河南部分学校2026-2027学年高二上学期10月阶段检测物理试题

河南10月高二物理 全卷满分100分，考试时间75分钟。 痛 注意事项： 1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上 的指定位置。 翅 2.请按题号顺序在答题卡上各题目的答题区域内作答，写在试卷、草稿纸和答题卡上的非 答题区域均无效。 3.选择题用2B铅笔在答题卡上把所选答案的标号涂黑；非选择题用黑色签字笔在答题卡 上作答；字体工整，笔迹清楚。 4.考试结束后，请将试卷和答题卡一并上交。 长 跟 一、选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符 合题目要求的。 1.如图所示，优质话简线的信号传输线外面包裹着一层金属网，使声音更清晰。金属网的主要 作用是 金属网 传输线 A.增大电信号的传输速度 B.屏蔽外界的干扰电信号 C.增强话筒线的抗拉强度 D.增强传输线的导电能力 2.某区域静电场的电场线分布如图所示，a、b、c是电场中的三个点。下列说法正确的是 O A.质子在b点受静电力方向与b点场强方向相同 B.a、b、c三点电场强度大小关系为E。>E。>E 妆 C.a、b、c三点电势关系为pa>pw>p D.电子在a、b、c三点的电势能关系为Ew>Ea>E 3.某商用三折叠屏手机，配备的电池容量为5600mA·h,则 拟 A.“mA·h”是能量单位 甘 B.“mA·h”是电荷量单位 C.若该手机平均待机电流为10mA,则该手机最长可待机56小时 D.若该手机平均待机电流为100mA,则该手机最长可待机28小时 【高二物理第1页（共6页）】 HN 扫描全能王创建 4.某水库一电容式水位监测装置如图所示，内电极与外电极连接恒压电源（电源未画出），当水 库水位变化时，电容器会进行充放电，从而将水位高度这个物理信号转变为电信号，达到检测 水位高度的目的。下列关于该装置说法正确的是 内电极 ①绝缘套管 几外电极 ,导电液体 A.水位升高时电容两极板正对面积变大，电容器放电 B.水位降低时电容两极板正对面积变大，电容器充电 C.水位升高时电容两极板正对面积变大，电容器充电 D.水位降低时电容两极板正对面积变大，电容器放电 5.在学完电表改装之后，某同学用两个规格完全相同的灵敏电流计G改装了两种表，如图甲、乙所 示，已知灵敏电流计G的满偏电流I.=1mA,内阻R.=6002,则下列说法正确的是 A.根据并联分流的特点可知图甲是电流表，R增大时量程增大 B.根据串联分压的特点可知图乙是电压表，R增大时量程减小 C.在图乙中，若改装成的电压表的量程为6V,则R=60002 D.在图甲中，若改装成的电流表的量程为0.6A,则R=-90 6.如图所示，ABC为半径为R的半球壳，整个球壳上均匀分布有正电荷，总电荷量为十2Q,O 为圆心，M、B、O、N在同一水平直线上，AC⊥MN,且OM=ON=2R,已知球壳上电荷在M 点处的电场强度大小为E,静电力常量为k。则下列判断正确的是 B o C A.N点处电场强度大小为品一E,方向水平向右 R2 B.N点处电场强度大小为k4 短一E,方向水平向右 C.N点处电场强度大小为E一k 2R,方向水平向左 D.N点处电场强度大小为是+E,方向水平向左 【高二物理第2页（共6页）】 HN 扫描全能王创建 7.如图所示的电路中，所有电表均为理想电表，电流表A1的读数为1.2A,电流表A2的读数为 2A,则以下说法正确的是 R 102 a④ R 102 A.R1<R2,表A的读数为3.2A B.R1>R2,表A的读数为3.2A C.R1=R2,表A的读数为4A D.R1>R2,表A的读数无法判断 8.等量异种点电荷固定在光滑绝缘水平面上的A、B两点，O点为A、B连线的中点。一质量为 m、电荷量为g的带电粒子以大小为，的初速度进人该水平面，仅受电场力作用，其运动轨迹 与AB连线的交点为M,且与AB连线的中垂线相切于N点。已知M点的电势为PM,电场 强度大小为EM,N点的电势为PN,电场强度大小为EN,粒子在N点的速度大小为v,取无穷 远处电势为零，则下列说法正确的是 A 0 M pg白B A.