江苏南通市海门区2026-2027学年九年级上学期10月阶段检测物理练习卷

江苏南通市海门区2026-2027学年九年级上学期10月阶段检测物理练习卷 一、单选题：本大题共10小题，共20分。 1.图中的工具在使用过程中，属于省力杠杆的是(    ) A. 筷子 B. 船桨 C. 核桃夹 D. 托盘天平 2.用相同的电加热器分别对质量相等的和两种液体加热不计热量损失，如图是和的温度随加热时间变化的图像，下列说法正确的是(    ) A. 的比热容与的比热容之比为 B. 的比热容与的比热容之比为 C. 都加热时间，吸收的热量比吸收的热量多 D. 和升高相同的温度，吸收的热量较多 3.智能机器人已经走进我们的生活，如图所示是一款送餐机器人正在给顾客送餐，以下关于此机器人相关的说法正确的是(    ) A. 此时机器人内部的电池将电能转化为化学能 B. 此时机器人将机械能转化为电能 C. 机器人工作时，通过其电路的电流越大，电阻就越大 D. 此时机器人内部的电路为通路状态 4.下列选项中的电路正确的是(    ) A. B. C. D. 5.如图各情境中有力对物体做功的是(    ) A. 推而不动 B. 搬而未起 C. 推车前进 D. 高举不动 6.如图所示，是一款自热火锅，通过向下层加水，使发热包放出大量的热，从而加热上层食物，下列说法正确的是(    ) A. 未加热前，食物没有内能 B. 加热时，温度从发热包传递给食物 C. 加热过程中火锅吸收了热量，温度不一定升高 D. 加热后，食物很烫，是因为其含有的热量多 7.下列实例中，通过热传递改变物体内能的是(    ) A. 搓手取暖 B. 用冷水冷却热鸡蛋 C. 钻木取火 D. 磨刀时刀的温度会升高 8.如图所示，质量为的小球从静止下落，落在与点等高处、竖直放置静止的轻弹簧上弹簧 下端固定，到达与点等高处时小球重力与弹簧的弹力大小相等，图中与点等高处是小球到达的最低点。不计碰撞能量损失下列说法正确的是(    ) A. 由下落到过程中，小球重力势能一直减小、动能先增加后不变 B. 由到的下落过程中，小球重力势能减小、动能增大、小球的机械能守恒 C. 到达点时，小球的动能为零，受到的重力等于弹簧的弹力 D. 从到，小球重力势能与动能都减小，转化成弹簧的弹性势能 9.高铁每节车厢都有两间洗手间，只有当两间洗手间的门都关上时每扇门的插销都相当于一个开关，车厢中指示牌内的指示灯才会发光提示旅客“洗手间有人”。下列所示电路图能实现上述目标的是(    ) A. B. C. D. 10.由同种物质组成的甲乙两物体，已知它们的质量之比为：，甲的温度升高了，乙的温度升高了，那么两物体吸收的热量之比为(    ) A.  ： B.  ： C.  ： D.  ： 二、填空题：本大题共5小题，共20分。 11.小明骑电动自行车下坡时重力势能将          ；到达坡底后在水平路面上匀速骑行过程中，机械能将          刹车后很快停了下来，发现刹车片很烫，这是通过          的方式改变刹车片的内能，汽车内燃机四个工作冲程中，          冲程的能量转化情况与之相同． 12.在如图所示的电路中，要想使和串联，应只闭合        ；同时闭合、、，将会发生        现象。 13.从水平乒乓球台边缘滚落后乒乓球的运动轨迹如图所示，、两处高度相同，为球与水平地面的接触点，点到点过程中，动能转化为        ；点的机械能        选填“大于”“等于”或“小于”点的机械能。 14.空调、冰箱等家用电器的发明与推广，极大地改善了人类的生活质量。 某家用电器正常工作时的电流为，此用电器可能是           ； A.空调机 B.电冰箱 C.日光灯 D.电饭锅 下列说法中正确的是           ； A.放凉的汤用电磁炉加热之后，含有的热量更多了 B.