河南部分学校2026-2027学年高二上学期阶段性素养评价（一）物理试卷

2026年秋期阶段性素养评价（一） 高二物理试题 (考试时间：75分钟 试卷满分：100分) 注意事项： 1.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标 号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择 题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项 中，只有一项是符合题目要求的。) 1.我国科研团队研发返回式电子束静电探测技术用于测量月表静电场：探测器垂 直面向月表发射电子束，电子在月表上方匀强电场中减速至速度为零后原路返 回，通过测量往返飞行时间推算电场强度。下列说法中正确的是 A.若沿月表空间某一方向，电势逐渐降低，则可确定该方向为电场强度方向 B.电子运动过程经过的位置电势越高，其在该位置电势能越小 C.电子在运动过程中，其电势能先减小，后增大 D.此匀强电场方向竖直向上 2.电容麦克风广泛应用于智能手机、助听器，其核心部件为电容式传感器。导电 性振动膜片与固定电极构成一个电容器，并与恒压直流电源相连，如图所示。 当声波驱动振动膜片从图示位置向右运动时，下列说法正确的是 固定 申极 声音 振动膜片 输出信号 A.振动膜片与固定电极之间的电场强度减小 B.电容器所带的电荷量减小 高二物理试题第1页（共8页） C.电容器发生了充电现象 D.有从左到右的电流流过电阻R 3.下图虚线为某静电场在xOy平面内的一簇等差等势线，实线为一电子仅在电场力 作用下通过该区域的部分运动轨迹，P、Q为轨迹上的两点。下列说法正确的是 A.电子在P点的加速度比在Q点的小 B.P点的电势低于Q点的电势 C.电子在从P到Q的过程中，电场力做正功 D.电子从P运动到Q的过程中，电势能增大 4.精密电子显微镜的核心聚焦组件为静电环形透镜，通过调控电场电势分布实现电 子束精准聚焦，是微纳观测设备的核心技术原理。其可简化为以下模型：两个带 有等量异种电荷的均匀带电圆环相隔一定距离同轴正对固定，以两环圆心连线的 中点为坐标原点O、以过两环中心的轴线为x轴建立坐标系，两环圆心的坐标分别 为x=-α和x=a,x轴上电势变化如图所示。以无穷远处为电势零点，电势极值 pm和-pm对应的坐标分别为x=Tm和x=-Tm。下列说法正确的是 0 a A.x=0处的电场强度为零 B.若将一电荷量为q的负电荷从x=-a处移动到x=a处的过程中，其电势能 先减小后增大 C.若将一电荷量为q的正电荷从x=一Tm处沿x轴正方向移到无穷远处的过程 中，电场力做功为qp D.在x=a处由静止释放一电子，电子将沿x轴往复运动 高二物理试题第2页（共8页） 5.如图为一小灯泡的1-U图像，P为图像上坐标为(3.0V,0.6A)的一点。虚线 PQ为图像上切点为P点的切线，切线与纵轴交点为(0,0.4A)。与P点对应的 小灯泡电阻大小为 个I/A 0.6 0.4 0.2 UN 0 1.02.03.0 A.152 B.5.02 C.0.2n 6.国产高端芯片制造中的电子束曝光光刻设备，依靠高精度加速电场对阴极发射 电子进行提速，形成高密度、定向稳定电子束，实现纳米级芯片图案刻蚀。工作 时阴极逸出电子初速度近似为零，电子经过电压为的加速电场加速后，形成 截面积为S、单位体积电子数为N的均匀电子束。已知电子质量为m、电荷量大 小为，不考虑电子间相互作用。则离开加速电场后，电子束形成的电流为 A.NeS 2eU 2eU c D.Ne2eU m B.Ne m 7.如图，竖直平面内固定光滑绝缘圆形轨道，半径为R。A、B分别为轨道最低点、 最高点；轨道上C、D连线过圆心0,0C与竖直向下方向夹角为60°。空间存在 平行轨道平面、水平向右的匀强电场。质量为m的带电量绝对值为g的带负电 小球（视为质点）恰好沿轨道内侧完成完整圆周运动，且经过C点时速度最大， 重力加速度为g。下列说法正确的是 A场强大小为2m 9 B.小球通过B点时的速度大小为√gR 高二物理试题第3页（共8页） C.小球从D运动到C的过程中，重力势能与电势能之和不断增大 D.