该粒子带负电 B.pN>pM、EN>EM 1 C.P点的电势为pp=2an(w-) D.粒子从N点运动到无穷远处时的速度应大于v 二、选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合 题目要求的。全选对的得4分，选不全的得2分，错选得0分。 9.如图甲所示为一形状规则、质量分布均匀的长方体金属导体，长和高分别为α和b,当分别沿 m、pq方向通电流时，测得的伏安特性曲线如图乙中I、Ⅱ所示，则下列关系正确的是 甲 A.曲线I、Ⅱ对应的电阻之比为R1:Rm=2:1 B.曲线I、Ⅱ对应的电阻之比为R1:R,=1:2 C.a=√2b D.a=2b 10.截面积为S的导线中通有电流I,已知导线每单位体积中有n个自由电子，每个自由电子的电 荷量大小是，自由电子定向移动的速率是o,则在时间△，内通过导线截面的自由电子数是 A.nSv△l B.nw△t c兴 D岁 【高二物理第3页（共6页）】 HN 扫描全能王创建 11.如图所示，直角△abc中bc=4cm,∠acb=30°，ab⊥bc。匀强电场的电场线平行于△abc所 在平面，且a、b、c点的电势分别为3V、一1V、3V。下列说法中正确的是 A.电场强度方向垂直ac直线向上 B.电场强度方向沿bc直线方向 C.电场强度的大小为400V/m D.电场强度的大小为200V/m 12.将两个点电荷A、B分别固定在水平面上x轴的两个不同位置上，将一带负电的试探电荷在 水平面内由A点附近沿x轴的正方向移动到B点附近的过程中，该试探电荷的电势能随位 置变化的图像如图所示，已知xc>xCs,图中过C点的水平虚线与图线相切且平行于x轴， 两固定点电荷带电荷量的大小分别用q、9B表示。则下列分析中正确的是 E C A.两固定点电荷都带负电，且qA>9B B.在AB之间，关于C点对称的两点的电场强度等大反向 C.因试探电荷的电势能始终为正值，可知A、B两点间沿x轴方向的电场强度始终向右 D.如果将试探电荷的电性改为正电，则该电荷在C点的电势能最大 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 13.(6分)如图1所示为多用电表的示意图，其中S、T为可调节的部件，现用此电表测量一阻值 约为10002的定值电阻，部分操作步骤如下： A-y- ● V 23 空空u业加 OFF 100 10 50001Y A-V-2 200ny mA V 图1 图2 (1)选择开关应调到电阻挡的 (填“X1“×10”“×100”或“×1k”)位置。 (2)将红、黑表笔分别插人“十”、“一”插孔，把两笔尖相互接触，调节T,使电表指针指向 (填“左侧”或“右侧”)的“0”位置。 (3)将红、黑表笔的笔尖分别与电阻两端接触，电表示数如图2所示，该电阻的阻值 n。 【高二物理第4页（共6页）】 HN 扫描全能王创建 14.(8分)某同学探究电容器的充放电现象。简化电路图如图()所示，电压传感器和电流传感 器均视为理想电表，且电容器在充电前不带电。 电流传感器 I/mA 电 A UNV 3.3 压传 2.2 1.1 器 3 (a) (b) (c) (1)进行实验操作，开关接 (填“1”或“2”)时，电容器充电，充满电后，开关接另一侧，电 容器放电。整个过程得到图(b)、图(c)中的实线图像，则图(c)中实线图像2~t,时刻为 过程（填“充电”或“放电”）。 (2)图(b)为I-t图像，其中I与t轴围成的面积分别为S1、S2,则S, S2(填“>”“=” 或“<”)。为了探究不同电阻情况下电容器电压随时间的变化规律，该同学更换电阻后 再次进行实验，得到的图像为图(c)中的虚线，则第二次实验更换了一个阻值 (填“更大”或“更小”)的电阻。 15.(9分)某同学用伏安法测量一段金属丝（阻值约为5Ω左右）的电阻率。 (1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，某次测量结果如图所示，其读数为 mm。 45 35 (2)除待测金属丝外，实验室还备有下列器材： A.电压表V,(量程0~3V,内阻约3k) B.电压表V2(量程0~15V,内阻约15k) C.