示，光滑水平面上静止的A、B两物体之间有-压缩的轻弹簧（不拴接），并 用细线将两物体拴接在一起。现将细线剪断，则两物体将被弹簧弹开，A向左的速度 大于B向右的速度。则在整个运动过程中，A、B两物体组成的系统 A,动量为0 B.动量向左 C.动量向右 D.机械能守恒 Aw%% 5.如图所示，两质量相等的卫星A、B绕地球做匀速圆周运动，用F、p分别表示卫星受 到的地球的引力、卫星的动量。下列分析正确的有 、 。A A.F-FB B.P4=PB 地球 B C.任意一段时间内，F对卫星做的功为0 、 D.任意一段时间内，F对卫星的冲量为0 1 6,一个质点做简谐运动的振动图像如图所示，下列说法正确的是 A.任意1s内的路程为2m x/cm B.0~2s内位移先正方向后负方向 C.02s内质点的速度先增大后减小 0 D.02s内质点的加速度先增大后减小 7.一台洗衣机在脱水筒正常工作时非常稳定，当切断电源后，脱水简转速逐渐减小，发现 洗衣机先是振动越来越荆烈，然后振动逐渐减弱，关于该过程，下列说法正确的是 A.脱水筒转动的频率越大，洗衣机的振动越刷烈 B.正常工作时，脱水简转动的频率等于洗衣机的固有频率 C.正常工作时，脱水筒转动的频率比洗衣机的固有频率小 D.洗衣机振动最剧烈时，脱水简转动的频率等于洗衣机的固有频率 8.如图所示，将一小球从A点以o=1m/s水平抛出，经过B点时速度大小为V2m/s。不计 空气阻力，则关于小球从A到B过程中，下列说法正确的是 A.加速度逐渐增大 B.动量变化率逐渐增大 C.动量变化量方向竖直向下 D.动量变化量大小为(V2-1)kgm/s 9.如图所示，以水平向右为正方向，一枚火箭正在空中以8s的速度向右水平飞行，在 某时刻炸裂成质量相等的甲、乙两块。已知炸裂过程中有化学能转化为系统的机械能， 则炸裂后甲与乙的速度可能分别为 A.10m/s、6m/s B.0m/s、16m/s C.-2m/s、16m/s D.8m/s、8m/s 甲 乙 10.冲牙器通过喷出高压水流来冲洗牙齿。如图所示，唢嘴直径为d,若工作时水柱以一 定的速率ν垂直冲击到牙齿表面后，速度立即减为零，沿牙齿表面散开。设水的密度 为p,则牙齿表面受到的压强是 A.PV B.pv2 C.2pv2 D.-pv2πd 11.一上表面粗糙且足够长的小车M置于光滑水平面上，木块m以一定的初速度滑上小 车的上表面，则 A.车面越粗糙，小车M最终获得的动量越大 B.车面越粗糙，两者系统产生的内能越大 M C.小车质量越大，两者相对滑行的时间越短 2W风% D.小车质量越大，两者相对滑行的位移越长 二、非选择题：共5题，共56分.其中13~16题解答时请写出必要的文字说明、方程式 和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算时，答案中必须明确写出数 值和单位。 12.(15分)为了验证动量守恒定律，某实验小组的同学设计了如图所示的实验装置：将 一足够长气垫导轨放置在水平桌面上，光电门1和光电门2相隔适当距离安装好，在 滑块A和B相碰的端面上装有弹性碰撞槊，它们的上端装有宽度相同的挡光片，测得 滑块A、B(包含遮光片)的质量分别为m1和m2 光电J1 光电门2 挡光片 挡光片 气垫导轨 滑块A弹性碰撩架滑块B (1)拿掉滑块B,打开气泵，待气流稳定后将滑块A置于光电门1的左侧，水平向右轻 推滑块A,与光电门1、2相连的计时器显示的遮光时间分别为△4、△5，发现△>△s。 为使实验结果准确，应该调高气垫导轨的 端（填“左”或“右”) (2)该装置在用于“验证动量守恒定律时 （填“需要”或“不需要”)测出遮光片 的宽度d (3)将滑块A置于光电门1的左侧，滑块B静置于两光电门之间，给A一个向右的初速 度，A与静止的滑块B发生碰撞且不粘连。