第2章综合练习-2026-2027学年科学九年级上册浙教版

九上第2 章综合 练习 1．在“电闪雷鸣”这一自然现象中，没有涉及到的能量形式是 ( ) A．电能 B．声能 C．光能 D．核能 2．关于物体的内能，下列说法中正确的是 ( ) A．同一物体温度升高，它的内能一定增大 B．温度为0℃的物体没有内能 C．热传递是改变物体内能唯一的方法 D．温度相等的一杯水和一桶水的内能相同 3．如图是核电站工作流程图，关于流程中各装置的能量转化，正确的是 ( ) A.核反应堆：核能转化为电能 B ．热汽轮机：内能转化为机械能 C．发电机：电能转化为机械能 D．电驱动：机械能转化为电能 4．如图是某品牌的电中药壶，有猛火和文火两个挡位。已知电中药壶的额定电压为220 伏，内有发热电阻R1 ＝180Ω , R2＝40Ω , 要实现猛火挡的功率是 1210 瓦，文火挡的功率是220 瓦，以下电路符合的是 ( ) A． B． C． D． 5．A 灯泡标有“6V 3W”、B 灯泡标有“4V 4W”，按如图所示甲、乙两种方式连接，已 知电源电压相同，下列分析正确的是 ( ) A．图甲中A 灯比B 灯暗 B．图乙中A 灯比B 灯亮 C．图甲中A 灯比图乙中A 灯暗 D．图甲中的总功率比图乙中的总功率要大 6．物体在水平地面上做直线运动，当物体运动的路程和时间图象如图甲时，受到的水平推力为F1；当物体运动的速 度和时间图象如图乙时，受到的水平推力为F2．两次推力的功率分别为P1、P2， 则下列关系正确的是 ( ) A．F1＝F2 P1＞P2 B．F1＝F2 P1＜P2 C．F1＞F2 P1＞P2 D．F1＜F2 P1＞P2 7．抖空竹是中国传统游戏，早在宋代《梦粱录》中便有详细记载。空竹是一种竹 制玩具，其外侧分布着方形哨口，哨口内藏有大小各异的气腔（如图），抖空竹时，空竹M 处会顺着抖绳转动，空 竹发出悦耳变换的嗡嗡声。下列相关叙述正确的是 ( ) A．空竹发出的不断变换的嗡嗡声，是由绳子振动产生的 B．空竹被抛向高处的过程中，速度减小，动能逐渐增大 C．空竹到达最高处时，只受到重力作用，处于平衡状态 D．停止抖动绳子，空竹不会马上停下来，是由于空竹具有惯性 8．小平同学用多个大小相同，质量不同的小球，做了如图实验：将弹簧一端固定在墙面，另一端自然伸长至A，压缩 弹簧至同一位置静止释放不同小球，小球落地位置不同。若平面均光滑，下列说法正确的是 ( ) A．将不同小球压缩弹簧至同一位置，弹簧的弹性势能不同 B．弹簧从同一压缩位置恢复至A 点时，不同小球的动能相同 C．从A 位置到落地前一瞬间，弹簧的弹性势能转化为小球的动能 D．小球落地位置不同是因为在B 点小球的动能不同 9．如图所示电源电压保持不变，R1 的阻值为6Ω, 闭合开关 S，当滑片P 置于变阻器的中 点时，电压表的示数为4V；当滑片P 置于变阻器的b 端时，电压表的示数变化了2V，在 10s 内定值电阻R1产生的热量为60J，下列结果正确的是 ( ) A．电路中的最大电流为 1A B．R1先后两次消耗的电功率之比为16：9 C．滑动变阻器最大阻值为9Ω D．电源电压为 10V 10．小问在课桌前写作业，一本质量为200 克的科学书从0.8 米高的桌面，静止掉落到地面，书 本重力做功的大小是________ 焦。小问为了捡起书本，用 50 牛的力水平推动质量为 10 千克 的书桌向前运动0.1 米，课桌的重力做功_____ 焦。 11．节能减排，绿色出行，电动汽车已被广泛使用。电池是电动汽车的核心。电动汽车的充电模式通常有慢充和快充 第 1页 学科网（北京）股份有限公司 两种。某电动汽车的部分参数如表： （1）电动机是电动汽车的动力来源，它的工作原理是_____（填字母）。 A.电磁感应 B. 电流周围存在磁场 C.通电线圈在磁场中转动 整车质量 电池容量 电池能量密度 1800kg 60kW•h 0.15（kW•h）/kg （2）采用快充模式给电池充电时，为了避免导线过热，快充线宜选用横截面积较_____ （选填“大”或“小”）的 导线。 （3）该车在快充模式下，使其从 10%的电量充到90%的电量，共需0.8 小时，求快充的功率为_______ 千瓦。 12．如图所示，原长为L 的轻质弹簧一端固定在竖直墙面上，另一端与水平面上的木块相连。推动木块压缩弹簧，其 左端至A 点时，弹簧具有的弹性势能为30J。松手后，木块在弹簧的作用下往复运动 若干次后静止在D 点，此时木块受到的摩擦力的方向向 _____ ，若弹簧具有的弹性 势能为2J，则木块运动过程中克服阻力做的功是 _______ J。