电流表A,(量程0~0.6A,内阻约0.052) D.电流表A2(量程0~3A,内阻约0.012) E.滑动变阻器R1(0~10,额定电流2A) F.滑动变阻器R2(0~1002,额定电流1A) G.直流电源E(输出电压3V) H.开关S,导线若干 为了减小测量误差，电压表应选用 ,电流表应选用 ,滑动变阻器应选用 (填器材前的字母)。 (3)根据所选器材，在虚线框中画出实验电路图（图中需标明所选器材）。 (4)若测得金属丝的长度为L,直径为D,电阻为R,则金属丝的电阻率ρ= (用所测 物理量字母表示)。 【高二物理第5页（共6页）】 HN 扫描全能王创建 16.(9分)一个带正电的点电荷，电荷量g=2×10-9C,在静电场中由a点移到b点，在这个过程 中，克服电场力做的功为2×10-5J。 (1)求a、b两点间的电势差。 (2)若a点的电势为零，求b点的电势。 (3)求把电荷量3X10-5C的负电荷由b点移到a点，电场力做的功。 米 17.(13分)如图所示，空间足够大范围内存在着与水平方向间夹角为α=30°斜向右上方的匀强 电场，在电场中的O点通过一根绝缘轻绳悬挂一电荷量为q的带电小球（可视为点电荷），此 时在空中A点恰好能处于静止状态，轻绳与竖直方向间夹角为=60°。已知绳长为L,小球 质量为，重力加速度为g,不计空气阻力。 4Ⅲ (1)分析小球的带电性质并求匀强电场的电场强度E的大小。 (2)某时刻在竖直面内给小球一个垂直OA斜向右上方的初速度o,使得小球恰好能做完整 的圆周运动，求o的大小。 游 18.(15分)如图甲所示的装置由直线加速器、偏转电场和荧光屏三部分组成。在a、b间加上正 负交替变换、周期为T、大小为U,(如图乙所示)的交变电压，在=0时刻，奇数圆筒相对偶 数圆筒的电势差为负值，此时在0号金属圆板中央一个质量为m、电荷量为的质子、沿中 央轴线由静止开始加速。质子在金属圆筒之间的狭缝被电场加速，加速时间忽略不计，在金 属圆简内做匀速运动且时间均为了，离开2号圆筒后沿0,0，垂直射人两水平极板间的偏转 电场，板间电压恒定，且质子恰好经下极板边缘离开。已知偏转电场的平行极板板长和间距 斗 均为L,OO2为两极板的中线，O2为中线与荧光屏的交点，荧光屏与极板右边缘的距离为 L,且荧光屏足够大。忽略电场边缘效应，不计质子重力及空气阻力。求： 母 iT -Uo 甲 (1)质子进人偏转电场的速度的大小以及圆筒2的长度s。 (2)偏转电场的板间电压U'的大小。 些 (3)质子从进人偏转电场到击中荧光屏的过程经历的时间t以及最后击中荧光屏的位置离 O2点的距离y。 【高二物理第6页（共6页）】 HN 扫描全能王创建河南10月高二物理 参考答案、提示及评分细则 题号 1 2 3 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 B A B C D A A C AC AC AD AD 1.B【解析】电信号的传输速度主要取决于绝缘介质的性质，接近光速，金属网无法增大电信号的传输速度， 故A错误；话筒传输的是微弱的电信号，容易受到外界电磁场的干扰。金属网包裹在信号线外面，构成了一 个屏蔽层（法拉第笼），能够有效地屏蔽外界的电磁干扰，防止杂波混入信号中，从而使声音更清晰，故B正 确；金属网虽然具有一定的机械强度，但包裹在信号线外的主要目的并非为了增强抗拉强度，故C错误；信号 的传输主要依靠内部的芯线，金属网通常接地作为屏蔽层，并非为了增强传输线的导电能力，故D错误。 2.A【解析】电场方向代表正电荷受力方向，质子带正电，在b点受静电力方向与b点场强方向相同，故A正 确；电场线越密集的地方，电场强度越大，则E6>E。>E。,故B错误；沿着电场线方向，电势逐渐降低，所以α、 b、c三点电势关系为p6>m>m,故C错误；电子带负电，根据E。=q9可知Ew<Ea<E,故D错误。 3.B【解析】根据电流的定义式有I=丝，变形推导为q=1,可知“mA·h”是电荷量的单位，故A错误，B正 确；已知电池容量q=5600mA·h,平均待机电流为I=100mA,根据待机时间公式有t=号，代入数据解得 t=56h,可知该手机最长可待机56小时，故CD错误。 