北京市第二十中学2026-2027学年高三第一学期10月练习物理试题

北京市第二十中学2026-2027学年第一学期10月练习试题 高三 物理 (时间：90分钟 满分：100分) 班级： 姓名： 一、选择题。（本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项 是正确的，全部选对得3分，选不全得2分，有选错或不答的得0分。) 1.如图所示，A、B两点分别位于大、小两轮的边缘，大轮半径OA是小轮半径OB的2倍，C点是 OA的中点，两轮之间靠摩擦传动，且没有相对滑动。关于A、B、C三点的角速度的大小①4、①g、①， 以及线速度的大小V4、VB、vc的关系正确的是() A.A、B两点的周期之比为1：2 0 B.B、C两点加速度大小之比为4：1 C.A、B两点角速度大小之比为2：1 D.B、C两点转速之比为1：2 2.贵州牙舟陶是中国十大古陶之一，生产陶瓷的工作台如图所示。若某次制作过程中，有陶屑掉在水 平台面上，与工作台一起绕台面中心轴以角速度o匀速转动，陶屑与水平台面间的动摩擦因数处处相 同。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，已知重力加速度为g。下列说法正确的是() A.越靠近台面中心处的陶屑质量越大 B.在水平台面上，陶屑只能分布在某一半径的圆内 C.若转速增大，质量小的陶屑先飞出台面 D·离中心距离小于悠的陶屑不会飞出 3.位于坐标原点处的波源S发出一列沿x轴正方向传播的简谐横波。1=0时，波源S开始振动，其振 动图像如图所示。t=1.0s时，x=1.0m处的质点A开始振动。下列说法不正确的是() A.这列波的波速为1.0m/s y/cm B.t=0时，波源S沿y轴负方向开始振动 C.从t=0到t=2.0s,质点A通过的路程为12cm 0.51.0152.0253.0s D.t=1.0s时，质点A和波源S相位相反 -6 4.某人站在接有传感器的地板上做下蹲、起跳和回落动作，下图是地板所受压力随时间变化的图像。 取重力加速度g=10m/s2,根据图像分析可知() F/N 3500 A.∫点是人在双脚离开地板的过程中，上升最高的点 3000 2500 B.b到C的过程中，人先处于失重状态再处于超重状态 2000 1500H C.人在b点对应时刻的加速度小于在c点对应时刻的加速度 1000 D.人离开地板时的速度约为2.5m/s 01.522.533.54is 5.如图所示，在光滑的水平地面上，水平外力F拉动小车和木块一起做无相对滑 动的加速运动。小车的质量为M,木块的质量为m,加速度大小为a,木块和小车 m M F 之间的动摩擦因数为“，重力加速度为8，则在这个过程中，木块受到的摩擦力大 777777777777ì777T 试卷第1页 小为() A.Lmg B.M C.F D.ma 6.如图所示，α为地球赤道上的物体，b为沿地球表面附近做匀速圆周运动的人造卫星，c为地球同步 卫星。关于4、b、c做匀速圆周运动的说法中正确的是() A.a、b、c三物体，都仅由万有引力提供向心力 B.周期关系为T=T>T6 C.线速度的大小关系为v。<v。< D.向心加速度的大小关系为a,>a。>a。 7.如图所示，倾角为、质量为M的斜面体静止在水平桌面上，质量为的木块在斜面体上匀速下滑。 重力加速度为g,下列判断正确的是() A.木块受到的摩擦力大小是gcosa B.木块对斜面体的压力大小是gcosa 72 C.桌面对斜面体的摩擦力大小是gsina M D.桌面对斜面体的支持力大小是(M什)g 7777777777元 8.轻弹簧的两端分别与物块A、B相连，它们静止在光滑水平地面上。现使物块A以水平向右的速度'o 开始运动，如图甲所示，并从此时刻开始计时，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示。下列说法 不正确的是() A.t=t2时，物块A和B的加速度大小相等 0.75% wwwwwwMB B.t=12时，物块A的速度大小为0.25v% C.2~4内，弹簧对两物块的冲量大小相等 00000000000 D.12~13内，弹簧对两物块做的功相等 777777777777777777777 M 0 9.