整个过程中木块速度最 大时其左端可能位于 _____ （填“B”“C”或“D”）点。 13．小格设计了如图甲所示的电路“测量小灯泡额定功率”，被测小灯泡的额定电压为2.5V（正常发光时灯丝的电阻 约为 10Ω), 电源电压恒为6V。 （1）请你按图甲所示的电路，用笔画线代替导线将图乙中的实物电路连接完整； （2）连好电路后，应将滑动变阻器的滑片P 移至B 端，然后再闭合开关，此时小格观察到小灯泡不发光，电流表 有示数，电压表无示数，移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数有变化，电压表无变化，则电路故障的原因可能是 _____ （选填序号）； A.小灯泡短路 B.电流表断路 C.小灯泡断路 D. 电压表的正、负接线柱接反 （3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，同时观察电压表示数的变化，直至小灯泡正常发光，此 时电流表的示数如图丙，则小灯泡的额定功率为_________ W； （4）完成实验后，爱动脑筋的小格又设计了一种用已知阻值为R0的定值电阻代替电流表测量小灯泡的额定功率的 方案，设计了如图丁所示的电路，将下列实验步骤补充完整； ①检查电路无误后闭合开关 S 和 S1，断开 S2，移动滑动变阻器滑片P，使电压表的示数为U； ②保持滑动变阻器的滑片P 不动，闭合开关 S 和 S2，断开开关 S1，读出电压表示数U1； ③小灯泡额定功率的表达式：P 额＝___________________ 。（用U 额、U1、R0表示） 14．为家人准备早餐时，妈妈将 5 盒牛奶放入质量是4kg，温度是90℃的热水中，经过一段时间，5 盒牛奶的温度都 从 10℃变成了52℃。已知每盒牛奶的质量为0.25kg，比热容为4×103J/(kg ·℃), 求： （1）每盒牛奶从水中吸收多少热量？ （2）若热水对牛奶加热的效率是 50%，当牛奶的温度达到52℃时水的温度是多少℃? 15．为方便师生饮水，学校安装了直饮水机，如甲图所示，其工作电路原理如乙图，电热丝R1 、R0绕在出水管上， 水经过出水管时被加热，通过按“温、开水选择开关”按钮（断开或闭合）的状 态，可以选择出温水或开水。该直饮水机的额定电压是220V，开水加热电功率 是2200W，温水加热电功率是 1000W。[已知：电热丝R1、R0 电阻不随温度变 化，水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃), 水的密度ρ =1×103kg/m3]。分析并计算： （1）当“温、开水选择开关”断开时，饮水机处于出_______ （填“温水”或 “开水”）状态； （2）电阻R0的阻值为多大？ （3）现在需要 50℃的温水 1000mL，已知水的初温是20℃, 水需要吸收多少热量？ 第 2页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案与试题解析 1．【解答】解：电闪雷鸣中的“电闪”具有电能、光能。同时声音可以传递能量，雷鸣说明具有声能；电闪雷鸣中没 有涉及到核能。 故选：D。 2．【解答】解：A、同一物体温度升高，分子无规则运动剧烈程度加大，它的内能一定增大。故A 正确； B、物体在任何温度都具有内能。故B 错误； C、做功和热传递是改变物体内能的两种方法。故 C 错误； D、内能的大小由温度、质量、状态、体积等方面的影响，当温度相同时，当然是质量大的一桶水内能多。故D 错 误。 故选：A。 3．【解答】解： A、核反应堆是核能转化为水的内能，故A 错误； B、蒸汽轮机是利用高温高压的水蒸气推动蒸汽轮机转动，将内能转化为机械能，故B 正确； C、发电机的工作原理是电磁感应现象，是将机械能转化为电能，故 C 错误； D．电驱动器工作时会消耗电能，将电能转化为机械能，故D 错误。 故选：B。 4．【解答】解：猛火挡的功率P 猛火＝1210W，电路中的总电阻为：R猛火 电阻等于R2的阻 猛火 值，因此猛火挡只有电阻R2工作； 文火挡的功率P 文火＝220W，电路中的总电阻为：R文火 文火 R 文火＝R1+R2 ＝180n+40n＝220n，总电阻等于R1与R2的阻值之和，因此文猛火挡由电阻R1与R2串联； A.开关闭合时，只有R1工作，开关断开时，电阻R1与R2串联，故A 错误； B.开关闭合时，只有R2工作，开关断开时，电阻R1与R2串联，故B 正确； C.