4.C【解析】水位的升降改变的是电容器两板的正对面积，水位升高，正对面积变大，电容器充电：水位降低， 正对面积变小，电容器放电，故选C。 5.D【解析】甲电路图由一个灵敏电流计G和一个电阻箱R并联，利用并联电阻的分流改装成电流表，电流 表的量程为1-：十震，由此可知，当R增大时，量程减小，故A错误；乙电路图由一个灵敏电流计G和一 个电阻箱R串联，利用串联电阻的分压改装成电压表，电压表的量程为U=I(R。十R),由此可知，当R增大 时，量程增大，故B错误，R=号-R,=54000,故C错误；若改装成的电流表的量程为0.6A,则I=,+ -0.6A,解得R-89n,故D正确。 R 6.A【解析】补全一个与原半球壳对称的右半球壳，构成半径为R、总电荷量为4Q的均匀带电完整球壳。由 均匀带电球壳外部的电场等效于球心处点电荷产生的电场，完整球壳在N点的电场大小为E=2得= 怒，方向沿ON方向，即水平向右。补全前后的球光及N点电场方向如图所示， 左半球壳 补全的右半球壳 Eo 由对称性可知，补全的右半球壳在N点产生的电场大小等于原左半球壳在M点产生的电场大小，即E=E, 方向沿ON方向。由电场强度的叠加法则有E-E十E,整理得瓜-怒-E,方向沿ON方向。故选A。 7.A【解析】由于是理想电流表，对电路的影响不计，相当于导线，所以四个电阻并联，并联电路电压相等，则 【高二物理参考答案第1页（共4页）】 HN 通过两个10Ω电阻的电流相等。设通过R1、R2和两个102电阻的电流分别为I1、I2和I3,则有A1的读数 为IA1=I2+I,A2的读数为IA2=I1十I3,A的读数为Ia=1十I2十2I3,由题IA1=1.2A,IA2=2A,联立得 IA=I1十IA2=3.2A,I2<I,由于R1、R2并联，即电压相等，由U=IR得R1<R2,故选A。 8.C【解析】根据粒子轨迹弯曲特点，可知它经过M点时受两点电荷的作用力向下，所以粒子带正电，故A错 误；根据等量异种点电荷电场连线和中垂线上场强和电势特点可知，pN>PM、Ew<EM,故B错误；中垂线是 一条等势线，与无穷远处电势相等，所以g0=0,则粒子从P运动到N点过程中，由动能定理qUm=合md 之mw3,Uw=仰0=9r,解得gr=石n(-6),故C正确：粒子从N点到无穷远处的过程，电势差为 零，所以由动能定理知其动能变化量为零，所以到无穷远处的速度大小一定等于，故D错误。 9.AC【解析】由图乙可知，当电压U相同时，曲线Ⅱ的电流是曲线I的2倍，即Im=2I1。根据欧姆定律 R-号可知，曲线I对应的电阻是曲线Ⅱ对应电阻的2倍，即R1=2R1,故A正确，B错误；根据题意，沿mm 方向通电对应曲线I,沿p9方向通电对应曲线Ⅱ。设长方体导体的宽度为d,根据电阻定律R=p与，沿m 方向时，长度L1=a,横截面积S,=b·d,则电阻R1=p品，沿9方向时，长度L,=b,横截面积S,=a·d, 则电阻R-0品由R=2R可得P后=2·p2整理得台-空。=2，解得a=Eb,故C正确，D 错误。 】设△t内通过导线截面的自由电子数是N,电流可以表示为I三nS0一， N=I公，故选AC。 11,AD【解析】已知pa=3V,m.=3V,9s=-1V,bc=4cm=0.04m,∠acb=30°。因为pa=m.=3V,所以 αc是等势线。匀强电场中，电场线与等势线垂直，且电场线由高电势指向低电势，所以电场应垂直ac指向b 一侧（向上），故A正确，B错误；bc长度L=0.04m,bc与等势线ac夹角为30°，b到等势面ac的沿电场线距 离d=bc·sin30°=0.02m,ac与b点电势差U=g一%=3V-(-1)V-4V,则电场强度的大小E=号 ,4V=200V/m,故C错误，D正确。 0.02m 12.AD【解析】负试探电荷由A点到B点的过程中，电势能始终为正值，因此两固定点电荷均带负电，E。x 图线的斜率为电场力，又由于水平虚线在C点与图线相切，因此C点的电场力为零，即试探电荷在C点时， 受到的在A,B两点的点电荷的电场力等大反向，已知xC>,由F=9,可知gA>gB故A正确：试探 2 电荷在C点的电场力为零，则C点的电场强度为零，若q=qB则关于C点对称的两点的电场强度等大反 向，而由以上分析可知q>9B,则关于C点对称的两点的电场强度并不等大反向，故B错误；由于两固定点 电荷均带负电，则在x轴上的电场强度方向先向左再向右，故C错误；如果将试探电荷改为正电荷，则该电 荷在由A点到B点的过程中，电场力先做负功再做正功，电势能先增大后减小，因此C点的电势能最大，故 D正确。 