山东济南市平阴县高级中学2026-2027学年高三上学期10月阶段测试物理试题

2027届高三第一学期10月份阶段性检测物理试题 第I卷（共40分） 一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题给出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的) 1、关于速度、速度的变化和加速度的关系，下列说法正确的是() A.物体速度越来越大，加速度可能越来越小 B.物体的加速度增大，速度一定越来越大 C.物体的速度越来越小，加速度的方向一定为负 D.速度变化的方向为正，加速度的方向可能为负 2、下列对牛顿第二定律及其表达式F=a的理解，正确的是() A.物体的速度与所受合外力同时产生、同时变化、同时消失，二者是瞬时对应关系 B.由F=a可知，物体所受合力与物体的质量成正比，与物体的加速度成反比 C.由m=Fa可知，物体的质量与物体受到的合外力成正比，与物体的加速度成反比 D.物体只有受到力的作用时，才有加速度 3、铯原子喷泉钟是定标“秒”的装置。在喷泉钟的真空系统中，可视为质点的铯原子团 在激光的推动下，获得一定的初速度。随后激光关闭，铯原子团仅在重力的作用下做竖直上 抛运动，到达最高点后再做一段自由落体运动。取竖直向下为正方向。下列表示激光关闭后， 铯原子团速度o或加速度α随时间t变化的图像，可能正确的是( D 4、如图所示，物体A靠在竖直粗糙的墙面上，在竖直向上的力F的作用下，A、B共同 向上匀速运动，下列说法正确的是() A.物体A受4个力 B.物体A受5个力 C.物体B受3个力 D.物体B受4个力 5、如图所示，打印机进纸槽里叠放着一叠白纸，进纸时滚轮以竖直向下的力F压在第一 张白纸上，并沿逆时针方向匀速转动，滚轮与第一张纸不打滑，第一张纸与第二张纸间发生 物理试卷第1页，共6页 相对滑动。设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等。滚轮与白纸之间的动摩擦因数为山1，白纸之 间、白纸与纸槽底座之间的动摩擦因数均为2，每张白纸的质量均为m,不考虑静电力的影 响，重力加速度为g。下列说法正确的是() A.滚轮对第一张白纸的摩擦力大小为F 滚轮 B.第一、二张白纸间的摩擦力大小为2(F+g) 左 C.第二、三张白纸间的摩擦力大小为u(F+2g) 白纸 进纸槽底座 D.第三、四张白纸间的摩擦力大小为u(F+g) 6、如图所示，固定的光滑斜面上有一木板，其下端与斜面上A点的距离为L。木板由静 止释放，若木板的长度为L,则通过A点的时间间隔为△：若木板的长度为3L,则通过A点 的时间间隔为△t2。△2：△t1为() A.(N3-1):(N2-1) B.1:(V2-1) C.(2-V2):V2-1) D.(N3-V2):(N2-1) 7、某实验小组用弹簧测力计和量角器等器材验证力的平行四边形定则，设计了如图所示 的装置，固定在竖直木板上的量角器的直边水平，橡皮筋的一端固定于量角器的圆心O的正 上方A处，另一端系绳套1和绳套2，将绳套1由0°方向缓慢转动到60°方向，同时绳套2 由120°方向缓慢转动到180°方向，此过程中保持橡皮筋的结点在O处不动，保持绳套1和绳 套2的夹角120°不变。关于绳套1和2的拉力变化正确的是 A A.绳套1的拉力先减小后增大 绳套1 0 B.绳套1的拉力先增大后减小 0° 1809 30° 150 C.绳套2的拉力逐渐减小 90120 60 D.绳套2的拉力逐渐增大 b绳套2 8、小王运动后用网兜将篮球挂在互成60°的墙角。简化图如图所示，设篮球的质量为 M、半径为R,悬挂点为两竖直墙壁交线处的P点，点P到球心的距离为4R,一切摩擦不计， 则篮球对任一墙壁的压力大小为() A.V2Mg B. 2 C.3Mg 3 D. Mg 物理试卷第2页，共6页 二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题给出的四个选项中，有多个 选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分) 9、t=0时刻，质点P从原点由静止开始做直线运动，其加速度α随时间t按图示的正弦 曲线变化，周期为20。在0~2时间内，下列说法正确的是 A.=o时，P的运动速度最大 B.t=2to时，P回到原点 3to C.t=2o时，P到原点的距离最远 D.t=。