开关闭合时，短路，开关断开时，电阻R1与R2串联，故C 错误； D.开关闭合时，电阻R1与R2串联，开关断开时，断路，故D 错误； 故选：B。 5．【解答】解：由甲电路图可知两灯泡串联，由乙电路图可知两灯泡并联； 根据知，两灯泡的电阻分别为： A、甲电路中A 灯与B 灯串联，灯泡A 的电阻大于B 的电阻，根据P＝I2R 知，灯泡A 的实际功率大于灯泡B 的 实际功率，所以灯泡A 比B 亮，故A 错误； B、乙电路中A 灯与B 灯并联，两灯泡两端的电压相同，灯泡A 的电阻大于B 的电阻，根据知，灯泡A 的 实际功率小于灯泡B 的实际功率，所以灯泡A 比B 暗，故B 错误； C、由串联电路的分压特点可知图甲中A 灯两端的电压小于电源的电压，由并联电路的电压特点可知图乙中A 两端 的电压等于电源的电压，即图甲中A 灯的电压小于图乙中A 的电压，所以由可知，图甲中A 灯比图乙 中A 灯暗，故C 正确； D、由串联电路中的总电阻大于任何一个分电阻、并联电路中的总电阻小于任何一个分电阻可知，图甲中的总电阻 大于图乙中的总电阻，而电源电压相同，由 可知，图甲中的总功率比图乙中的总功率要小，故D 错误。 故选：C。 第 3页 学科网（北京）股份有限公司 6．【解答】解：由图象甲可知，物体做匀速直线运动，速度大小为v 甲 甲 由v - t 图象乙可知，物体的速度保持不变，即物体做匀速直线运动，速度大小为v 乙＝4m/s； 因为两次都是匀速直线运动，根据二力平衡条件可知，推力都等于摩擦力，摩擦力没变，故受到的水平推力为F1 =F2； 已知v 甲＜v 乙，由 可得，两次推力的功率P1＜P2。 故选：B。 7．【解答】解：A、空竹发出的不断变换的嗡嗡声，是由空气柱振动产生的，故A 错误； B、空竹被抛向高处的过程中，动能转化为重力势能，速度减小，动能逐渐减小，故B 错误； C、空竹到达最高处时，只受到重力作用，受到的力不平衡，处于非平衡状态，故C 错误； D、停止抖动绳子，空竹不会马上停下来，是由于空竹具有惯性，故D 正确。 故选：D。 8．【解答】解：A、将不同小球压缩弹簧至同一位置，弹簧的弹性势能相同，故A 错误； B、弹簧压缩相同位置，弹性势能相同，恢复至A 点时，弹性势能转化为动能，不同小球的动能相同，故B 正确； C、小球到A 位置已经无弹性势能，故C 错误； D、小球达到A 位置的动能相同，由于小球质量不同，故此时速度不同，即小球落地位置不同是因为在B 点小球的 速度不同，故D 错误。 故选：B。 9．【解答】解：D．由图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压；设电源电压为U，滑片P 置于变阻器的中点 时，电阻为R，则滑片P 置于变阻器的b 端时，阻值最大为2R； 当滑片P 置于变阻器的中点时，此时变阻器两端电压为4V，串联电路中电流处处相等则I1＝I2； 即： 代入数据则有 当滑片P 置于变阻器的b 端时，阻值最大为2R，电压表的示数变化了2V，根据串联电路的分压特点，电阻越大， 分压越大，因此变阻器两端电压为U2 ′＝4V+2V＝6V； 串联电路电流处处相等则：I1 ′＝I2 ′；即： 代入数据则有： ①除以②得 解得：U＝12V，故D 错误；U一4V 4 A．由图可知，R1与R2串联，当滑片移动到a 端，滑动变阻器接入电路的阻值为零时，电路中的电流增大； R1＝6n，则电路中的最大电流为 故A 错误； B．当滑片P 置于变阻器的中点时，变阻器两端电压为4V，则R1两端的电压为：U1＝U - U2 ＝12V - 4V＝8V； 当滑片P 置于变阻器的b 端时，电压表的示数为6V，则R1两端的电压为： U1 ′＝U - U2 ′＝12V - 6V＝6V； 根据可得，R1先后两次消耗的电功率之比为： 故B 正确； C．当滑片P 置于变阻器的b 端时，变阻器阻值最大，电压表的示数为6V，则R1两端的电压为： U1 ′＝U - U2 ′＝12V - 6V＝6V； 第 4页 学科网（北京）股份有限公司 根据串联电路的电压分配特点可知，滑动变阻器的最大阻值为Rmax＝R1 ＝6Ω , 故C 错误。 故选：B。 10．【解答】解：科学书的质量为：m＝200g＝0.2kg， 重力所做的功：W ＝Gh＝mgh＝0.2kg×10N/kg×0.8m＝1.6J； 小金为了捡起书本，用 50 牛的力水平推动质量为 10 千克的课桌向前运动0.1 米，此过程中，课桌受到的重力的方 向竖直向下，物体在水平面上运动，在竖直方向没有运动距离，所以课桌的重力不做功，即重力所做的功为0J。 故答案为：1.6；0。 