湖北云学联盟2026-2027学年高三上学期10月阶段检测物理试题

2026年高三年级10月阶段训练 物理试卷答案 题号 1 2 3 5 6 7 F 9 10 答案 C C A D C C D BC AD AD 11.【答案】(1)右(2)50.0 (3)220 (4)调大 12【答架】-号1分 )(2)(6-m)gs(3)0.98 (4)①1.01②能 13.【答案】(1) mws(2)石mws 12 6 (1)依题意知： (1分) 1=0.r (1分) 又a=awr (1分) a -m/s2 (2分) (2)由A到B过程的速度变化如图13所示，由几何关系知 △v=1y V=V 故v=△v=1m/s (1分) _元rad/s 1609 △v (1分) t6 又a.=w (1分) 代入a-管m 0-609 (2分) 14.【答案】(1)4m/s (2)①6m/s②4m (1)传送带静止时，对滑块： 1gsin0-umg cos日=ma1 (1分) a=g(sine-u cose)=4m/s2 (1分) vo=2aL (1分) 代入解得 Yo =4m/s (1分) 第1页共8页 (2)传送带以，=6m/s逆时针转动时 对滑块，当v≤时 mg sin 0+umg cose=maz (1分) a=g(sin 0+u cose)=8m/s2 (1分) ①设滑块以此加速度加速到Q点，则 vo=2aL Yg=4v2 m/s<vo=6m/s (1分) 此后滑块接触弹簧继续加速。 假设滑块到达平衡点时速度仍未超过传送带，则 mg sin0+umg cose=kr (1分) =0.5m (1分) (mg sin 0+jumg cos() (1分) 2 代入 Vm =6m/s (1分) 故假设正确。 此后滑块将减速。 ②对全程，由动能定理： (mg sin e+umg cose)S- kS-)2=0 (2分) 代入解得 S2.5S+4=0 S=4m (2分) 15.【答案】(1)√gZ (2)comgL (3) V3(+1)+2)(2+3) 30+106+2)02+-6S 5+2+(其中2K) 3+1)(2+1)-6 (1)对木块1：v=2 gLsin0 (2分) 木块1与2碰撞为完全非弹性碰撞，动量守恒 w1=(+m)12 (2分) 解得：y1=√gZ (2分) 第2页共8页 (2)木块1、2与3碰前，1、2整体加速度：42gsin30°-gcos30° vi3前16+24L (2分) 系统动能：E2前=(2mpi3前 木块1、2与3碰撞过程，三者系统动量守恒：212前3mm123 解得：112前 (2分) 碰后木块1、2、3系统动能：E1=（3m3 系统损失的机械能：△E23E12前E123-mg哑 (2分) (3)令A=ng Lsin0,B-mg Lcos0。整体质量为jm 设整体在第j次碰撞前的动能为E,前，第j次碰撞后的动能为E后· 第1次碰撞后动能变为碰前的，则五，后丑1前= 第2次碰撞前五，黄五，后+24-®)-验-2B (1分) 第2次碰撞后动能变为碰前的子日后五留台号 第3次碰撞前8，前8+3士®- (1分) 第4次碰撞前E4前=E+44uB)=0A-29吧 4 4 (1分) k(第k次碰撞前) A的系数 B的系数 A系数分子序列 B系数分子序列 1 1 0 1 0 2 4 2 2 5 4 3 3 3 14 13 4 30 29 30 29 4 4 寻找分子规律：A的分子：1,5,14,30。差值分别为4,9,16，即22,32,42 故A的分子为：12+22+.+K2=10+ 6 B的分子：0,4,13,29。差值分别为4,9,16，即22,32,42 故B的分子为：22+32+.+k2=D0卫-1 第3页共8页 由数学归纳法得：微2山4(eD-1)四 (1分) 6 为了后续计算方便，我们将其化简为：Bk前少(4B+号 6k 由于系统最终必须停下，必有心tan0,即A-B<0。 