o时，P的运动速度与在t=时的速度方向相反 10、如图所示，一轻绳跨过光滑定滑轮，绳的一端系有物块P,P置于水平桌面上，绳的 另一端悬挂一轻盘（质量可忽略），盘中放置砝码。改变盘中砝码的总质量，并测量P的加 速度大小a,得到-图像。重力加速度的大小为g。在下列a-m图像中， 可能正确的是 11、如图所示，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为0，在斜杆下端固定有质 量为的小球，下列关于斜杆对球的作用力F的判断，正确的是 A.小车静止时，F=g，方向沿斜杆向上 B.小车匀速运动时，F=g，方向竖直向上 C.小车向右以加速度a=gtmd运动时，F方向沿斜杆向上 777 D.小车向左以加速度a=,8。运动时，F方向垂直斜杆向上 tane 12、一小物块向左冲上水平向右运动的木板，二者的速度大小分别为0、20，此后木板 的速度)随时间t变化的图像如图所示。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，木板足够长。整 个运动过程中 )本 A.物块相对于木板的运动方向不变 2vo B.物块的加速度方向不变 C.物块的加速度大小不变 2 00 D.物块与木板的加速度大小相等 0 物理试卷第3页，共6页 第II卷（共60分） 三、实验题（本题共2小题，13题6分，14题8分，共14分，请按要求作答）。 13.(6分)某同学利用如图甲所示的实验装置探究物体做直线运动时平均速度与时间 的关系。让小车左端和纸带相连，右端用细绳跨过定滑轮和钩码相连。钩码下落，带动小车 运动，打点计时器打出纸带。某次实验得到的纸带和相关数据如图乙所示。 打点计时器 小车 6.60-8.00 -9.40- -10.90 —12.40 F0 纸带 木板 钩码 单位：cm 图甲 图乙 (1)已知打出图乙中相邻两个计数点的时间间隔均为01s。以打出A点时小车的位置为初 始位置，将打出B、C、D、E、F各点时小车的位移△x填到表中。小车发生相应位移所用的 时间和平均速度分别为△t和V,表中0AD= cm/s。 cm·s) 105 95 位移区间 AB AC AD AE AF 85 △x/cm 6.60 14.60 24.00 34.90 47.30 75 65 0/,cms-1 66.0 73.0 U AD 87.3 94.6 曲A/s 356 0.10.20.30.40.50.6 图丙 (2)根据表中数据，在图丙中补全实验点，并描绘小车的平均速度0随时间△t变化的图像。 (3)根据（②）中的图像可以判定小车做匀加速直线运动，根据图像求小车的加速度大小 a= ms。(结果保留三位有效数字) 14.(8分)在天宫课堂中，我国航天员演示了利用牛顿第二定律测量物体质量的实验 受此启发，某同学利用气垫导轨、力传感器、无线加速度传感器、轻弹簧和待测物体等 器材设计了测量物体质量的实验，如图甲所示。 力传感器 加速度传感器 主要步骤如下 00000X0000000000X000 滑块 气垫导轨 气源 ①将力传感器固定在气垫导轨左端支架上，， ②接通气源，放上滑块，调平气垫导轨： 图甲 ③将弹簧左端连接力传感器，右端连接滑块，弹簧处于原长时滑块左端位于O点，A点 到O点的距离为6.00c,拉动滑块使其左端处于A点，由静止释放并开始计时： 物理试卷第4页，共6页 ④计算机采集获取数据，得到滑块所受弹力F、加速度α随时间t变化的图像，部分图像 如图乙所示。 ↑a/(m·s-2 F/N 3.50 回答以下问题（计算结果均保留2位有效数字）： 0.610 3.00 2.50 (1)弹簧的劲度系数为 Nm。 00.10.2t/s 2.00 4a/(m·s) 1.50 (2)该同学从图乙中提取某些时刻F与a的数据， 3.08 1.00片 作出-F图线，如图丙中I所示，由此可得滑块与加 0.50 00.10.2/s F/N 00.100.200300400.500.600.70 速度传感器的总质量为 kgo 图乙 图丙 (3)该同学在滑块上增加待测物体，重复上述实验步骤，在图丙中作出新的-F图线，如 图丙中Ⅱ所示，则待测物体的质量为 kg。 (4)若气垫导轨没有调平，左端略高于右端，上述实验测量物体的质量 (不变、 偏大还是偏小) 四、计算题：本大题共4小题，共46分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步 骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 15、(8分)如图所示，轮滑训练场沿直线等间距地摆放着若干个定位锥筒，锥筒间距d=0.9 m,某同学穿着轮滑鞋向右匀减速滑行。