11．【解答】解：（1）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，即通电线圈在磁场中转动，故选C； （2）快充电流大，根据焦耳定律Q＝I2Rt，要减少导线发热需要减小导线电阻；导体材料、长度相同时，横截面积 越大电阻越小，因此选横截面积较大的导线。 （3）充电获得的电能W＝（90% - 10%） ×60kW•h＝48kW•h， 充电功率为 故答案为：（1）C；（2）大；（3）60。 12．【解答】解： （1）木块在弹簧的作用下往复运动若干次后静止在D 点，此时木块受到水平向左的弹力，根据二力平衡条件可知， 木块受到的摩擦力水平向右。 （2）开始时弹簧具有的弹性势能为30J，松手后，木块在弹簧的作用下往复运动若干次后静止，此时弹簧具有的弹 性势能为2J， 木块在运动过程中，克服摩擦力做功，根据能量守恒定律可知，总的能量不变，故克服阻力所做的功为30J - 2J= 28J。 （3）弹簧被压缩时具有弹力，弹力的方向是向右的，木块向右运动时，阻力是向左的；开始运动时，弹力大于阻 力，木块向右运动的过程中，弹力慢慢减小，阻力不变，木块做加速运动，当木块受到的弹力等于阻力时速度最大， 此时弹簧未恢复至原长；木块由于惯性仍然会向右运动，此时弹力小于阻力，做的是减速运动，当弹簧恢复原长时 弹力为0N；由图可知，整个运动过程中木块速度最大时其左端可能位于B 点。 故答案为：右；28；B。 13．【解答】解：（1）根据欧姆定律知 所以电流表选用小量程与灯泡串联； 因为小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表选用0 - 3V 的量程与灯泡并联，如下图所示： （2）闭合开关，电流表有示数，说明电路为通路；移动滑动变阻器的滑片P 可以改变电流表的示数，说明变阻器 没有问题；发现灯泡不发光，电压表示数为0，说明可能小灯泡短路了，导致电压表并联在一根导线两端，故选： A； （3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，同时观察电压表示数的变化，直至小灯泡正常发光，此时电流表的示 数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.34A，则小灯泡额定功率为：PL＝ULIL＝2.5V×0.34A =0.85W； （4）①闭合开关 S 和 S1，断开 S2，并调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为U 额；此时L、R 和变阻器串联，电 压表测灯泡两端电压，灯泡正常发光； ②闭合开关 S 和S2，断开 S1，保持滑动变阻器滑片P 不动，读出此时电压表示数为U1，电路的连接方式没有发 生变化，电压表测L 与R 的总电压，所以I 额 则小灯泡额定功率的表达式为： 故答案为 0.85； U 额 第 5页 学科网（北京）股份有限公司 14．【解答】解：（1）每盒牛奶从水中吸收的热量：Q 吸= C牛奶m牛奶Δt牛奶 = 4.0 × 103J/(kg . ℃) × 0.25kg × (52℃ — 10℃) = 4.2 × 104J； （2）5 盒牛奶从水中吸收的热量：Q 吸9 = 5Q 吸 = 5 × 4.2 × 104J = 2.1 × 105J， 由η= Q (Q)放 (吸)可知，水放出的热量 则水降低的温度 则当牛奶的温度达到 52℃时水的温度：t 水＝t0 - Δt＝90℃ - 25℃=65℃。 答：（1）每盒牛奶从水中吸收的热量为4.2×104J。 （2）若热水对牛奶加热的效率是 50%，当牛奶的温度达到52℃时水的温度是65℃。 15．【解答】解：（1）当“温、开水选择开关”断开时，R0与R1串联，电路中的总电阻较大，由可知，电功率 较小，为温水状态； （2）当“温、开水选择开关”闭合时，电路为只有R0的简单电路，电路电阻较小，饮水机为开水状态， 已知开水加热电功率为P＝2200W，则电阻R0的阻值为 （3）温水的质量为：m= ρV＝1.0g/cm3×1000cm3 ＝1000g＝1kg， 水需要吸收的热量为：Q＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃) ×1kg×（50 - 20）℃=1.26×105J； 答：（1）温水；（2）电阻R0 的阻值为22Ω；（3）水需要吸收的热量为 1.26×105J。 第 6页 学科网（北京）股份有限公司 $