把的冰块放在的冰箱保鲜室中，一段时间后，冰块的内能会增加 C.用砂轮打磨工件，砂轮的温度升高，是由于砂轮从工件吸收了热量 D.一杯水喝掉一部分后，比热容变小 我国家庭电路电压为           ；一般情况下对人体的安全电压不高于           ，家中的电视机和电冰箱是           选填“串联”、“并联”连接的。 15.月日晚，天安门广场前由烟花拼成的“”字样的焰火表演令人印象深刻。这些烟花的弹头，被黑火药爆炸产生的高温高压气体推出发射筒后，利用自身惯性飞向天空，到达指定高度后弹头自动炸开，产生绚烂的效果。 如图是发射筒的点火装置原理图，点火器有电流流过就会自动点火，点火前开关应该处于          选填“闭合”或“断开”状态。 烟花弹头离开发射筒后，利用自身惯性上升的过程中机械能          ，整个过程中能量的总量          。以上两空均选填“增大”、“减小”或“保持不变” 单缸四冲程汽油机工作过程中，与“高温高压气体推出发射筒”能量转化相同的是          冲程，这个汽油机飞轮的转速是，那么汽油机每秒对外做功          次。 三、作图题：本大题共1小题，共6分。 16.按要求作图： 如图所示，小明站在地面上用一个滑轮组提升重物，请画出绕线的方法。 如图所示，根据电路图，用笔画线代替导线连接实物图。 如图所示，根据实物图在方框里画出对应的电路图。 四、实验探究题：本大题共3小题，共23分。 17.汽车的超载、超速行驶很容易造成交通事故。小田由此想要探究动能大小与质量、速度的关系。实验过程如图所示，其中。 三次实验应让小球由静止开始滚下，小球动能的大小是通过______来反映的 甲、乙两次实验探究的是动能与______的关系 进行图丙实验时，木块被撞后滑出木板掉落，由此可推断、两球的质量关系是：______，与图乙实验进行比较，可以得出结论：______ 18.小明想探究冷水给高温物体降温的效果，做了以下实验。 如图甲，在两只相同的烧杯里装入质量相同的水和食用油，比较它们的吸热能力。 实验中，应选择           选填“相同”或“不同”规格的电加热器； 实验过程中，加热相同的时间，通过观察           来比较它们的吸热能力不同； 图乙是根据实验数据绘制的图像，则物质是           选填“水”或“食用油”。 如图甲所示，将热汤放在冷水中，图乙反映了两者的温度变化。 分析可知，分钟过程中，内能在减小的是           选填“冷水”或“热汤”； 在第分钟时，两者之间           选填“发生”或“不发生”热传递； 依据图像，           选填“能”或“不能”比较热汤和冷水的比热容。 19.某学习小组在做“探究串、并联电路的特点”实验： 连接如图所示的电路，在连接电路的过程中，开关应该        选填“断开”或“闭合” 小艳连接了如图所示电路，如果合上开关，两个灯泡将        选填“不会发光”或“会被烧坏”，电路出现        选填“断路”“短路”或“通路”现象 小艳想将电路全部拆散，重新连接，同组的小慧想了想说，只需要去掉        导线，就可以变成正确的串联电路，或者改变        导线，也可以变成正确的并联电路选填“”、“”、“”或“” 将图中电路连接成串联电路，若把灯泡拧下来，则看到的现象是灯泡        选填“亮”或“不亮”，说明在串联电路中，各个用电器之间        选填“互不”或“相互”受断路影响 五、计算题：本大题共2小题，共23分。 20.如图所示，小明家更换了新的燃气灶，该燃气灶宣传能效为一级能效热效率可以达到以上，小明想用烧水来验证商家是否存在虚假宣传。已知锅内水的质量为，水的初温为。水的比热容为，天然气的热值为 测得水沸腾时的温度为，则这壶水加热至沸腾吸收的热量是多少？ 