现测出他从1号锥筒运动到2号锥筒用时t1=0.4s, 从2号锥筒运动到3号锥筒用时t=0.5s。求该同学： (1)滑行的加速度大小： +] (2)最远能经过几号锥筒。 16、(10分)一位雪橇运动员坐在雪橇上，以04=1m/s的速度从如图所示的AB滑道上的A 点出发，并双手接触冰面向后用力划拨冰面若干次，从A点经过7s后到达B点，B点有一 长度不计的弧形，通过该弧形连接倾角日=8°的滑道AB与水平滑道BC,雪橇和人过B点时 速度的大小不变，方向变为水平，到达水平面后雪橇和人自由滑行，水平滑道上C两点间 的距离Lc=80m。经过B点时的速度vB=10ms,雪橇和人的总质量为m=100kg,雪橇和 人在ABC滑道上滑行时所受冰面及空气的总阻力的大小不变，F=40N,方向与运动方向相 反，在斜面上每次划拨时，双手与地面接触的时间为△t=0.5s,速度增加△)=1m/s。(取g =10m/s2,sin8°=0.14)求： (1)雪橇经过C点时的速度大小： (2)手不划拨冰面时雪橇和人在斜面上运动的加速度大小： B (3)运动员在斜面上运动时双手接触冰面向后用力划拨的次数。 物理试卷第5页，共6页 17、(12分)如图所示，某皮带传动装置与水平面的夹角0-30°，两轮轴心相距L=2m,A、 B分别是传送带与两轮的切点，传送带不打滑。现使传送带沿顺时针方向以o=2.5/s的速 度匀速转动，将一可以视为质点的小物块轻轻地放置于A点，小物块与传送带间的动摩擦因 数为u=3 ’8取10m2。 (1)求小物块运动至B点的时间： (2)若传送带速度可以任意调节，当小物块在A点以o=3V6m/s的速度沿传送带向上运动时， 求小物块到达B点的速度范围。 30° 18、(16分)水平地面上堆放着相同的原木，如图甲所示，截面图如图乙所示，已知原木之 13 间的动摩擦因数为= 每根原木受到的重力均为G,可将原木看成圆柱体， 图甲 图乙 图丙 (1)用沿原木轴线方向的水平拉力将最上面的那根原木沿轴线方向匀速拉出，求拉力的大小 (2)用最小的拉力将最上面的那根原木沿轴线方向拉出，求最小拉力的大小和方向 (3)若这堆原木静止在倾角为0=30°的斜面上，原木轴线方向与水平面夹角为30°，如图 丙所示，若用沿原木轴线方向的拉力将最上面的那根原木沿轴线方向匀速拉出，求拉力的大 小 物理试卷第6页，共6页2027届高三第一学期10月份阶段性检测物理参芳答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 D A D B B C C AC BD BCD AD 1.A当物体加速度和速度方向相同，做加速度减小的加速直线运动时，尽管速度越来越大，加速度却在 减小，故A正确；当物体加速度增大，加速度与速度反向时，物体做减速运动，速度越来越小，故B错误； 物体做减速直线运动时，若规定速度方向为负，由于速度在减小，加速度方向和速度方向相反，则加速度 方向为正，故C错误；由加速度定义可知，若速度变化的方向为正，则加速度的方向也为正，故D错误。 2.D物体的合外力与物体的质量和加速度无关，物体的质量与物体的合外力和加速度无关，故BC错误； 物体的加速度α由物体受到的合外力和物体的质量决定，物体的加速度与所受合外力总是同时产生、同时 变化、同时消失，二者是瞬时对应关系，故A错误；物体只有受到力的作用时，才有加速度，D正确。 3A铯原子团仅在重力的作用，加速度g竖直向下，大小恒定，在-t图像中，斜率为加速度，故斜率 不变，所以图像应该是一条直线，故选项A正确、B错误；因为加速度恒定，且方向竖直向下，故为正值， 故选项C、D错误。 4.D先对AB整体受力分析，由平衡条件知，竖直方向有F=GA+GB,水平方向不受力，故墙面无弹力， 墙面对A没有摩擦力的作用，隔离A物体，必受重力、B对A的弹力和摩擦力作用，受三个力，故选项 A、B错误；隔离B物体，受重力、A对B的弹力和摩擦力、外力F四个力作用，故选项C错误，D正确。 5B滚轮与第一张白纸间的摩擦力为静摩擦力，小于或等于滑动摩擦力1F,故选项A错误；第一、二张 白纸间的摩擦力为滑动摩擦力，大小为F2=(F+g);第二张白纸处于静止状态，第二、三张白纸间的 摩擦力为静摩擦力，大小等于第一、二张白纸间的摩擦力F3=u(F+g),故选项B正确；第三张白纸处 于静止状态，第三、四张白纸间的摩擦力为静摩擦力，大小等于第二、三张白纸间的摩擦力F34=(F+ g),故选项C错误；除第一张白纸外，所有白纸均处于静止状态，白纸间的摩擦力均为u(F+g),大小 相等，故选项D错误。 