山东青岛市第一中学2026-2027学年高一上学期10月阶段检测物理试题

物理试题 -2026.10 一、选择题：本题共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符 合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题5分，全部选对的得5 分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1.在研究自由落体运动时，伽利略让一个铜球从阻力很小（可忽略不计）的斜面上由静止开始滚下，他 在斜面上任取三个位置A、B、C,让小球分别由A、B、C滚下，如图所示。并且重复了上百次。设A、B、 C与斜面底端的距离分别为x、x2、x3,小球由A、B、C运动到斜面底端的时间分别为1、h、3,小球由 A、B、C运动到斜面底端时的速度分别为、v2、,下列关系式是伽利略证明小球沿光滑斜面向下的运 动是匀变速直线运动的是() 年经含 A B c子合-片 D.X2-为3=为-为 2.玉质文玩手串深受发烧友的喜爱。如图所示，石老师将文玩手串放置在水平面上，相邻球形串珠紧密 排列，均匀分布在圆周上，编号依次为1至12，圆内有一光源可绕圆心逆时针匀加速转动。初始时刻光源 速度为0，发出的光线恰好经过串珠1的中心。经过时间1光线经过串珠6的中心。则再经过时间21，光 线照射的串珠编号为（) A.8 B.9 C.10 D.11 3.刘老师用DS传感器设备研究某物块沿·直线的运动规律时，得到了物块的v-1图像，如图所示，在 0~20s内对应图像恰好是一个半圆。则下列说法正确的是（) A.物块在20s内发生的位移为0 以(ms) B.物块在10s距出发点最远 0.2 C.5s时的速度大小为0.1V2m/s D.5s时的大小为0.1V3m/s →s 10 20 4.加图所示，某防弹衣由不同材料的防护层构成，A层的厚度是B层的2倍。固定防弹衣，若子弹先垂 直打穿A层，会停在B层的正中间；若相同的子弹以一样人小的初速度先垂直打穿B层，在A层内前进 的最大距离为其厚度的四分之一。子弹在A、B层中可看作加速度大小分别为a、a2的匀减速直线运动， 则() A.a =3a B.a=3a2 C.a=2a D.a=2a2 5.如图所示为甲、乙两辆汽车从静止开始运动的x-v图像（位移-速度关系图），其中甲图像在前0,2km 对应一段抛物线，0.2km后为与纵轴平行的直线，乙图像为过原点的倾斜直线，则下刿判断正确的是() 个x/km 0.4 0.2 必 72108 v/(km-h) A.前200m甲车做加速度增大的加速运动 B.在400m处甲、乙两车相遇 C.乙车做加速度逐渐增大的直线运动 D.根据题中已知条件，无法求出甲车加速运动的时间 6.汽车在刹车测试中，可认为做匀减速直线运动。若汽车从=0时开始刹车，第1s内的位移为6.4m,第 3s内的位移为0.4m。则汽车（) A.刹车时的加速度大小为3m/s2 B.1=2s时的速度大小为1.6m/s C.在第2s内的位移大小为3.4m D.刹车的总时间为3s 7.如图甲所示是一种速度传感器的工作原理图，在这个系统中B为一个能发射超声波的固定小盒子，工 作时小盒子B向匀速直线运动的被测物体发出短暂的超声波脉冲，超声波速度为。，脉冲被运动的物体反 射后又被小盒子B接收，从小盒子B发射超声波开始计时，经△丛。时间再次发射超声波脉冲，图乙是连续 两次发射的超声波的位移一时间图像。则下列说法正确的是() 连接到 △x 计算机 B 运动方向 超声波oo2 77n分7777711777777 用 A、脉冲第一次被运动的物体反射时，物体距离B的距离×=。1 B.脉冲第二次被运动的物体反射时，物体距离B的距离名=g华 2 C.若名<x2,可以分析出物体在靠近超声波发射器 D.物体的平均速度为7=2名-) 12-4+△0 ⑧)2024年9月25日，中国人民解放军火箭军向南太平洋相关公海海域成功发射了一枚携载训练模拟弹头 的洲际弹道导弹，全射程约12000公里，未端速度接近30马赫。下列说法正确的是() A.导弹在加速直线上升过程中，加速度方向与速度方向相同 B.导弹的加速度与速度变化量成正比，与运动时间成反比 C.导弹运动时，速度的变化量越大，加速度也越大 D.导弹点火将要升空瞬间，导弹的速度为零，但加速度很大 9.