小球通过C点时所受轨道的作用力大小为12mg 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项 中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错 的得0分。) 8.下列说法正确的是 A.根据E=F可知：某处的场强大小与试探电荷受到的电场力成正比，与试探 电荷的电荷量成反比 B根据E=K号可知：点电荷电场中某处的电扬强度大小与场源电荷的电荷量 成正比，与到场源电荷距离的二次方成反比 C.电场强度为零的位置，电势也为零：电势为零的位置，电场强度也为零 D.平行板电容器的电容大小与极板的正对面积成正比，与板间距离成反比 9.电子直线加速器的核心加速结构由初始金属圆板（序号为0）和若干等截面金 属加速圆筒构成，如图甲所示。序号为奇数的圆筒和电源的一极相连，圆板和 序号为偶数的圆筒和该电源的另一极相连，交变电源两极间电势差的变化规律 如图乙所示。若电压的绝对值为U,电子电量大小为，电子通过圆筒间隙的时 间可以忽略不计。在t=0时刻，圆板中央的一个电子在圆板和圆筒之间的电场 中由静止开始加速，沿中心轴线冲进圆筒1，电子在每个圆简中运动的时间均小 于T,且电子均在电压变向时恰从各圆筒中射出，不考虑相对论效应，则 甲 A在1=T时奇数圆筒电势高于偶数圆筒 B.电子在第9个圆筒中运动过程电势能增大 C.电子刚运动到第n个圆筒时动能为(n-1)eU D.第1个和第n+1个圆筒的长度之比为1：√n+1 高二物理试题第4页（共8页） 10.某粒子分选装置利用周期性交变电场实现带电粒子的精准偏转筛选。装置核心 为真空中水平放置的平行金属板，如图甲所示。极板P、Q长度均为3L,板间距 为L,极板间施加峰值为U。、周期恒定的交变方波电压，如图所示(=0时刻，金 属板P、Q间电场方向竖直向下)。粒子源A紧靠上极板左侧，自t=0时刻开始 均匀连续释放初速度大小为。、方向平行于金属板的相同带正电粒子且t=0时 刻释放的粒子恰好从Q板右侧边缘离开电场。已知电场变化周期T=3弘，粒子 质量为m,不计粒子重力及相互间的作用力。下列说法正确的是 P U A T 37 2 甲 A.粒子的电荷量为 mo 9U0 B.在t=0时刻释放的粒子离开电场时速度等于2， C.0~子内释放的粒子均能以大小为，的速度水平离开电场 D.在0~T内释放的粒子，能通过电场的占 三、非选择题（本题共5小题，共54分。） 11.（6分)航空航天结构件常用特种合金材料制备，某实验小组对该特种合金圆 柱形导线电阻率进行测量，同时探究导线形变对电阻的影响。用螺旋测微器 测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度。 2 3 cm 40 0 7TnM777T 0 10 20 甲 乙 (1)螺旋测微器和游标卡尺的示数如图甲、乙所示，由图读得圆柱体的直径为 mm,长度为 mmo 高二物理试题第5页（共8页） (2)实验中圆柱体两圆形截面间加载的电压为U,流经圆柱体的电流为I,圆柱体 的直径和长度分别用D、L表示，则电阻率p= (3)已知该合金导线原电阻为R,若将该导线均匀拉伸至原长的3倍，拉伸过程中 合金总体积保持不变、电阻率不变，则拉伸后导线的电阻为R'= 12.（8分)电容器广泛应用于无人机短时供电、新能源汽车启停储能等领域。为 探究某型号电容器的充放电储能特性，某同学利用图1电路完成实验，所用直 流电源恒定电压为8V,电流传感器可实时采集电路中的瞬时电流。电压传感 器可视为理想电压表。 个/mA ◆imA I S 电流 ● 2 传感器 E 电压 C 1.5 传感器 t/s R 图1 图2 图3 (1)开关接1时，电流传感器测得的电流i随时间t变化的图像如图2所示，图线 与坐标轴围成的面积大小为S=4.8mA·s,则该电容器的电容C= 分 (保留两位有效数字)；电容器充电时，通过电阻R的电流方向是 （选填 “从左到右”、“从右到左”)；若增大电阻箱的阻值重做实验，电路稳定后i-( 曲线与坐标轴所围面积相较之前 (选填“增大”、“减小”、“不变”)。 (2)充电结束开关接2时，电流传感器测得的电流随时间t变化的图像如图3所 示，且图中M、N区域的面积之比为5：3，则电阻箱阻值R= 2。 