13.(1)×100(2分) (2)右侧(2分) (3)1100(2分) 【解析】(1)电阻挡中央刻线为15，待测电阻约为1000Ω，为了减小测量误差，需要使指针指在中央刻线附 近，可知选择开关应调到电阻挡的×100位置。 (2)将红、黑表笔分别插入“十”、“一”插孔，把两笔尖相互接触，调节欧姆调零旋钮，即调节T,使电表指针指 【高二物理参考答案第2页（共4页）】 HN 向欧姆挡右侧的“0”位置。 (3)根据欧姆表的读数规律，该读数为11.0×1002=1100Ω。 14.(1)1(2分)放电(2分) (2)=(2分)更小(2分) 【解析】(1)开关接1时，电容器接电源两端，开始充电，由图(c)可知，在t2~t4时间段内，电容器两端电压U 随时间t从3.3V逐渐减小到0，说明电容器正在释放电荷，故为放电过程。 (2)图(b)中I-t图像与时间轴围成的面积表示流过的电荷量q,S,表示充电过程充入的电荷量，S2表示放 电过程放出的电荷量的绝对值，根据电荷守恒，充人的电荷量等于放出的电荷量，故S=S。由13 可如，初始时刻U=0,电流I二R干，虚线斜率大说明初始电流大，枚电阻R更小。 15.(1)0.398/0.399/0.397(2分) (2)A(1分)C(1分)E(1分) (3)见解析(2分) (4)πRD2 4(2分) 【解析】(1)螺旋测微器的读数为D=0.01×39.8mm=0.398mm. (2)电源电压为3V,则电压表选V1(A),电流表选A1(C)。为了使电表示数调节范围大些，电路采用分压 式，则滑动变阻器选R1(E)。 (3)电路采用分压式；待测电阻较小一般采取外接，如图。 《④金属丝横截面积为S=元（号）'，联立电阻率公式R=p专，得p一P 4L。 16,【折1》a6阿点向的电势老为u一是-2识一V-10y (3分) (2)若a点的电势为零，则U=。-p%=-101V (2分) 可得b点的电势为P6=104V (1分) (3)把电荷量3×10-5C的负电荷由b点移到a点，电场力做的功是W=gUa=(一3X10-5)×10J=一0.3J (3分) 17.【解析】(1)由受力分析可得，小球带正电 (2分) 对小球受力分析，设轻绳拉力为T,由平衡条件得，水平方向有qEcos30°=Tcos30° (2分) 竖直方向有qEsin30°+Tsin30°=mg (2分) 联立解得E=mg (1分) (2)由几何关系可知，小球重力与匀强电场施加的电场力形成的合力方向沿OA向下，由几何关系可得合力 大小为F合=mg (1分) 设小球在竖直面内做圆周运动的等效最高点为A',该点位于AO延长线上且与A点关于O点对称，设恰好 能到A的速度大小为，应满足F:=m二 (1分) 解得=√gL (1分) 【高二物理参考答案第3页（共4页）】 HN 2n2、1 从A点到A'由动能定理有一F合·2L= (2分) 解得o=√5gL (1分) 18.【解析】(1D由动能定理，有2e,=号nd (1分) o 解得w=2√m (1分) 圆筒2的长度=×号=T√阿 (2分) (说明：本小题用运动学方法求得正确结果同样得分) (2)在极板间做类平抛运动，由牛顿第二定律，有eE=ma (1分) 其申E-光 (1分) 初速度方向匀速运动L=t (1分) 垂直极板方向有台-2a心 (1分) 联立解得U'=4U。 (1分) (3)质子从进入偏转电场到击中荧光屏的过程，在水平方向上始终以的速度做匀速直线运动，故经历的 时间为-2化-=L√品。 (2分) 由类平抛相关推论可知，质子射出偏转电场时的速度方向的反向延长线必过水平位移的中点，则有射出偏 L 转电场时的速度方向与水平方向间的夹角满足tan0= =1,0=45 (1分) L 由几何关系有tan45°=y (2分) L+2 L 解得)=1 (1分) (说明：本小题用其他合理方法求得正确结果同样得分) 【高二物理参考答案第4页（共4页）】 HN