对比前后的燃气表数值，小明得知烧水消耗了的天然气，这些天然气完全燃烧释放的热量是多少？ 该燃气灶的热效率是多少？商家是否存在虚假宣传？ 21.如图所示是我国自行设计研制的全状态新构型灭火飞机。若该飞机以的速度匀速直线航行，消耗航空燃油，飞机发动机的功率为。航空燃油的热值为求： 消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是多少？ 飞机在航行过程中的阻力是多少？ 发动机的效率是多少？ 六、综合题：本大题共1小题，共8分。 22.小徐同学观察电热养生壶中水烧开的过程，拍了不同时刻的照片，如图所示。 其中______图是水正在沸腾的图片，水沸腾时______选填“需要”或“不需要”吸热，其温度______，内能______。均选填“变大”“不变”或“变小” 养生壶侧壁标有最大水位“”和最小水位“”字样，设家中的气压为标准大气压，室温为。 将“”的水从室温加热到沸腾的过程中，求吸收的热量。 若用这款养生壶烧开小半壶水，水吸收的热量为，该壶的加热效率为，则这款养生壶烧水时释放的总热量为多少？ 小徐发现在沸腾前、沸腾时，水中都产生了大小不同的气泡，他圈出了有代表性的气泡作比较，如图、所示。对比发现：沸腾前，气泡上浮过程中体积变小；沸腾时，气泡上浮过程中体积变大。为什么会产生这种现象呢？ 他通过查得以下信息：水中的气泡主要是水汽化形成的，气泡中的水蒸气也可以液化变成水； 气泡遇热膨胀，体积变大，遇冷收缩，体积变小； 气泡外界的压强变小，气泡体积变大，外界压强变大，气泡体积变小。 请运用学过的相关知识和查得的信息，分析水沸腾时，气泡上浮过程中体积变大的原因：______ 养生壶将水烧开后，由“加热”模式自动切换为“保温”模式，水壶为什么这么“聪明”呢？ 小徐查询了，得到了水壶的电路图，如图所示。还查到了该壶的“加热”状态时电路中的电流为，“保温”时的电流为。水壶是通过温控开关的闭合或断开实现“加热”和“保温”两种状态的转换的，电阻和为保护防干烧电阻或加热电阻。 求和的阻值。 “加热”时，温控开关处于______状态选填“断开”或“闭合”。为______电阻，为______电阻选填“保温”或“加热” 小徐倒出了质量为的热水后，水面降低了，设壶内底盘的面积为。求： 水对壶内底盘的压力变化量。 壶对底座的压力变化量 答案和解析 1.【答案】  【解析】解：结合图可知，筷子和船桨使用时，动力臂小于阻力臂，都属于费力杠杆，故AB不正确；  核桃夹使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C正确；  托盘天平使用时，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故D不正确。  故选：。 结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。 此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。 2.【答案】  3.【答案】  【解析】解：、机器人内部的电池工作时，将化学能转化为电能，故A错误； B、送餐机器人正在给顾客送餐，将电能转化为机械能，故B错误； C、机器人内部的电压一定，结合欧姆定律可知，电流越大时，电阻越小，故C错误； D、此时机器人正在给顾客送餐，内部的电路为通路状态，故D正确。 故选：。 电池工作时，是化学能转化为电能； 利用欧姆定律分析； 通路：正常连接的电路，即用电器能够工作的电路。 本题考查了能量的转化、欧姆定律的应用，属于基础题。 4.【答案】  5.【答案】  【解析】解：、推而不动，人对小桌施加了力，但小桌没有在力的方向上移动距离，人对小桌不做功，故A不符合题意； B、搬而未起，人用力向上搬石头，但石头没有在力的方向上移动距离，力不做功，故B不符合题意； C、推车前进时，人对车施加的推力使车向前移动，小车在力的方向移动了距离，力对车做了功，故C符合题意； D.