条件一：意味着第k次碰撞前动能E前>0，则Ktan8X2tD +1)(2k+1)-6 条件二：第+1次碰撞前E1前0，则心tan0t2t》 (+1)+2)(2+3)-6 综上 Y52ODsu<5OL(其中2Sks） (2分) 3(+1)+2)(2+3)-6 3+1)(2k+1)-6 【详解】 1.C 【详解】A.核反应满足质量数守恒，但存在质量亏损，衰变释放核能，反应后总质量减少，故A错 误。 B.半衰期由原子核内部自身因素决定，与温度、压强、化学状态等外界条件无关，故B错误。 C.半衰期T=87.7年，t=175.4年=2T,剩余原子核数N=N()T-”,C正确。 D.α衰变释放核能，生成的新核更稳定；比结合能越大原子核越稳定，因此4Pu比结合能大于 2Pu的比结合能，故D错误。 故选C。 2.C 【详解】A.若为匀减速，由v0=5m/s、x=10m可得2xW0=4s;现加速度不断增大（减速更快）， 实际总时间t<4s,故A错误。 B.前一半时间内速度始终较高(v-t图向下凹)，前一半时间位移大于5m,平均速度>2.5/s,故 B错误，C正确。 D.前一半位移平均速度大、用时短；后一半位移平均速度小、用时长，故前一半位移所用时间小于 后一半位移所用时间，故D错误。 故选C。 第4页共8页 3.A 【详解】设向右为正方向，由动量守恒m1v1-m2v2=(m1+m2)v,v=1.05m/s,方向向右，并非4.35 m/s,故B、C、D错误，A正确。 故选A。 4.D 【详解】A.斜抛运动小球在空中运动的时间由竖直方向分运动决定。Q点抛出的小球轨迹更高，说明 竖直方向初分速度更大，因此小球从抛出到击中目标点O的运动时间更长，两球时间不相等，故A 错误。 B.P处弹射出的小球轨迹较低较平，竖直分速度较小，水平分速度较大，初速度与水平方向夹角较 小，故B错误。 C.小球击中目标点O时速度v=,+v听，由于P处弹射出的小球竖直分速度较小，水平分速度较 大，故落地速度大小不一定相等，故C错误。 D.P处弹射出的小球水平位移较大，飞行时间较短，P的水平分速度o一定更大，故D正确。 故选D。 5.C 【详解】A.A→B高温等温膨胀，温度不变，分子平均动能不变；体积增大对外做功，由△U= W+Q,△U=0,Q=W>0,气体吸热而非放热，故A错误。 B.B→C绝热膨胀，温度降低，分子平均速率减小，但绝热过程Q=0,并非吸热，故B错误。 C.C→D低温等温压缩，温度不变，分子平均动能不变：体积减小压强增大，器壁单位面积上受到气 体分子撞击的平均作用力增大，故C正确。 D.PV图所围面积S是整个循环过程净吸热(Q吸-Q放=Q净)，从高温热源吸收的热量Q吸>S,故D 错误。 故选C。 6.C 【详解】A卫星周期工卫骨角速度0希。6T,故A错误。 B.由GMm/r-mor与06T联立得r%深，-o-a,即v-,而非， 故B错 T 误。 第5页共8页 C.从t时刻到下一次卫星经过P点正上方时，设卫星转了m圈+半圈、P点转了n圈+半圈(m、n为 正整数)，则有()（什）卫，可得m1,0,则卫星转过的角度为(m什)2元3元，故C正 确。 D.地球自转转过的角度为（什）2=π，故D错误 故选C。 7.D 【详解】A.滑块进入AB段，最初动摩擦因数较小，重力的下滑分力大于滑动摩擦力，故先做加速度 减小的加速运动，后重力的下滑分力小于滑动摩擦力，且滑动摩擦力增大，做加速度增大的减速运 动，故A错误。 1 B.从O-→A,由gdsin0=二m2 重力的功率为P=gcos(90°-)=gV2 gd sin0sin0,故B错误。 C.设在距离原点x处动摩擦因数为4，则下滑△x 由动能定理有mg△xsin日-umg cos6·△x=△EK求和得mg3dsin0-mg cos8∑u△x=0 u△x为图乙中三角形的面积Σu△x=×2dg解得：=3tan8,故C错误。 D.w。