高二物理试题第6页（共8页） 13.（12分)如图所示，电荷量为q4=1×10~7C的带正电的小球A用绝缘细绳悬 挂，绳子与竖直方向夹角为53°。电荷量为q8=4.0×10-6C的带负电的小球B 与A在同一条水平线上，两者相距r=0.3m,均处于静止状态，两小球可视为 点电荷。（g取10m/s2,k=9.0×10N·m2/C2)求： (1)B球受到的库仑力多大？ (2)A球的质量是多少？ (3)小球B在A处产生的电场强度。 14.（12分)如图，水平面内存在A、B、C三点，空间有水平方向的匀强电场。现 将一电荷量9=-8×106C的点电荷从A点移到B点，克服电场力做功 4.8×105J;再将该电荷从B点移到C点，电场力做了2.4×105J的功。 (1)求A、B两点间的电势差UAB和B、C两点间的电势差UC; (2)若∠B=90°，AB=2W3cm,BC=3cm,求出电场强度的大小。 高二物理试题第7页（共8页） 15.(16分)如图，ABNM(I区)、BCPN(Ⅱ区)、CDQP(Ⅲ区)是三个连续的边长均 为L的正方形区域，1区存在水平向右的匀强电场，场强大小为号；Ⅱ区存在竖 直向下的匀强电场，电场强度大小为E,Ⅲ区CD边上某位置处固定一个负点 电荷乙，由特殊装置处理，点电荷乙的电场只存在于Ⅲ区，各区电场互不影响。 静电力常量为k,粒子不计重力。 A B D I区 虹区 Ⅲ区 M D (1)证明：从A处静止释放的不同比荷的正电荷，均能从同一位置穿过CP; (2)一质量为m、电荷量为g的正电荷由A处静止释放。当该电荷进入区域Ⅲ 后，恰好可以绕着乙做一段匀速圆周运动后离开Ⅲ区，求乙固定的位置到 C点的距离以及乙的电荷量的绝对值； (3)从A处先后由静止释放正电荷M、N,从释放到从Ⅲ区离开，两者所用的时 间之比tMtw=4:5,求M、N的比荷之比：wo(已知点电荷乙的位置及 电荷量为第(2)问所求) 高二物理试题第8页（共8页）2026年秋期阶段性素养评价（一) 高二物理参考答案 1.【答案】B 【解析】A.电场强度方向是电势降低最快的方向（电势梯度方向），电势沿某一方向逐渐 降低，但该方向不一定是电势降低最快的方向，不一定是场强的方向，故A错误。B.电 势能公式为E,9p。电子带负电，对于负电荷(q<0),当电势p越高时，E,qp的值越小， 故B正确。C.电子在电场中往复运动时，电场力先做负功后做正功，故电势能先增大后 减小。故C错误。D.探测器垂直朝向月面发射电子，电子运动方向：竖直向下，电子先 减速，可见其所受电场力向上，故匀强电场方向向下。D错误。故选B。 2.【答案】C 【解析】A.当声音使振动膜片从图示位置向右运动时，两电极间距减小，U=E,可知场 强增大，A错误：BCD:根据C可知，电容器的电容增大，根据Q=CU,电容器两极 板电压一定，可知电容器所带的电荷量增大，电容器发生了充电现象，流过电阻R的电流 方向从右到左，BD错误，C正确。故选C。 3.【答案】D 【解析】A.等差等势线越密集代表电场强度越大，P点等势线比Q点密集，所以P点电 场强度比Q点电场强度大，故在P点所受电场力大，所以在P点加速度更大，A错误； B.电子做曲线运动，电场力指向轨迹凹侧，因电子为负电，受电场力方向与场强方向相 反，而电势沿着电场线方向降低，所以P点电势大于Q点电势，B错误；CD.P点电势 大于Q点电势，则电子在P点的电势能小于在Q点的电势能，由能量守恒，电子在P点 的动能大于在Q点的动能，故从P到Q,电场力做负功，C错误，D正确。故选D。 4.【答案】D 【解析】A.p-x图线切线的斜率表示电场强度，可知x=0处电场强度不为零，故试探电荷 在该处受到的电场力不为零，故A错误；B.从x=-a处运动到=a处的过程中，电势不 断升高，负电荷的电势能不断减小，故B错误；C.从x=-rm处沿x轴正方向移到无穷远 处的过程中，电场力对试探电荷做功为W=qU=一qpm,故C错误。D.电子受力始终指向 rm。电子从a点由静止向rm点加速运动，冲过rm后合力始终向左指向rm,当运动到和a 点电势相同的位置时，速度减为零，开始返回向rm点加速运动，再次运动到a点时，速 度再次减为零，来回往复。故D正确。 5.【答案】B 【解析】P点对应的小灯泡电压为3.0V,电流为0.6A,根据R=,可知小灯泡的电阻大小 为R=5.02,故B正确。 