程老师用一氦气球悬挂一重物（可视为质点），从地面释放后沿竖直方向做初速度为零的匀加速直线运 动，过了一段时间后，悬挂重物的细线断裂，又经过相同的时间，重物恰好落到地面。已知细线断裂时重 物的高度为九，细线断裂后重物仅受到重力作用，重力加速度大小为g。?列说法正确的是( A,细线断裂前重物的加速度大小为号 B,细线断裂时重物的速度大小为， gh C。重物上升的最大高度为 D.重物落地时的速度大小为2 2gh 圆 除第3页（共6页） 10.智能飞行器飞行表演中，两飞行器M、N位于同一高度，沿同一直线同向匀速飞行。依据表演要求。 M保持飞行速度不变，N先匀加速后匀减速调整与M的间距，20s以内完成调整。从开始调整时计时，N 传回的数据如表所示，则调整过程中( 时间(S) 8 10 12 14 16 18 20 间距(m) 281 294 297 290 273 248 227 212 203 200 200 A.10s末N的速度达到最大值 B.7s末N与M的间距为281.5m C.N加速阶段的加速度大小为2.5m/s2 D.N与M的相对速度的最大值为13.5m/s 二、非选择题：本题共5小题，共57分。 11.(8分)李老师利用自由落体运动测量当地的重力加速度，实验装置如图1所示，打点计时器接在频率 为50Hz的交流电源上。使重物自由下落，打点计时器在随重物下落的纸带上打下一系列点迹。（计算结果 均保留三位有效数字) (1)关于本实验，下列说法正确的是（)（填选项前的字母） A.释放重物前，重物应尽可能远离打点计时器 B.纸带上打的点越密集说明纸带运动速度越大 C.先接通电源，再释放纸带 D.如果实验时用的是电火花打点计时器，则工作电源选择220P的直流电源 (2)①打出的纸带如图2所示，实验时纸带的 端和重物相连接。（选填“甲”或“乙”) 电火花 计时器 -纸带 甲 -重物 9.48 单位：cm 28.74 57.60 96.30 图1 图2 ②纸带上依次取0至4五个计数点，每相邻两计数点间还有四个计时点（图中未标出），计数点间的距离 如图所示，则打点3时重物的下落速度= m/s; ③由纸带上所给的数据可计算出当地的重力加速度为 m/s2。 试卷第4页（共6页） 12.(8分)于老师利用气垫导轨和光电计时系统研究直线运动的一些规律，如图甲所示。如图乙，在滑块 上安装宽度d为1.00cm的遮光条，滑块在牵引力作用下由静止开始运动并通过光电门，配套的数字计时器 记录了遮光条的遮光时间△r为40ms(1ms=0.001s)。 数字计时器 △x 光电门 滑块遮光条 第 气垫导轨【 沿 连气源运动方向 第二前 刻度尺 1 梢码 甲 可调节 (1)遮光条通过光电门的平均速度乊=」 m/s(计算结果保留两位有效数字)。 (2)为减小用光电门和数字计时器测瞬时速度的误差，使平均速度更接近瞬时速度，下列举措正确的是 () A、换用宽度更窄的遮光条 B、减小滑块距光电门的距离 C、减小光电门的宽度 (3)实际上遮光条总是有一定的宽度，导致所测的速度只是平均速度，与刚到达光电门时的瞬时速度总 是存在差异，为解决此问题，该实验小组设计了一块可调节宽度的U形遮光片，并利用该遮光片更精确地 测量了滑块的瞬时速度。方法如下： ①将U形遮光片固定在滑块前端，测出第一、第二前沿的距离△x; ②每次测量时，从同一位置释放滑块，在滑块通过光电门时，从光电计时器上读出两次遮光的起始时间间 隔t: ③改变遮光片宽度，重复上述步骤，测量多组数据 ④用所测数据画出图像，并根据图像求出滑块的初速度 (4)测量多组数据后，为了更方便地精确得出瞬时速度，应画出什么图像 A、△x-t图像 B、△x-t2图像 C、-l图像 (5)若测出图像的斜率为k,纵截距为b，则刚到达光电门时的瞬时速度为 试卷第5页（共6页） 13.（10分)为避让行人，一辆汽车在紧急刹车后停了下来，路面上留下了一条长为22.5m的车轮滑动磨 痕。已知车轮在路面上滑动时汽车做匀减速直线运动，加速度大小为5.0/s2。停车等待10s后（人已走过） 汽车又以5.0s2的加速度加速至原来的速度正常行驶，以汽车开始刹车时为计时起点，试求： (1)汽车刚开始刹车时的速度是多少： (2)汽车因避让行人而延迟的时间。 14.