如图所示，一水平弹簧振子在MN间做简谐运动，振幅为A,取平衡位置O处为原点，向右为正， 认为振子向右经过平衡位置时为=0时刻，下列加速度时间(-)图像、动量时间(p-)图像、动能 1 位移图像(Ek-x)、速度位移图像(-x)中可能正确的是( )(已知弹簧弹性势能的表达式为：E。=。2, 默认原长为零势能点，x为形变量) （共4页) 10.如图甲所示，一艘帆船正在沿着“之字路线从A到 B做无动力逆风行驶，这是帆船比赛中常见的场景。帆 船顶风逆行”的表现看似匪夷所思，其中的物理原理并 不复杂。图乙为某帆船在静水中沿直线逆风行驶的示意 图，MN为帆面（视为平面），风以一定角度吹向帆面时， 会对帆面造成一个垂直于帆面的作用力F。F可以分解 为两个力，其中沿着船体的分力F使船前进，垂直于船 甲 丙 体的分力F,与水施于龙骨（图丙）的横向阻力F相平 衡。已知风速一定时，风向与N的夹角α(：为锐角)越大，风对帆的作用力越大。若帆船行驶过程 中风速大小不变，下列说法正确的是() A.保持N与船体的夹角B不变，当风向与MN的夹角α变大（未超过90°）时，龙骨受到的横向 阻力变大 B.若船头朝向和风向均不变，调整帆面使N与船体的夹角B略变小时，船一定会行驶得更快 C.若其他条件不变，风向突然变为图乙所示风向的反方向，船一定会行驶得更快 D.在风向不变的情况下，要使船沿“之”字路线行驶，需要每隔一段时间就调整船体以及帆面的方 向 二、实验题（本题共2题，共16分) 11.某兴趣小组用图甲所示 R 皮带 的向心力演示器验证向心力 F的大小与质量m、角速度 。挡板 第一层 挡板B挡板C口 小球 2K 0和半径”之间的关系。已知 第二层 小球在挡板A、B、C处做 BR 圆周运动的半径之比为 第三层 1:2:1,变速塔轮自上而下每 层左、右半径之比分别为1：1 甲 2:1和3：1，如图乙所示。 (1)在进行下列实验时采用的方法与本实验相同的是 (填正确答案标号)。 A.伽利略对自由落体的研究 B.探究两个互成角度的力的合成规律 C.卡文迪什通过扭秤实验测出引力常量 D.探究加速度与力、质量的关系 (2)在某次实验中，验证向心力F与角速度①之间的关系时，左、右两标尺露出的格子数之比为1：9， 运用圆周运动知识可以判断是将传动皮带调至第（填“一“二”或“三”)层塔轮。 (3)现有两小球1和2，质量分别为m,和m2,且m=3m2,在另一次实验中，把小球1放在B位置，小 球2放在C位置，传动皮带位于第二层，转动手柄，当塔轮匀速转动时，左右两标尺露出的格子数之比 约为一。 试卷第2页 12.学习小组进行“探究加速度a与物体质量M、物体受力F的关系”的实验，实验装置如图甲： 细绳 纸带 D 砝 3.07 码、 “端有 小车打点计时器 定滑轮 ←—12.38→ 盘 的长木板 入实验台 -27.87 单位：cm 砝码 49.62 甲 乙 ()关于平衡摩擦力的观点，下列说法正确的是 A.小车放在倾斜长木板上，在不挂砝码和砝码盘的情况下，轻推小车使其能在纸带上打出均匀点 迹，说明小车平衡摩擦力了 B.在每次改变小车质量之后需要重新平衡摩擦力 C.平衡摩擦力的目的是使小车所受合外力的大小等于细绳拉力的大小 D.平衡摩擦力的目的是使细绳拉力的大小等于砝码盘和砝码总重力的大小 (2)图乙是按正确的实验步骤得到的一条纸带，实验中打点计时器连接的电源周期为0.02s,每两个相邻 计数点之间都有4个点没有画出，小车运动的加速度为 m/s2。（结果保留三位有效数字)： (3)某同学在做保持小车质量不变，验证小车的加速度与其合外力成正比的实验时，根据测得的数据作出 如图丙所示的α-F图线，所得的图线既不过原点，又不是直线，原因可能是 A.木板右端所垫物体较低，使得木板的倾角偏小 B.木板右端所垫物体较高，使得木板的倾角偏大 C.小车质量远大于砝码和砝码盘的总质量 丙 D.砝码和砝码盘的总质量不满足远小于小车质量 (④)该小组又对实验方案进行了改进，来研究小车加速度与F的关系，装置如图丁所示。将装有力传感 器的小车放置于水平长木板上，用小桶替换砝码盘，并缓慢向小桶中加入细砂，直到小车刚开始匀速运 动为止，记下传感器的最大示 数F。。