6.B对木板由牛顿第二定律可知木板的加速度不变，木板从静止释放到下端到达A点的过程，有L=】。 木板从静止释放到上端到达A点的过程，当木板长度为L时，有2L=】?,当木板长度为3L时，有4亿 2 又1=t-,△的=力-0，联立解得△：△=1：(W2- 7.C两个拉力夹角为120°，利用辅助圆可得绳套1的拉力逐渐增大， 绳套2的拉力逐渐减小。C正确 8.C对球进行受力分析，球受重力Mg、绳子的拉力T及两个墙壁对它的支持力，两个支持力大小相等， 设为N,夹角为120，两个支持力的合力也为N,绳子与竖直墙壁交线的夹角0，根据几何知识可知球心到 竖直墙壁交线的垂直距离为d=2R,si0=1/2,故0=30；在竖直方向上根据受力平衡可得Tcos日=g, 答案第1页，共5页 故T=V2g。在水平方向上根据受力平衡可知两个墙壁对球的支持力的合力大小等于绳子拉力T的水平分 力的大小，即N-T如8、解得N-g,根据牛领第三定律可得球时任一墙壁的压力大小为9，C 3 正确。 9.AC质点在0~如时间内从静止出发先做加速度增大的加速运动再做加速度减小的加速运动，此过程 一直向前加速运动，和~2如时间内加速度和速度反向，先做加速度增加的减速运动再做加速度减小的减速 运动，2和时刻速度减速到零，此过程一直向前做减速运动，选项A、C正确，B、D错误。 10.BD设物块P的质量为M,若物块P与桌面间的动摩擦因数为山，轻绳上的拉力大小为T。 对砝码和轻盘组成 牛顿第 的整体：mg-T=ma (u+1)Mg 二定律 m+M ,D对。 对物块P:T-uMg=Ma 若物块P与桌面间无摩擦，C正确。 11BCD小车静止或匀速运动时，球受到重力和杆的弹力作用，由平衡条件可得杆对球的作用力F=g, 方向竖直向上，选项A错误，B正确；小车向右以加速度a=gan运动时，如图所示，选项C正确。小 车向左以加速度a=gtan0运动时，F方向垂直斜杆向上，选项D正确 12.AD物块在向左减速和向右加速阶段相对木板都向左运动，共同减速阶段无相对运动，即物块相对木 板运动方向不变，故A正确：物块在向左减速和向右加速阶段加速度方向水平向右，一起共同减速阶段加 速度方向水平向左，方向改变，故B错误；物块先向左匀减速，然后向右匀加速达到和木板共速0，加 速度大小不变，然后物块和木板一起减速到0，物块的加速度大小可能发生了变化，故C错误；由题图可 200- 知在有相对运动阶段木板的加速度大小为山= 20-3物块的加速度大小为-0+”-3阳即 t 2t t 21 木板和物块加速度大小相等，故D正确。 13[答案](1)80.02)见解析图(3)1.40 (1)根据纸带的数据可得 ↑/(cm·s) 10 AxAD=XAB+XBC+xCD=6.60 cm+8.00 cm+9.40 cm=24.00 cm 95日 85 平均速度口4D-XD=80.0cms。 3T 75 65出 (2)补全实验点并做图像如下图所示。 (3)由图像可知斜率k=101.0-59.0 5500102030.4050.6 cm/s2=70.0cm/s2, 0.6 答案第2页，共5页 小车做匀变速直线运动，由位移公式 即0=a+2 故可得a=2=1.40m/s2。 14.[答案](1)10(2)0.20(3)0.13(4)偏大 (1)由题意知，弹簧处于原长时滑块左端位于O点，A点到O点的距离为6.00c。拉动滑块使其左端 处于A点，由静止释放并开始计时。结合题图乙有 △x=6.00cm,F=0.610N 根据胡克定律，k-P,计算出k~10N/m. 4r1 (2)根据牛顿第二定律有F=a 则-P图像的斜率为滑块与加速度传感器的总质量的倒数，根据题图丙中1，则有1-3-0kg=5kg, 0.6 则滑块与加速度传感器的总质量为=0.20kg。 )在滑块上增加待测物体，同理，根据题图丙中Ⅱ，则有-15：0kg=3kg "0.5 则滑块、待测物体与加速度传感器的总质量为=0.33kg 则待测物体的质量为△=m-=0.13kg。 (4)偏大 15[答案](1)1m/s2(2)4号 (1)根据匀变速运动规律某段内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可知在1、2间中 间时刻的速度为01=1=2.25m t .1分 2、3间中间时刻的速度为-1-1.8ms t2 1分 故可得加速度大小为a=40.1 △tt1+ =1m/s2。 