(15分)王老师将一根长15cm的金属管竖直放置在足够高处，在其正下方距下端60cm处一小球以 4s的初速度竖直向上抛出，小球直径小于金属管内径，如图所示，开始时金属管固定，不计一切摩擦， 取g=10m/s2。 (1)求小球上升的最高点距管上端的距离h (2)求小球在金属管内运动的时间t; (3)若抛出小球时同时释放金属管，求小球在金属管内运动时间△t。 15.(16分)十字路口红灯亮起，汽车和行人停止前行。拦停的汽车排成笔直的一列，最前面一辆汽车的 前端刚好与路口停车线相齐，相邻两车的前端间距均为d=6.0m,且车长为Lo=4.8m,最前面的行人站在 横道线边缘，已知横道线宽s=20m。若汽车启动时都以a,=2.5ms2的加速度做匀加速直线运动，加速到 %,=10.0m/s后做匀速直线运动通过路口。行人起步的加速度为a,=0.5m/s2,达到y2=1.0m/s后匀速通过横 道线。已知该路口亮绿灯的时间1=40s,而且有按倒计时显示的时间显示灯（无黄灯）。另外交通法规定： 原在绿灯时通行的汽车，红灯亮起时，车头已越过停车线的允许通过。由于行人和汽车司机一直关注着红 绿灯，因此可以不考虑行人和汽车的反应时间。（提示；绿灯亮起时，行人从A走向B,第1辆汽车从C朝 向D行驶。) 请回答下列问题： (1)按题述情景，亮绿灯的这段时间里最多能有多少辆车通过路口？ (2)按题述情景，不能通过路口的第一辆汽车司机，在时间显示灯刚亮 出“3时开始刹车，使车匀减速运动，结果车的前端与停车线相齐，求该 s=20m 汽车剩车后经多少时间停下？ 0 B (3)路口对面最前面的行人在通过横道线的过程中与几辆车擦肩而过？ 2026一2027学年度第一学期高一年级阶段性检测 物理答案 2026.10 题号 2 2 4 5 6 8 9 10 答案 A C D A B D AD ACD CD 1.A 【详解】A,由匀变速直线运动的位移公式=0，名叫，为-叫 1 解得音音 如果上式成立，则小球做匀变速直线运动。在伽利略那个年代，能够比较准确测量小球沿斜面下滑时的位 移和运动时间，故A正确 B.由平均速度公式v=￥= 12 可得子>子>浮放结误 C.表达式兰=兰=兰可以证明小球沿斜面下滑是匀变速直线运动，但是在伽利略那个年代，比较准确测 4424 量小球的速度是做不到的，故C错误： D.表达式为一x2=x2一，并不能证明小球沿光滑斜面向下的运动是匀变速直线运动，故D错误。 故选A。 2.C 【详解】根据初速度为0的匀变速直线运动的规律s= 1 则31时s'=9s 经过时间1光线经过串珠6的中心。转过了5个间隔，所以31时间内一共转过45个间隔，一圈是12个间 隔，因此细光束应照射10号串珠。 故选C。 3.D 【详解】AB.物体在20s内的位移是v-1图像与1轴所围成的面积，所以前20.秒内位移不为0，物体在20 秒时离出发点最远，故AB错误： CD 4(ms) 0.2 R少 5s时对应的纵坐标值为速度大小，如图所示，由图像得sin0= R2 5 20 产t/s 10 m·计0而) 此时速度为v=0.2cos0m/s=0.2√1-sin20m/s=0.l3m/s,故C错误，D正确。 故选D。 4.A 【详解】设B层的厚度为d。则4层的厚度为2a,子弹先打在A层时24×2d+24,号= 子弹先打在B层时2a号+2a,d=( 联立解得a2=3a 故选A。 5.c 【详解】A.若汽车做匀加速直线运动，则有2=v2 可知x-v图像是一条抛物线，故前200m甲车做匀加速直线运动，故A错误： B.在x正半轴上作v轴的多条平行线，发现前400m,每个位置对应的速度大小均是甲比乙大，故甲车比 乙车先到达400m处，故B错误； C.由图像可知，乙车在相同位移内速度的变化量相等，因为乙车速度增加，故相同位移所用时间越来越 小， 由a=是可知，△v相等时，M越小，a越大，故乙车做加速度逐渐增大的直线运动，故C正确： D.根据2am=2,结合图像可得a=-202 m/s2=1m/s2 2x2×200 v20 甲车加速时间(=一= s=20s,故D错误。 a 1 故选C。 6.B 【详解】AD.将汽车刹车的逆过程看做是逆向的初速度为零的匀加速运动，若第3s未恰好停止，根据初 速度为零的匀加速运动相等时间的位移之比为1：3：5..可知第1s内的位移应该为5×0.4m=2m<6.4m,由此 可知汽车在第3s内已经停止，不能直接用连续相等时间位移差公式，设刹车总时间为t(2s<t<3s),加 速度大小为a,初速度%=al。 