再将小车放回原处并按 光滑小轮 力传感器 打点计时器 住，继续向小桶中加入细砂， 记下传感器的示数。释放小 台桶 长木板 车，实时记录小车运动时传感 丁 戊 器的示数F。 改变小桶中砂的重力。多次重复实验，获得多组数据，描绘小车加速度a与F的关系如图戊所示。不计 纸带与计时器间的摩擦，图像中F应为 (用F。、F,F表示)。关于该改进的实验，下列说 法中正确的是 A.小车和传感器的总质量应远大于小桶和砂的总质量 B.实验中需要将长木板右端垫高 C.随着F的增大，戊图中所画的a与F图线不会弯曲 (共4页) 三、解答题（本题共6小题，共54分） 13.（7分)有一种叫飞椅”的游乐项目，示意图如图所示。长为L的钢绳一 端系着质量为m的座椅，另一端固定在半径为”的水平转盘边缘。转盘可绕 穿过其中心的竖直轴转动。当转盘稳定匀速转动时，钢绳与转动轴在同一竖 直平面内，且与竖直方向的夹角为0。不计钢绳的重力，重力加速度为8，求： (1)此时钢绳的拉力的大小F: (2)转盘转动的周期T: (3)转盘转动一圈的过程中，钢绳拉力的冲量1。 14.(9分)游乐场过山车的运动情况可以抽象为如图所示的模型：弧形轨道AB的下端B点与半径为R 的竖直圆轨道平滑连接，质量为m的小球从弧形轨道上离水平地面高度 为的A点由静止开始滚下，小球进入竖直圆轨道后顺利通过圆轨道最 高点C,不考虑空气阻力和摩擦，重力加速度为8。求： (I)小球从A点运动到C点的过程中，重力所做的功W: (2)小球通过轨道的B点和C点时，轨道对小球支持力的差值△N: (3)要使小球从弧形轨道AB上某点（未画出）静止释放，恰能使小球完成 77777777 完整的圆周运动，则释放点到水平面的高度H为多少？ 试卷第3 15.(9分)万有引力定律揭示了天体运动与地球上物体的运动遵循相同的物理规律。设地球半径为R, 地球表面重力加速度为g,地球可视为质量分布均匀的球体，忽略地球自转的影响。已知：质量分布均 匀的球壳对球壳内部任意位置质点的万有引力都为零：物体做简谐运动的周期T=2π， mo, 其中m,为 物体的质量，k为简谐运动物体的回复力和其离开平衡位置的位移大小之比。 (1)近地卫星的轨道半径近似等于地球半径R,求其做匀速圆周运动的周期T。 (2)如图所示，设想在地球内部距地心h(h<R)处挖一条光滑直线通道AB,其中O点为通道中心。从 A点由静止释放一质量为的物体（可视为质点），在不计空气阻力的条件下： α.证明该物体在通道中做简谐运动； b.求该物体从A点第一次运动到通道中心O点所经历的时间t。 16.(9分)在河流转弯处的堤坝需要修得更加牢固。 ()先研究一个简单模型。质量为的小球斜射到木板上，与木板发 y个 生弹性碰撞，碰撞前后的速率都是ⅴ，如图所示。已知入射角度和反 弹角度均为0，小球与木板相互作用的时间为△1，由于△1很小，可 忽略碰撞过程中小球重力的冲量。 求：碰撞前后小球对木板的平均作用力的大小。 (2)研究河流转弯处河水对外侧河岸产生的附加压强。水的密度为P,水流 速度大小恒为v,水深为h,河宽为d。 a河水在M时间内流向偏转了口一了，求：转弯处外侧河岸单位面积受到 的水的冲击力大小。（提示：如图，河水在转弯各处对河岸单位面积上的 作用力大小虽然相等，但方向变化，可以将河水对弧形河岸面积的作用等 效为：同样大小的压强，作用在弦长所对应的面积上。) b.河流转弯处外侧可看作半径为R(R>)的圆弧，其对河水的作用力提供 了河水做圆周运动的向心力。求：转弯处外侧河岸单位面积受到的水的冲击力大小。 (共4页) 17.(10分)某同学利用小球沿斜槽滚下做平抛运动的装置验证机械能守恒定律。实验过程如下： 将质量为m、半径为r的均匀实心小球从斜槽上某 一固定位置由静止释放，小球沿斜槽做纯滚动（无 滑动)下落，竖直下落高度为h后从槽口水平抛出， 槽口距离水平地面的高度为H,小球落地后测出水 平位移为x,重力加速度为8。不计空气阻力与摩 擦阻力。 该同学直接由水平位移x计算小球抛出时的动能， 发现E,<mgh,多次实验均如此。经分析，误差根 源是：小球滚动时各部分相对球心转动的动能（称为转动动能），在实验中未被计入。