实验中发现与光电门1相连的计时器先后 两次显示的遮光时间分别为△1和△12，与光电门2相连的计时器显示的遮光时间为△3 (不考虑滑块与气垫导轨左右挡板撞击后的运动)。 ①上述实验结果说明两滑块质量关系为m12（填小于”，等于”，“大于”) ②上述实验结果，若两滑块碰幢过程动量守恒则下列等式成立的是 A.m1△t,=m1△t2+m2△t3 B.m2△t3=m1△t3+m1△t3 c器=器+品 ③上述实验结果，若两滑块发生的是弹性碰撞，则△1：△t= (用m1,m2表示)。 13.(8分)如图甲所示，单摆的固定悬点O与力传感器（图中未画出）相连。现将摆球 (可视为质点)拉至A点，此时细线处于张紧状态，释放摆球，则摆球将在竖直平面 内的A、C之间来回摆动（最大摆角小于5°），B点为最低位置。测得细线对摆球的 拉力大小F随时间：变化的曲线如图乙所示，g近似等于π2。取摆球在B点右侧位移为 正，位移最大为5cm,求： 0 (1)单摆的摆长： (2)从A点释放开始计时，写出 摆球相对平衡位置的位移x随时 间t的变化关系式。 0.5 2 3 14.(9分)质量为m=0.5kg的钢球从离坑面高H=5m的高处自由下落。 一段时间后，物体落入沙坑，测得落入沙坑的深度h=20cm,在沙中运 动的时间约为=0.2s。重力加速度取g=10m/s2,不计空气阻力，求： (1)钢球接触沙坑前的瞬间重力的功率P: (2)全过程中沙坑对钢球的阻力做的功W; (3)全过程中沙坑对纲球的阻力的冲量/的大小与方向。 15.(12分)如图所示，轮质弹资竖直放置，下端固定在水平地面上，自然长度为6。现 在弹簧上端拴接一质量为m的物块，物块在竖直向下的压力F的作用下保持静止。=0 时，撤去压力F,物块在竖直方向上做简谐运动。已知F=3mg,弹簧的劲度系数为飞， 物块整个运动过程中，弹簧米超过弹性限度，重力加速度大小为g。求物块做简谐振动 的过程中： F （1)物块在平衡位置时弹簧的长度： (2)物块在最高点时的加速度大小a; m (3)若t=2s时物块经过平衡位置，物块做简谐运动的周期可能是？ .7 16.（15分)如图所示，质量为M的半圆形光滑凹槽被锁定在光滑的水平面上（锁定装 置未画)，凹槽圆弧半径为R,使一个质量为m的小球在凹槽的左端最高点A处由静 止释放，小球运动经过的最低点为凹槽的B点位置。已知M=2m,重力加速度为g,不 计小球的半径。 (1)求小球到达B点时对轨道的压力大小： (2)若释放小球前，解除凹槽的锁定，求小球第一次到达凹槽的B点时的速度大小 1,凹I槽的速度大小2； （3)若在凹槽左侧地面上某位置放置一质量为2m的物体，当第（2)问中小球第一 次运动到凹槽的B点时，凹槽恰好与物体发生碰撞，并在极短时间内粘在一起，求 ①碰撞后小球能上升的最大高度； ②碰撞后凹槽做往复运动时的振幅A。 7777777777777777 高二阶段测试 物理答案 一、 单项选择题：共11题，每题4分，共44分.每题只有一个选项符合题意. 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 A B C A C D D C B B D 二、非选择题：共5题，共56分.其中13~16题解答时请写出必要的文字说明、方程式 和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算时，答案中必须明确写出数 值和单位 12.（15分)(1)右(2)不需要 (3)①小于 ②C ③2m1 m+m2 13.