根据x=W-方02可知，第1s内位移%=%X1-ax12=al-05a=64m 2 第3s内位移为总位移减去前2s位移0r-(2%02-0如 代入。=at得a(0.52-2t+2)=0.4m 联立两式解得1=2.5s,a=3.2m/s2,=8m/s,故AD错误： B.1=2s时速度v=v-al2=(8-3.2×2)ms=1.6m/s,故B正确； C.第2s内位移为前2s位移减前1s位移：△x2= 8x2-x3.2×22 m-6.4m=3.2m,故C错误； 2 故选B。 7.D 【详解】A,由乙图可知，脉冲第一次被运动的物体反射时，物体距离B的距离 !1 vo!l x=v%22 故A错误； B.脉冲第二次被运动的物体反射时，物体距离B的距离 名=%-4=6-44) 2 2 故B错误； C.若x2>x,说明小盒子B与物体的距离在增加，则物体在远离超声波发射器。故C错误： D.由题可知物体通过的位移为x2-x1时，所用时间为 1=气2+4合-4+) 2 物体的平均速度为 可=-￥=2(-) t 2-4+△0 故D正确。 故选D。 8.AD 【详解】A.根据直线运动的特征可知，导弹在加速直线上升过程中，加速度方向与速度方向相同，故A 正确： B.表达式=A是加速度的比值定义式，加速度与速度变化量、时间没有本质上的决定关系，不能说导 △I 弹的加速度与速度变化量成正比，与运动时间成反比，故B错误； C.由加速度的定义式a=A“可知，加速度的大小等于速度变化量大小和时间的比值，不能够认为速度的 △M 变化量越大，加速度也越大，故C错误： D.导弹点火将要升空瞬间，导弹的速度为零，由于速度变化得非常快，则加速度很大，故D正确。 故选AD。 9.ACD 【详解】A.设重物匀加速上升的加速度大小为a,时间为，根据题意有)a2-a1+号g2 2 1 解得a=亏8，故A正确： B.设细线断裂时重物的速度大小为，有=2ah h 解得=3 故B错误： C. 细线断裂后，重物向上做匀减速运动，有？=2gh 解得H= 3 则重物上升的最大高度H=h+R=4h, 故C正确； D.根据2gH=v2 可得重物落地时的速度大小为v=V2g=2 2gh, 故D正确。 3 故选ACD。 10.CD 【详解】ACD.以M飞行器为参考系，分别求出N在相邻2s内相对M的位移如表 时 间 0-2s 2-4s 4-6s 6-8s 8-10s 10-12s 12-14s 14-16s 16-18s 18-20s 区 间 X名 X2 X3 Xa X X6 X7 X8 X9 X10 相 对 位 13m 3m -7m -17m -25m -21m -15m -9m -3m 0 在 由于X2-X,=X3-X2=X,-X3=-10m,X5-X,=-8m,X,-X6=Xg-X,=X,-Xg=6m 故0~8s内N做匀加速直线运动，同理10s~18s内N以另一加速度做匀减速直线运动，8s至10s内的某时 刻，N匀加速运动结束开始做匀减速，所以8s-1Os内的某时刻，N的速度达到最大值，设加速阶段的加速 度为a,则由△x=a,T2=-10m 可得a=-2.5m/s2 设减速阶段的加速度为a2,则由△x=a,T2=6m 答案第4页（共8页） 解得a2=1.5m/s2 以M飞行器为参考系，N在第6s时的速度V。= X3+X4=-6m/s 2T 第12s时的速度-+名=-9m/5 2T 则由%+a,1=2-a2(6s-) 解得1=3s 即第9s时N的速度最大，N相对于M的速度最大值为v=,+al=-13.5m/s,故A错误，CD正确； B.7s末时N与M的间距为x=290m+%×1s+20(s'=282.75m,故B错误。 11.(1)C (2)乙3.38 9.71 【详解】(1)A,释放重物前，应让重物紧靠打点计时器，才能在纸带上打出足够多的点充分利用纸带， 故A错误： B.点迹越密集，说明相等时间内纸带的位移越小，对应运动速度越小，故B错误： C.使用打点计时器的规范操作是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，能保证初始点清晰、有效利用 纸带，故C正确。 D,电火花打点计时器的工作电源是220V交流电源，直流电源无法使打点计时器正常工作，故D错误。 故选C。 (2)[1]重物刚开始下落时速度小，相等时间内的位移小，点迹更密集。