该同学猜想是否 可以通过减小小球的半径从而减小转动动能对实验结果的影响。 (I)若忽略转动、将小球视为质点，写出机械能守恒应满足的关系式（用包含h,H,x的等式表达）： (2)现有质量相同、半径相同、角速度相同的均匀实心球和均匀空心球（壳），定性分析两者的转动动能Es (实心)和E2（空心)大小关系，说明理由； 知：质量为m,半径为R的均匀实心球相对球心的转动动能E=mRa,球的总动能 的平动动能和相对球心的转动动能之和 .已知纯滚动情况下，小球上任意时刻与轨道接触的点速度为0，写出小球球心的速度v与转动角速度0、 小球半径r满足的关系： b.考虑转动动能，推导小球做平抛运动的实际水平位移x的表达式，并说明是否可以通过减小小球半径” 的方法来减小转动动能对实验结果的影响。 试卷第4页 18.(10分)动量守恒定律是自然界最普适的定律之一，其研究对象从宏观物体到微观粒子再到宇观天 体。 (1)在光滑的冰面上，甲同学静止，乙同学以2.5/s的速度向甲滑来。两人接触后，乙用力推甲，乙的 速度变为0.5/s,方向与原来相反。已知甲的质量为75kg,乙的质量为50kg,求甲被推后的速度大 小和方向。 (②)用初速度相同的中子分别与静止的氢核和静止的氮核发生正碰。己知中子质量与氢核质量H相 等，氯核质量与氢核质量的关系是=14，将中子与氢核、氮核的碰撞视为完全弹性碰撞。求碰撞 后氮核与氢核的速率之比。 (3)天文观测发现，在宇宙中有一颗质量为的小星体A,围绕某质量为M半径为R的大星体做半径 为2R的匀选圆周运动，从远处飞来一速度v=、质装为的是体B与是体A迎面发生2正能 后形成一个新的星体C。假定碰撞前后星体位置未发生变化，碰撞后星体C将沿椭圆轨道继续运动。已 知质量为1的星体绕质量为2的星体做椭圆运动时所具有的机械能E与椭圆半长轴α的关系为 E=-Gm匹，两星体间的引力势能E,=-Gm匹，r为两星体间距离，G为引力常量。请通过计算判断 2a 星体C是否会与大星体发生碰撞。 (共4页) 北京市第二十中学2026-2027学年第一学期10月练习答案 高三 物理 题号 1 2 3 4 5 6 8 9 10 答案 B BD B BCD BD BCD BD D BD AD 11.(1)D (2)三 (3)3:2 12.(1)AC (2)6.22 (3)AD (4) F2-Fo C 13.【详解】(1)座椅受两个力，重力mg竖直向下，钢绳拉力F沿钢绳方向斜向上。 竖直方向受力平衡Fcos8=mg 解得F=mg cos0 (2)座椅在水平面内做匀速圆周运动，半径r'=r+Lsin0 水平方向由拉力的水平分力提供向心力Fsin0=mo2r' 2π r+Lsin 联立解得0= gtanθ 周期T==2π r+Lsin0 gtan (3)座椅做匀速圆周运动，转动一圈后速度大小和方向均恢复原状，因此动量变化为零△p=0,对座 椅由动量定理，合力的冲量为零I+I。=0,其中I。为重力在一圈内的冲量，方向竖直向下，大小为 IG =mgT 因此钢绳拉力的冲量大小也为I=mgT。 解得1=2πm g (r+Lsin0 方向竖直向上 tan 14.【详解】(1)小球从A点运动到C点的过程中，重力所做的功W=mg(h-2R) (2)对小球，在B点有Ng-mg=m R 从B到C点的过程，由动能定理有-mg×2R=2m呢2m 2 在C点有Nc+mg=m- 则△N=NB-NC R 联立解得△W=6mg (3)若恰能使小球完成完整的圆周运动，则在C点有mg=m: v2 R 由动能定理有mg(H-2R)-2m心 联立解得H=2.5R 答案第1页 15.【详解】(1)设地球的质量为M,对卫星 GMm里=mp R2 又因为近地卫 GMm里=mpg R2 B R 解得T=2π， (2)α.物体在运动的某一瞬间，如图所示 设半径为r的球体质量为MrD 因为质量分布均匀的球壳对空腔内的物体的万有引力为零，所以质量为的物体在距离地心r处受到的 万有引力大小为F=GMm-4 2 。πGpmn 3 故万有引力在AB通道方向的分力大小为F=-'F=-4xGpm 4 3 该力与x成正比，所以物体做简谐运动。 b.