2分 22 (2)设到达1号锥筒速度为00，根据匀变速直线运动规律得v0h 2a43=d 代入数值解得v0=2.45m/s .2分 从1号开始到停止时通过的位移大小为x=0=3.0125m≈333d 2a 故可知最远能经过4号锥筒。 2分 答案第3页，共5页 16答案](1)6m/s(2)1ms2(3)4次 (1)根据牛顿第二定律得F=a1, 解得a1=0.4m/s2 2分 B到C过程根据速度与位移关系公式0c2-0B2=-2a1LBC,解得vC=6m/s...2分 (2)根据牛顿第二定律ng sin0-F:=ma2 a2=1m/s2 .2+1分 (3)在斜面上每次划拨时，双手与地面接触的时间为△t=0.5s,速度增加△o-1/s,设运 动员在斜面上运动时双手接触冰面向后用力划拨的次数为，则有 vB=A+n△0+(t-n△)，解得n=4。 .2汁1分 17答案(1)1.3s(2)2m/s≤0B≤8m/s (1)刚开始小物块沿传送带向上做匀加速直线运动，设加速度为1，根据牛顿第二定律有 mgc0s30°-ng sin30°=a1, 1分 解得a1=2.5m/s2。 1分 设小物块速度等于2.5m/s时，小物块运动的位移为L1,用时为t1, 则1=0=2.5 8=1S, 412.5 .1分 L1=02=2.52 2a2X2.5m-1.25m, ……1分 因L1<L且u>tan30°，故小物块匀加速运动后，将以2.5m/s的速度匀速运动至B点， 设用时为，则-1-五4=0,38， …1分 故小物块从A到B所用时间为t=1+=1.3s。 1分 (②)由于传送带速度可以任意调节，则当小物块从A到B一直做匀加速直线运动时，到达 B点的速度最大。由上述及运动学公式有 0B2-002=2a1L, .1分 解得vB=8ms。 1分 小物块从A到B一直做匀减速直线运动，到达B,点的速度最小。由牛顿第二定律有 gsin30°+ig cos30°=ma2, 1分 由运动学公式可知0B2=002-22L, 1分 解得vB'=2m/s。 1分 即小物块到达B点的速度范围为 2m/s≤vB≤8n/s。 .1分 答案第4页，共5页 18. (1） 2V3 3 AG (2)2 :与水平方向夹角45°斜向上 2 (3)F=3G+1G F-3G-IG 2°2 22 分 每一个侧面所受的滑动摩擦力uF1= ,总摩擦力F=2uF1=G .1分 2 根据平衡条件可得F=F, .1分 水平拉力F=G, FN .1分 (2) 两侧面支持力的合力F=2F1cos30°，总摩擦力F=2uFN1，FN=F.Fr和F的合力 与水平方向夹45°， …2分 最小的拉力F方向与r和F的合力垂直，即与水平方向夹角45°斜向上，2分 拉力F的大小：F=Gxin45°-Y2G .2分 (3)沿轴线方向匀速拉出，根据平衡条件，垂直斜面方向：2Fcos0=Gcos0…2分 沿轴线方向向上匀速拉出，拉力F=2uF1+Gsn0 FFG+IG .2分 2 2 沿轴线方向向上匀速拉出，拉力F=24F1-Gsn0 F-5G--G 22 .2分 答案第5页，共5页2027届高三第一学期10月份阶段性检测物理答题卡 班级 姓名 贴条形码处 考号 座号 第I卷（用2B铅笔填涂） 1 [A][B][C][D] 6 [A][B][C][D] 11 [A][B][C][D] 2 [A][B][C][D] 7 [A][B][C][D] 12 [A][B][C][D] [A][B][C][D] 8 [A][B][C][D] [A][B][C][D] 9 [A][B][C][D] 6 [A][B][C][D] 10 [A][B][C][D] 第Ⅱ卷（用0.5毫米的黑色签字笔书写） 13题(6分) (1) (2) (3) (cm·s-l) 105 95 85 75 65 55 0.10.2 0.30.40.50.61 图丙 14题(8分) (1) (2) (3) (4) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效！ 物理答题卡第1页共4页 15题(8分) 16(10分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效！ 物理答题卡第2页共4页 17、(12分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效！ 物理答题卡第3页共4页 18、(16分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效！ 物理答题卡第4页共4页