6.【答案】A 【解析】电子由静止经电场加速，由动能定理：eU,mv2,解得v √。代入电流微观表 2eU 高二物理参考答案第1页（共7页） 达式：I=NeSv=NeS 2eU 故选A 7.【答案】D 【解析】A.小球在通过D点时的速度最小，则在该点电场力与重力的合力沿半径方向， 则小球受到的电场力大小为F=ng tan60°=√3mg,故A错误；B.小球在通过D点时的速 度最小，则D点为竖直平面内圆周运动的等效最高点，恰好能完整的做圆周运动，在等 效最高点有最小速度，此时电场力与重力的合力刚好提供向心力，则有，”3。=m台 c0s60° R 解得vD=√2gR,在B点速度大于√2gR,故B错误；C.运动过程只有重力、电场力做功， 动能、重力势能、电势能总和守恒。从D到C动能持续增大，因此重力势能与电势能之 和持续减小，C错误。D.小球在等效最低点C点的速度最大，故小球从D到C的过程 中，由动能定理得o2R=m呢m呢，解得e=0gR,在C点，由牛顿第二定律得 v8可m是解得R12mg,D正确。故选D。 8.【答案】BD 【解析】A:电场强度由电场本身的性质决定，与试探电荷所受电场力F、试探电荷的电荷 量g均无关，不能说场强与电场力成正比、与试探电荷的电荷量成反比，故A错误；B: 公式E=K是点电荷电场强度的决定式，适用于真空中点电荷的电场：某点场强与场源电 荷的电荷量Q成正比，与该点到场源电荷距离r的二次方成反比，故B正确；C:电场强 度描述电场力的性质，电势描述电场能的性质，二者没有必然的对应关系。电场强度为零 处电势不一定为零，电势为零处电场强度也不一定为零。例如等量同种正点电荷连线中点， 场强为零，但电势不为零，故C错误；D:根据平行板电容器的决定式C-可知平行 板电容器的电容大小与极板的正对面积成正比，与板间距离成反比。故D正确。 9.【答案】AD 【解析】A.释放电子后，电子受力指向高电势的位置，电子加速，可见0~内奇数圆筒 是高电势，故A正确；B.由于静电屏蔽作用，圆筒内不存在电场，无电场力做功，电子 的电势能不变，故B错误；C.电子每经过一个间隙，电场力做功U,根据动能定理有 neU=EkO,可知电子运动到第n个圆筒时动能为neU,故C错误；D.根据动能定理得 eU,m听，(+1)eU-m+1,电子在每个圆筒内匀速直线运动，故第1个和第+1个圆筒 的长度之比为L1:L+1=y1:y+1,联立解得L1:Ln+1=1:Vn+I,故D正确。故选AD。 10.【答案】AD 【解析】B.粒子进入电场后，水平方向做匀速直线运动。仁0时刻进入电场的粒子在电场 中运动时间为兰，此时间正好是交变电场的一个周期，则粒子在竖直方向先做匀加速直线 运动后做匀减速直线运动。经过一个周期，粒子的竖直方向的分速度为零，故粒子离开电 高二物理参考答案第2页（共7页） 场时的速度大小等于水平速度O,故B错误；A.由以上分析可知，粒子在竖直方向，在 0~号时间内的位移为台则有a(-(总)，解得g=故A正确：CD.结 合前面分析可知，仁！时刻进入的粒子，在竖直方向先向下加速运动？然后向下减速运 动，再向上加速不向上减速，由对称可知，此时竖直方向上的位移为零，故粒子 从P板右侧边缘离开电场，0~内释放的粒子都可以通过电场，？~T内释放的粒子将打在 上极板，由于粒子连续均匀进入，能通过电场的占比为，故C错误，D正确。故选AD。 11.【参考答案】 (1)0.952/0.951/0.953 (1分) 12.60（1分) (2)πUD2 （2分) 4IL (3)9R(2分) 【解析】 (1)[1]螺旋测微器固定刻度露出0.5mm,可动刻度读数为45.2×0.01mm=0.452mm 总直径为0.5mm+0.452mm=0.952mm [2]20分度游标卡尺精度为0.05mm,主尺读数为12mm,游标尺上第12格与主尺对齐， 游标尺的读数为12×0.05mm=0.60mm 总长度为12mm+0.60mm=12.60mm (2)由欧姆定律得R=,由电阻定律得R=p气 横截面积S份 2πD2 4 联立整理得p=D 4IL (3)圆柱体体积V不变，拉长后长度=3L,因此横截面积S'=二=兴= L'3L3 由电阻定律得R=p号=p-9p片9R 12.