纸带上乙端的点间距更小，因此 乙端和重物相连。 [2]打点计时器频率为50Hz,相邻计数点间还有4个计时点，因此相邻计数点的时间间隔T=0.1s 根据匀变速直线运动中，某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，打点3的速度等于2、4两点 间的平均速度%务 (96.30-28.74)×10-2m 2×0.1s ≈3.38m/s [3]先算出相邻计数点的位移：xo1=9.48cm, x2=(28.74-9.48)cm=19.26cmx2=(52.60-28.74)cm=23.86cm,x4=(96.30-52.60)cm=43.70cm 由逐差公式△x=gT2 代入得g=4+)上2+≈9.71ms 4r2 12, 0.25 A C b 【详解】[1]遮光条通过光电门的平均速度为7=4=_1.00×102 AM40x103ms=0.25m/s [2]由于极短时间内的平均速度可以近似等于瞬时速度，所以为使平均速度更接近瞬时速度。根据可= d可 △t 知，可采取的措施有：①换用宽度更窄的遮光条：②增大滑块初始位置距光电门的距离，使遮光条通过光 电门时有较大的速度，从而减小过光电门的时间。 故选A。 [3]设U形遮光片刚到达光电门时的瞬时速度为。，滑块匀加速运动的加速度为a,则根据匀变速直线运 1 动位移与时间的关系式有△x=W+22 变形得=1+。 t21 所以为了更方便地精确得出瞬时速度，应画出“-图像。 故选C。 [4]由上面分析可知，：-1图像的纵轴截距就是刚到达光电门时的瞬时速度。所以若测出图像的纵截 距为b,则刚到达光电门时的瞬时速度为b。 13.(1)15m/s (2)13s 【详解】(1)汽车刹车过程，由速度位移公式得0-=-2此 解得。=15m/s (2)汽车加速时间5，==3s a 加速位移=之4=25m 汽车正常行驶通过减速和加速的总位移所用时间'=+玉=3s 延迟时间△1=4+12+1-t'=13s 3 14.(1)5cm (2)0.2s (3803 【详解】(1)利用逆向思维，由v哈=2gh0 解得小球上升总商度，一器-治m=80cm 所以距管上端的距离为h=(ho-15-60)cm=5cm (2)利用逆向思维，小球上升期从管上端到最高点时间1= 2五=0.1s 小球上升期管底到最高点时间t2= 2h+D】=0.2s 小球上升期在金属管内运动的时间为t2~1,由竖直上抛运动的对称性可知：小球在金属管内运动的时间t =2（t2-t1)=0.2s (3)金属管自由落体九1=方9场 答案第6页（共8页） 1 小球竖直上抛h2=ot-乞gt场 小球与金属管下端相遇时有h,+h2=60cm 3 代入数据得to=20s 同理小球与金属管上端相遇时有h+h2'=75cm .3 代入数据得to'=6 3 则小球在金属管内运动时间4t=t,'-t0=80$ 15.(1)64:(2)6.8s:(3)32 【详解】(1)汽车加速时间4=兰=0=46 a2.5 加速位移×=24-=20m 40s内总位移s=20+10×(40-4)=380m 第n辆车前端初始在停车线后方(n-l)d=6(n-1)m 法规要求车头越过停车线即可通过，故条件为6(n-1)≤380 解得n-1≤63.33 取整数n=64 故能有64辆汽车通过路口。 (2)记1o=3s,当显示灯刚亮出“3”时，不能通过的第一辆为第65辆，其前端初始距停车线 L=(n-1)d=384m 37s内汽车位移前4s加速20m,后33s匀速10×33m=330m,共350m。 此时第65辆车前端距停车线△x=384-350=34m,车速=10m/s 匀减速至前W与停车线平齐，米速为0，由△x=之：得= 2×34=6.8s 10 1 (3)汽车加速时间内行驶的位移大小为x2=。a,=20m 2 行人加速的时间为5=兰=2s a 行人加速的位移为名=子4=n 行人通过横道线的时间为4，=4，+$一当=21s 2 在行人通过横道线的时间内汽车的位移为x,=x2+y(亿，-4)=190m 能到达横道线的车辆数n,n量车的长度L=(n-l)d≤190 解得n≤32.67 第3辆到达停车线需要的时间4，=4+633-1)-=21.25 则第33辆到达停车线时行人已离开横道线，不会相遇，故路门对面最前面的行人在通过横道线的过程中 与32辆车擦肩而过。