m sin(得d子d=总in6 25 W克Σmgcos84x=i2 mdsin6 △Ek=Wc-W克0，故D正确。 故选D。 8.BC 【详解】逆向思维，物体在斜面上从O-d运动过程是初速度为0的匀加速直线运动，根据比例关系可 知，物体通过各点的速率之比yy。bYa=2V3V2:1,物体通过各段的时间之比ldc:lcb:tr:tea=（2-V3): (√5-√2)：（√2-1）：1，故物体在斜面上运动的平均速度Ya,故AD错误。 故选BC。 9.AD 【详解】 A.F在斜面内垂直于ac,无垂直斜面方向分量，故支持力N-ngcos.37=0.8mg,故A正确。 第6页共8页 B.建立沿ac与垂直ac标系。重力在斜面内的分量ngsin.37°沿最大坡度线方向，与ac夹角为53°。 故垂直ac方向重力分量等于ngsin37°sim53°=0.48mg。由匀速运动平衡条件得F=0.48mg,而非 0.36ng,故B错误。 C.沿ac方向：重力分量为mngsin37°cos53=-0.36mg,由匀速运动平衡条件得摩擦力f=0.36mg,而非 0.48ng,故C错误。 D.由μ=fN=0.45,故D正确。 ↑y 故选AD。 10.AD M 30c 30° 2 【详解】对粒子Bgm=m',=mm-2d 01 gB 3 A.从x轴射出粒子的两个临界轨迹，如图10-1所示V1,V2之 N 间120°范围内的粒子可从x轴射出，占总粒子数的1，故A 图10-1 0 正确。 M ②N d B.从M点射出粒子的轨迹，如图10-2所示sim0=2-3 4 5<sin0<5，故45°<0<60. 2 2 图10-2 v2、V3之间的粒子可从OM间射出，v2、V3之间夹角大于60° M 故占比大于1。B错误 12 C.最短时间到达x轴的粒子运动轨迹，如图10-3，由图10-2 可知6>45°，故时间大于，故C错误。 W 2gB 图10-3 D.能到达x轴粒子的左右边界粒子轨迹，如图10-4所示。 ↑y nN-P-dr-d,s=-d,前 M--- 以DB=DN+B=5+万d,故D正确。 3 综上，本题选AD。 图10-4 11.【答案】(1)右(2)50.0(3)220(4)调大 第7页共8页 【详解】 (1)限流电阻应在开关闭合前调至阻值最大状态以保护电路，故滑片应置于最右端。 (2)G表指针指在中央，表所电析处于平衔状态，敢有受-是一克·代入风2足=500Q。 R Ri L 9》由陶7,6C时风，=80a,报客脂界电流=30m,看-3行代入得8200 (4)由图乙知，温度升高，R减小，由上式可知R应增加。故应调大电阻箱R的阻值。 12【答案】(1)g= (2)(6-m)gs （3)0.98(4)①1.01②能 t. 【详解】 1)由速度的定义式= (2)此过程中仅托盘及其中砝码重心高度发生改变，故重力势能减少量△E。=(6-m)g·s (3)依据机械能守恒定律： 1 2gs=6-0m+M+ 又M=4m 代入 5gs.n 1 故片-58s=0.98ms (4)①根据逐差法 (3.02+2.04)-(5.04+4.05) =1.01m2/s2 ②其相对误差1.01-0.98) ≈3.1%<5% 0.98 故本实验能验证系统机械能守恒。 第8页共8页2026年高三年级10月阶段训练 物理试卷 一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每个小题给出的四个选项中，第1~7 题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得4分，选 对但不全的得2分，有选错的得0分。 1.2026年我国新一代空间核电源技术取得重要进展，核电源利用放射性核素衰变释放的能量 供电。已知2Pu发生α衰变生成23U,半衰期为87.7年，下列说法正确的是 A.该a衰变的核反应方程为a8Pu→4U+He,反应前后总质量不变 B.升高环境温度，可以缩短2,8Pu的半衰期，加快核电源能量释放 C.