【参考答案】 (1)6.0×104(2分) 从右到左（2分) 不变(2分) (2)2000(2分) 【解析】 (1)[1]图2中，图线与坐标轴围成的面积大小表示电荷量，故充电完毕后该电容器所带的 电荷量为Q-4.8×103As=4.8×10-3C 则该电容器的电容C-号-48x10F=6.0x104F 8 高二物理参考答案第3页（共7页） [2]由图1可知，电容器充电时，流过电阻R的电流方向从右到左； [3]若增大电阻箱的阻值重做实验，则充电电流会变小，根据Q=CU可知，电容器所带 的电荷量只与电容和两极板间的电压有关，与充电电流大小无关，故电容器所带电荷 量不变，即电路稳定后-t曲线与坐标轴所围面积相较之前不变。 (2)总放电电荷量Q-4.8×103C,M:N=5:3,总份数5+3=8。 M是已经放掉的电荷：△Q-0,电容器剩余电荷量：2余=Q-△QQ 此时电容器两瑞电压：“告-号-，代入8v,得：心经3V 图中该时刻瞬时放电电流=1.5mA=1.5×103A。 放电回路欧姆定律U余=迟： R=象、3 i15×10时=20002 13.【参考答案】 (1)0.04N (2)3×10-3kg (3)4×105N/C,方向由A指向B 【解析】 (1)由库仑定律 F=k9A9BI (2分) r2 代入数据得： F=0.04N (2分) 故B受到库仑力大小为0.04N。 (2)对A球受力分析，则： tam53”=d (2分) 解得：m=3×10-3kg（2分) 故A球质量m=3×10-3kg。 (3)由点电荷场强公式 E=k婴 (2分) 得：E=4×105N/C (1分) 电场方向：方向由A指向B(1分) 故小球B在A处产生的场强E的大小为4×10N/C,方向由A指向B 14.【参考答案】 (1)UAB=6 V;UBC=-3V 高二物理参考答案第4页（共7页）》 (2)E=200V/m 【解析】 (1)根据电场力做功与电势差的关系得U4B(2分) 解得UAB=6V(1分) Uncg(2分) 解得Uc=-3V(1分) (2)令B点电势为0V,则p4=6V;pc=3V AB的中点D的电势为PD-4题=3V pD=pc(2分) 如图所示，连接CD,CD为等势线，电场线与等势线垂直，且由高电势指向低电势 所以可过B作CD的垂线交CD于O点 9=6V =3VB D 9.0 C 9c=3V tan∠DCB=DB= BC 3 ∠DCB=30° do 1 BC =sin30°=2 BC=3 cm doB-1.5cm(2分) E=o(1分) don E-200Vm(1分) (其他方法合理，同样给分) 15.【参考答案】 (1)证明：不同比荷正电荷，都从CP上同一位置穿出，不妨设正粒子质量为m, 电荷量为9，则： I区加速： 高二物理参考答案第5页（共7页） (1分) 解得：w受 进入Ⅱ区，水平方向匀速，穿过Ⅱ区时间： L=vot2 （1分) 解得：==L m Ⅱ区竖直方向加速度：4，些(1分) m 竖直偏转位移： ,华盘黄 (2分) y结果不含9、m,与比荷无关。 所有粒子经过CP,竖直向下偏移量恒为，都从CP中点穿出，得证 (2)由(1)知，该粒子将从CP中点处进入区域Ⅲ，刚进入区域II时： 竖直速度 gEL 二t= (1分) m m 合速度 =+号 29匙(1分) 设速度v与CP边夹角为O,则 cos0-_2 即045 由几何知识知，正电荷做圆周运动时，圆心在CD边中点， 则乙固定的位置到C点的距离 (1分) 做圆周运动的半径为一L 由牛顿第二定律得 k婴m兰(1分) 联立解得乙的电荷量绝对值为 1g=5(1分) 高二物理参考答案第6页（共7页）》 (3)I区运动（加速） 9号-m哈→w=aE屁 (1分) I区是匀加速，平均速度= 时间4小号-兴-2弘应2层 (1分) Ⅱ区运动（水平匀速） 时间公片应层 (1分) 由（2)知：乙电荷的电量是常数，与从A释放的正电荷的比荷无关。故不同比荷的粒 子进入Ⅲ区域后，都能绕着乙做匀速圆周运动。 Ⅲ区运动，路程s”x2=秘 22 4 时间6益利岳 (1分) =(2+1+月、层(（3+)、后点1分) 可以看到： 后 3+是公共常数，对M、N完全一样。 M=w-4 IN aM 5 得：0M:0w=25:16(1分) 高二物理参考答案第7页（共7页）》