高举不动时，人对杠铃施加了力，但杠铃没有在力的方向上移动距离，力不做功，故D不符合题意。 故选：。 做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。 明确三种不做功的情况：一是有力没距离；二是有距离没力；三是有力有距离，但力的方向与通过距离相互垂直。 6.【答案】  【解析】解：一切物体都具有内能，未加热前，食物也具有内能，故A错误； B.传递的是热量不是温度，是热量从发热包传递给食物，而不是温度，热传递的条件是存在温度差，故B错误； C.加热过程中火锅吸收了热量，内能会增加，温度不一定升高，液体沸腾时吸热，温度不变，故C正确； D.热量是过程量，不能说一个物体含有或具有热量，故D错误。 故选：。 一切物体在任何情况下都具有内能。 热传递传递的是热量不是温度。 一般情况下，物体吸收热量后，温度升高，内能增大。 不能说一个物体含有多少热量，热量是过程量。 本题考查的是热传递的实质；知道热量、温度、内能之间的关系。 7.【答案】  8.【答案】  【解析】解： 、下落过程中，高度减小，小球重力势能减小； 在段，小球的重力势能转化为动能，动能先增大； 在段，向下的重力大于向上的弹力，合力向下，小球做加速运动，动能逐渐增大，同时弹簧的弹性势能增加； 在段，向上的弹力大于向下的重力，合力向上，小球做减速运动，动能逐渐减小，同时弹簧的弹性势能增加； 综上所述，下落过程中小球的动能先增大后减小，到达点时，小球动能最大；故D正确，AB错误； C、到达点时，小球的动能为零；由于在点时重力等于弹力，点的弹性形变程度大于点的形变程度，所以点的弹力大于点的弹力，即点的弹力大于小球的重力，故C错误。 故选：。 在小球下降过程中，在段只有重力做功，则重力势能转化为动能；在段先做加速运动后减速运动；到达点后，重力势能与动能完全转化为弹性势能。 解答本题关键是要明确能量是如何转化，同时要知道在点时动能最大，速度为零时动能为零。 9.【答案】  【解析】【分析】 根据题意得出两开关的连接方式和位置是解决本题的关键。 两间厕所的门都关上时指示灯才会发光说明两开关相互影响、不能独立工作即为串联且控制灯泡。 【解答】 A.由电路图可知，两开关都闭合时灯泡发光，故A符合题意； B.由电路图可知，闭合任意一个开关，灯泡都发光，故B不符合题意； C.由电路图可知，闭合时指示灯亮，再闭合且会发生电源短路，故C不符合题意； D.由电路图可知，闭合时指示灯亮，再闭合时指示灯不亮，且会发生电源短路，故D不符合题意。 故选A。 10.【答案】  【解析】【分析】 本题考查比热容的相关计算，难度一般。 同种材料组成的甲、乙两个物体的比热容相同，又知道两者的质量之比和升高的温度之比，根据求出吸收的热量之比。 【解答】 同种物质的比热容相同即：：，质量之比：：，升高温度之比：：：， 它们吸收的热量之比：，故C正确，ABD错误。 故选C。 11.【答案】减小 不变 做功 压缩   12.【答案】 短路   【解析】解：要使灯泡、串联，则电流只有一条路径：正极负极，所以应只闭合开关； 同时闭合、、，电流不经任何用电器直接回到电源的负极，发生电源短路。 故答案为：；短路。 电路连接形式有两种：一种是串联，串联电路中电流只有一条流通路径；另一种是并联，并联电路中电流有多条流通路径。 电源短路是指电源两极不经过用电器直接连通的电路，用电器短路是指用一根导线将某个用电器的两端连接起来，如果只是用电器短路而电源并没有短路，这时不会烧坏电源，只是被短路的用电器中无电流通过。 本题考查了开关的断开和闭合对电路的影响，以及通路、短路以及断路的掌握情况，在分析时可根据电流的走向进行分析。 13.