由之前的分析可知，物体做简谐运动，令k= 37Gpm 4 当r=R时有 GMm 4 R2=37GpmR GMm =mg 根据万有引力与重力的关系有 解得k= R 1.。mπR 体认4点运动到0'B点的时间为10=4T=4×2不k2民 16.【详解】(1)由图可知x轴沿木板方向，y轴垂直木板向上，碰撞前后，小球速度沿x方向分量不变， 仅y方向动量变化，碰撞前y方向速度y,1=-vCos0 碰撞后y方向速度v2=vcos0 则动量变化量△p=my,2-v,1=2 mv cos8 由动量定理可知，木板对小球的平均作用力F满足F△t=△p 解得F=2 nvcos0 △1 根据牛顿第三定律，小球对木板的平均作用力大小为F'_2 mcos日 △t (共2页) (2)a.取△f时间内偏转au=元的河水为研究对象，河水横截面积为hd,质量△m=p-thd 3 速度大小不变，方向偏转a,由矢量运算法则，速度变化量大小△v=2 vsin 2 代入a号 解得△v=v 由动量定理可得，河岸对河水总冲击力满足F△1=△m·△y 解得F=pw2hd 弦长对应面积公式S=h.2Rsin 2 结合a=冫弧长M=R西 解得S= 3hvAt π 因此单位面积冲击力p= F xpvd S3△t 由牛顿第三定律，河岸单位面积受到的冲击力大小为p=0 3△t b.取弧长为l的一段河水做圆周运动，总质量m=p·lhd 向心力由外侧河岸对河水的作用力提供F=mW-ph 外侧河岸总面积S=h 因此单位面积的冲击力p= F pav2 S R 由牛顿第三定律，外侧河岸单位面积受到的冲击力大小为=P R 7.【详解】(1)小球平抛运动，竖直方向自由落体运动H=)g 水平方向匀速运动x=M 可得抛出速度v=x2H 忽略转动时机械能守恒mgh=二mv2 代入整理得x2=4hH 2 (2)两球总质量、半径、角速度都相同，空心球的质量大多分布在远离球心的边缘位置，实心球质量 更多集中在靠近球心处： 转动时，离转轴越远的质点线速度越大、单个质点动能越大 因此空心球整体的转动动能更多，即E2>E1。 (3)ā.纯滚动时接触点合速度为0，接触点相对球心的线速度大小为r，方向与球心速度反向 因此得关系v=Or 答案第2页 b.机械能守恒：重力势能减少量等于总动能（平动动能+转动动能），即mgh=。mv2+E 2 > 代入E。=5mro,结合v=0r 联立可得mgh= mv2 10 10gh 2H 化简得v= 结合平抛规律x=t=v, 7 g 5hH 代入整理得水平位移x=2, 7 推导过程中小球半径”被完全消去，最终水平位移x与”无关，因此不能通过减小小球半径的方法减小 转动动能对实验结果的影响。 18.【详解】(1)冰面光滑，甲、乙组成的系统动量守恒，规定乙初始运动方向为正方向，由动量守恒 定律mz'=m+mz' 代入数据得50×2.5=75m+50×(-0.5) 解得=2m/s 正号说明运动方向与乙初始运动方向相同。 (2)设中子初速度为v。,靶核质量为m,由动量守恒可得m,o=m.Y+m%2 y2、1 1 由机械能守恒可得)m,=。m,+。m 2mnvo 2 2 2 联立解得靶核碰撞后速率 m+m 对氢核m=mg=m。,得H= 2mavo=vo m+ma 对氮核m=m、=14m1=14mn,得w= 2m,%= 2Vo 速率比 =2 m+14m.15 H15 GMm mv 可得Va= GM (3)碰撞前A做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力得 (2R)2 2R 2R 规定A速度方向为正，B迎面运动，则。=2R GM 1 GM 碰撞动量守恒mvA+3mvs=4mvc 解得ve= 即运动方向与A运动方向相反。 1 GM.4m 7GMm 碰撞后c总机械能（动能+引力势能）E=E+E。三)×4m呢- 2R 4R 由题给椭圆机械能公式E=_GM:4m,代入得-7GM=_2GMm 8R 解得a= 2a 4R a 7 椭圆中，远地点、近地点到大星体（焦点）的距离之和为2a,碰撞点距离大星体中心片=2R,为远地 点。 则近地点距离5=2a-5=2×8-2R=2R<R 即近地点在大星体内部，因此会发生碰撞。 7 7 (共2页)