解析： (1)摆球在最低点时细线的拉力最大，摆球在最高点时细线的拉力最小，摆球从最低点 第一次达到最高点的时间为个周期，所以摆球运动的周期为T=2s 根据单摆周期公式T=2π 可解得=lm （4分) (2)从A点释放开始计时，即=0时刻，位移为正方向的最大值，所以初相位为 振幅=5cm,圆频率w 2-元rad/s 则摆球相对平衡位置的位移随时间的变化关系式为x=0.05sin(π巧m(4分) 14.解析： (1)钢球从H=5m的高处自由下落， 由mg:mv2得钢球接触沙坑前瞬间的速度一10ms 重力的功率P=mgv=50W:（3分) (2)研究钢球在沙坑中的运动过程，根据动能定理： mgh+w=0-1 沙坑对钢球的阻力做的功W=-26J（3分) (或者全过程分析：mg(h+H)+W=0一0) (3)以向下为正方向，研究钢球在沙坑中的运动过程，根据动量定理： mgt+l=0一mv得I=-6Ns(或者全过程分析：mgts一l=0一0) 所以沙坑对钢球的阻力的冲量大小为6NS,方向竖直向上(3分) 15.解析： (1)物块在平衡位置时重力与弹簧弹力等大反向，则mg-kAx,,△rm3 k 弹簧的长度l=10-△x=om8(4分) (2)撤去压力F前，物块受力平衡F+mg=c,得a=4mg 撤去压力F后，由牛顿第.二定律oc-mg=ma得a=3g,方向竖直向上 由简谐运动的对称性可知，在最高点时的加速度大小α=3g,方向竖直向下(4分) (3)方法一： 若=2s时物块向上经过平衡位置， 则27+k7,=0,1,2,3… 得790,12,3…2分 若仁2s时物块向下经过平衡位置， 则2s=3+k7,k=0,1,2,3…得T=8s,k=0,1,2,3…(2分) 3+4k 方法二： 由于从最低点经过T第一次到达平衡位置，然后每过半个周期经过一次平衡位置， 所以仁2s时物块经过平衡位置，则2s17+7,k=0,1,2,3… 1+2kk0,1,2,3.(4分) 得78s 2 16.解析： (1)凹槽被锁定， 小球从A到达B过程，由动能定理：mgR=mv2.0 小球在最低点时，由牛顿第二定律：-mgm2 R 由牛顿第三定律小球对轨道的压力FN'=FN 联立解得小球到达B点时对轨道的压力大小为F'=3mg (4分) (2)若解除凹槽的锁定，小球下滑过程，凹槽向左移动 根据动量守恒0p-p 根据机械能守恒mgR=p+卫2 4m 2m 得p=p'=mm 38P 根据p=mv1,p=2mv2 得1= (4分) (3)若解除凹槽的锁定，小球下滑过程，凹槽向左移动，当小球运动到B位置时，凹槽 恰好与物体发生碰撞，并在极短时间内粘在一起， 由凹槽与物体系统动量守恒2mv2=(2m+2m)v3 (2分) 由凹槽、物体、小球三者系统水平方向动量守恒得小球到达最右端时三者速度均为0 三者的系统机械能守恒mgh=一mv12+一4mv32 得小球从B点上升的最大高度为h=R (2分) 此过程中小球相对于凹槽位移大小为d存=B5R,方向向右（1分) 6 根据相对运动位移关系，两者位移大小之和为d 此过程中系统动量守恒0=4mv附mV隙，得V阳糌y球=1：4， 所以x@x单14，得四槽的位移大小为x上d,方向向左 接下来小球从最右端静止滑下，返回到最低点，再到最左端的过程，根据动量守恒与 能量守恒，小球到最左端时，距B点上升的最大高度仍为h,三者速度仍为O。 3 上述过程凹褶问右移动，小球相对四槽位移大小为2d,方向向左，所以两者位移大小 之和为2d 同样根据系统动量守恒0=4 nv mv障，得vmmV=1:4,所以x四潲x梁=1：4 所以凹槽从最左端到最右端的位移的大小为d,方向向右 接下来，小球再从最左端滑到最右端，凹槽从最右端到最左端， 所以碰撞后凹槽做往复运动，振动范用为4，碰撞后瞬间的位置为平衡位置， 振幅为4=1d=V3 R。(2分) 5 30