【答案】重力势能 小于   【解析】解：由图可知，由点到点过程中乒乓球高度增大、速度减小，重力势能变大，动能变小，故动能转化为重力势能； 因乒乓球运动过程中需克服空气阻力做功，且与地面碰撞时有能量损耗，机械能持续减小，故F点的机械能小于点的机械能。 故答案为：重力势能；小于。 影响重力势能大小的因素：物体的质量和物体所处的高度．物体的质量越大，所处的高度越高，物体的重力势能就越大。 因乒乓球运动过程中需克服空气阻力做功，且与地面碰撞时有能量损耗，机械能持续减小。 本题考查动能大小与速度的关系、重力势能大小与高度的关系，难度适中。 14.【答案】   【解析】解：、空调机、电冰箱和电饭锅的电功率在；正常工作电流在，故ABD不符合题意； C、日光灯的电功率一般在，正常工作电流在左右，故C符合题意。 故选：。 放凉的汤用电磁炉加热之后，温度升高，内能增大，不能说含有的热量更多了，热量是一个过程量，不是状态量，故A错误； B.把的冰块放在的冰箱保鲜室中，部分水放热凝固，结成冰，一段时间后，冰块的内能会增加，故B正确； C.用砂轮打磨工件，砂轮的温度升高，是通过做功改变砂轮和工件的内能，使它们的内能增大，温度升高，故C错误； D.一杯水喝掉一部分后，比热容不变，比热容与物质的质量无关，故D错误。 故选：。 我国家庭电路电压为；对人体的安全电压不高于，家中的电视机和电冰箱互不影响，是并联的，选：。 故答案为：；；；；。 根据常见用电器的电流值进行估测。 改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；热传递过程中转移的内能的多少叫热量，热量是一个过程量；比热容是物质的特性，与温度、质量和热量有关。 照明电压是；对人体的安全电压是不高于；家庭电路中的各个用电器是并联的。 本题考查的是常见的电流和电压值；知道家庭电路的组成和改变物体内能的两种方式；知道内能、热量和比热容的基本概念。 15.【答案】闭合； 减小；保持不变； 做功；  【解析】【分析】 本题主要考查能量守恒、动能与势能在生活中的应用、电路的三种状态以及内燃机四冲程的工作过程。 点火器有电流流过就会自动点火，故点火前应该让点火器短路； 烟花弹头上升过程中动能减小，重力势能增大，但要克服摩擦做功，将机械能转化为内能； 汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成；其中做功冲程将内能转化为机械能；压缩冲程将机械能转化为内能，在一个工作循环中曲轴转圈，飞轮转周，对外做功一次。 【解答】 如图是发射筒的点火装置原理图，点火器有电流流过就会自动点火，点火前开关应该处于闭合状态； 烟花弹头离开发射筒后，利用自身惯性上升的过程中，要克服摩擦做功，将一部分机械能转化为内能，所以机械能减小；由能量守恒定律可知，整个过程中能量的总量保持不变； “高温高压气体推出发射筒”是将气体的内能转化为发射筒的机械能，与汽油机做功冲程的能量转化相同；汽油机飞轮转速为，即每秒转圈，完成个工作循环，个冲程，对外做功次。 16.【答案】【小题】 【小题】 【小题】   【解析】解：站在地面的人用如图的滑轮组提起重物，则绳子自由端的方向向下，绳子一端固定在定滑轮上，向下绕过动滑轮，再向上绕过定滑轮，如图所示： 由电路图可知，两灯与并联，开关在干路上，控制整个电路，实物图如图所示： 由实物电路图可知，两灯与并联，开关在干路上，控制整个电路，开关、在一条支路，单独一条支路，如图所示： 站在地面的人用如图的滑轮组提起重物，则绳子自由端的方向向下，绳子一端固定在定滑轮上，向下依次绕过动滑轮、定滑轮； 由电路图可知，两灯与并联，开关在干路上，控制整个电路，据此连接实物图； 分析实物图，确定两灯的连接方式、开关的位置，据此画出电路图。 本题考查了滑轮组的绕法、电路图的画法、实物图的连接，属于基础题目。 17.【答案】【小题】木块移动的距离 【小题】速度 【小题】速度相同时，质量越大，动能越大   【解析】解：小球的动能越大，木块移动得越远，故可以根据木块移动的距离来判断动能的大小。 甲、乙两次实验，乙的高度大一些，质量相同，故乙下滑后，到达水平面的速度大一些，探究的是动能与速度的关系。 进行图丙实验时，乙、丙实验对比，高度相同，到达水平面的速度相同，木块被撞后滑出木板掉落，说明丙实验中小球的动能比较大，对外做功比较多，故推测出丙图的小球的质量比较大，球的质量小于球；故得出结论速度相同时，质量越大，动能越大。 故答案为：木块移动的距离；速度；；速度相同时，质量越大，动能越大。 该实验中小球动能的大小是通过木块被推的距离体现的； 动能的决定因素有两个：质量和速度，根据控制变量法分析回答。 明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。 18.【答案】相同 升高的温度 食用油 热汤 不发生 不能   【解析】解：实验中，相同的电加热器相同时间放出的热量相同，为了便于比较，应该用相同的电热器对液体进行加热，使得相同时间内两种液体吸热相同。根据比较不同物质吸热能力的方法，实验过程中，给相同质量的不同物质加热相同的时间，使它们吸收相同的热量，通过比较温度计升高的温度来体现它们的吸热能力不同，升温多的比热容小。由图乙可知，、同样升温；需要加热，需要加热，需要吸收的热量多，所以的比热容较大，是水，则是食用油；  由图乙可知，在分钟过程中，水的温度升高，内能增大，汤的温度降低，内能减小；  在第分钟时，水与汤的温度相同，所以两者之间不再发生热传递；要比较其中一个物理量的大小，就得控制其他物理量不变，所以在其他物理量不变的情况下才能比较，而实验中没有控制它们的质量相同，所以汤和冷水的比热容不能比较。  故答案为：相同；升高的温度；食用油；热汤；不发生；不能。 我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。比较物质吸热能力的种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量即比较加热时间，吸收热量多的吸热能力强使相同质量的不同物质吸收相同的热量即加热相同的时间，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；  物体的内能与温度有关，温度越高，内能越大，发生热传递的条件是物体之间有温度差；根据公式分析，汤的温度变化比水的温度变化大的原因。 本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和比热容公式的运用，为热学中的重要实验。 19.【答案】【小题】 断开 【小题】 不会发光 短路 【小题】 【小题】 不亮 相互   【解析】为了保护电路，连接电路的过程中，开关应该断开。 图中电路，开关闭合时，电源正负极直接相连，被短路，所以两个灯泡中没有电流通过，都不发光。 如图，导线导致电源被短路，拆除导线后，两个灯泡逐个顺次连接起来，成为串联电路。 改变导线，使其从的右接线柱改接在的左接线柱，此时两灯泡并联。 若把的灯泡拧下来，断路，会造成整个电路断路，各个用电器都不能工作，说明串联电路中各个用电器相互影响。 故答案为：断开；不会发光；短路；；；不亮；相互。 串联：电路元件逐个首尾顺次连接的电路连接方式，只有一条电流路径，无分叉； 并联：电路元件并列连结在电路中的电路连接方式，至少有两条电流路径，有分叉。 本题主要考查了电路的两种连接方式和三种状态。 20.【答案】测得水沸腾时的温度为，则这壶水加热至沸腾吸收的热量是；   这些天然气完全燃烧释放的热量是；   该燃气灶的热效率是；商家不存在虚假宣传  【解析】已知锅内水的质量为，水的初温为，测得水沸腾时的温度为， 则这壶水加热至沸腾吸收的热量； 烧水消耗了的天然气，这些天然气完全燃烧释放的热量； 该燃气灶的热效率； 该燃气灶宣传能效为一级能效热效率可以达到以上，故商家不存在虚假宣传。 答：测得水沸腾时的温度为，则这壶水加热至沸腾吸收的热量是； 这些天然气完全燃烧释放的热量是； 该燃气灶的热效率是；商家不存在虚假宣传。 利用公式求出水吸收的热量； 根据公式求出天然气燃烧放出的热量； 根据公式求出该燃气灶烧水的热效率； 根据计算所得数据进行判断。 本题考查了吸热公式、燃料燃烧放热公式和热效率公式的应用，熟练掌握公式即可进行解答。 21.【答案】解：； ，，，因为飞机做匀速直线运动，受到的牵引力和阻力是平衡力，； 。 答：消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是；飞机在航行过程中的阻力是；发动机的效率是。   22.【答案】【小题】需要不变变大 【小题】“”的水的质量； 在标准大气压下水的沸点为，水吸收的热量； 若水吸收的热量为，该壶的加热效率为，则这款养生壶烧水时释放的总热量为 【小题】沸腾后，水内部温度保持在沸点温度不变，气泡上升过程中气泡周围的水不断汽化，产生水蒸气进入气泡，使气泡变大；同时气泡上升过程中离水面越近，所处的深度越小，压强越小，气泡变大 【小题】和的阻值分别为、；闭合；保温；加热 【小题】倒出了质量为的热水后，水面降低了，水对壶底的压强变化量为； 水对壶内底盘的压力变化量； 壶底放在水平面时，壶对底座的压力大小等于壶与壶内水的总重力之和，倒出了质量为的热水后，壶与壶内水的总重力减小量为； 所以壶对底座的压力变化量   【解析】解：水沸腾时气泡上升时由小变大，到水面破裂，故图是水正在沸腾的图片，温度变化特点是持续吸热，温度保持不变。不考虑质量变化的情况下，水沸腾时要持续吸热，所以内能变大； “”的水的质量； 在标准大气压下水的沸点为，水吸收的热量； 若水吸收的热量为，该壶的加热效率为，则这款养生壶烧水时释放的总热量为； 沸腾后，水内部温度保持在沸点温度不变，气泡上升过程中气泡周围的水不断汽化，产生水蒸气进入气泡，使气泡变大；同时气泡上升过程中离水面越近，所处的深度越小，压强越小，气泡变大； 分析电路图可知，电源电压一定，当开关断开时，两电阻串联，电路中总电阻大，根据可知，电功率较小，是保温状态，当开关闭合时，短路，是只有的简单电路，电路中总电阻小，根据可知，是加热状态。故是加热电阻，是保温电阻。加热状态时，单独工作，则的阻值为； 保温状态时，与串联，电路中的总电阻为； 则的阻值为； 倒出了质量为的热水后，水面降低了，水对壶底的压强变化量为； 水对壶内底盘的压力变化量； 壶底放在水平面时，壶对底座的压力大小等于壶与壶内水的总重力之和，倒出了质量为的热水后，壶与壶内水的总重力减小量为； 所以壶对底座的压力变化量。 故答案为： ；需要；不变；变大； 水吸收的热量；这款养生壶烧水时释放的总热量为； 沸腾后，水内部温度保持在沸点温度不变，气泡上升过程中气泡周围的水不断汽化，产生水蒸气进入气泡，使气泡变大；同时气泡上升过程中离水面越近，所处的深度越小，压强越小，气泡变大； 和的阻值分别为、；闭合；保温；加热； 水对壶内底盘的压力变化量为； 壶对底座的压力变化量为。 水沸腾时的特点是温度保持不变，气泡上升时由小变大； 先通过密度公式计算出水的质量，再通过比热容公式计算出水吸收的热量； 通过加热效率公式计算出这款养生壶烧水时释放的总热量； 水沸腾时气泡上升过程中气泡周围的水不断汽化，产生水蒸气进入气泡，使气泡变大； 根据和欧姆定律可解得所求； 利用液体压强公式和固体压强公式可计算出水对壶内底盘的压力变化量；壶对底座的压力变化量等于壶与壶内水的总重力减小量。 本题是一道综合题，考查了液体沸腾的特点、热量计算问题、欧姆定律和电功率公式的应用以及液体压强和固体压强公式的应用，综合性较强，难度较大。 第10页，共10页 学科网（北京）股份有限公司 $