若初始有八，个28Pu原子核，经过175.4年，剩余原子核数目约为 D.23U的比结合能小于23,9Pu的比结合能 2.在2026年北京亦庄人形机器人半程马拉松比赛中，“闪电”机器人以50分26秒的成绩夺 冠。冲过终点线后，它在平直赛道上做加速度大小不断增大的减速运动，直至停下。已知 其冲线瞬间速度为vo-5m/s,从冲线到完全停止的位移为=10m。关于“闪电”机器人冲线 后的减速运动过程，说法正确的是 A.机器人运动的总时间为4s B.机器人在前一半时间内的平均速度等于2.5m/s C.机器人在前一半时间内的平均速度大于2.5m/s D.机器人在前一半位移内所用的时间大于后一半位移内所用的时间 3.在动画电影《哪吒》中，哪吒与敖丙在冰封的海面上对决，哪吒脚踩风火轮，以速度 v,=6m/s水平向右疾行，其总质量为m,=45Kg。敖丙手持冰锤，以速度y2=3m/s水乎向左冲 来，其总质量为m2=55Kg。两人迎面相撞后紧紧抓住对方共同运动。假设冰面光滑，忽略 空气阻力，则相撞后两人共同速度为 A.1.05m/s,水平向右 B.1.05m/s,水平向左 C.4.35m/s,水平向右 D.4.35m/s,水平向左 第1页共6页 4.某款弹射游戏装置如图所示，抛出点P、Q在同一水平地面上。从P、Q两点先后以不同角 度弹射出两个相同的小球，要求两球同时击中前方同一目标点O。忽略空气阻力，小球运 动轨迹如图所示（左侧P点轨迹较低、较平，右侧Q点轨迹较高、较陡）。下列说法正确 的是 A.两球在空中运动的时间相等 777777777777777777777777 B.P处弹射出的小球初速度方向与水平方向的夹角更大 C.两球击中目标O时的速度大小一定相等 D.P处弹射出的小球水平分速度一定更大 5.斯待林热机是一种外部加热的闭式循环发动机，其理想工作循环可近似视为卡诺循环。一 定质量的理想气体从状态A依次经状态B、C和D后再回到状态A,完成一个循环。其中 A→B和C→D为等温过程，B→C和D→A为绝热过程，且A→B对应高温等温线(TH)、 C→D对应低温等温线(T)。该循环过程中，下列说法正确的是 A.A→B过程中，气体分子的平均动能不变，气体向外界放出热量 B.B→C过程中，气体分子的平均速率减小，气体从外界吸收热量 C.C→D过程中，器壁单位面积上受到气体分子撞击的平均作用力增大0 D,若整个循环过程在PV图中围成的面积为S,则在一个循环中气体 从高温热源吸收的热量为S 6.某卫星绕地心的运动视为匀速圆周运动，其运行周期为地球自转周期T的三分之一，运行 的轨道与地球赤道不共面（如图)。o时刻，卫星恰好经过地球赤道上P点正上方。地球 的质量为M,半径为R,引力常量为G。则 卫星轨道、 A.卫星绕地心转动的角速度大小为2红 B.卫星运行的线速度大小为 34πGM 赤道 T C.从，时刻到下一次卫星经过P点正上方时，卫星绕地心转过的角度为3π D.从，时刻到下一次卫星经过P点正上方时，地球自转转过的角度为2m 7.如图甲所示，固定斜面的倾角为0，以O为原点、沿斜面向下为正方向建立x轴。A、B点 的坐标分别为x4=d、x,=3d。质量为m的滑块由O点静止释放，恰好能运动到B点。滑 块与斜面间的动摩擦因数！随坐标x的变化的图线为倾斜直线，如图乙所示。重力加速度 大小为8，下列说法正确的是 第2页共6页 A,滑块进入AB段立即做减速运动 B.滑块经过A点时重力的功率为mg√2 gd sin 0 777777777777777777777777 C.B点处的动摩擦因数μ=2an0 8 D.滑块从x矿立d处由静止释放可以到达x=d处 7 8.如图所示，物体以某一初速度冲上斜面，从斜面底部d点开始做匀减速直线运动，先后通 过斜面上的c、b、a、O点，且刚好到达O点时速度为0，四段距离Oa=ab=bc=cd,下列说 法正确的是 A.物体在斜面上运动的平均速度=vb B.物体在斜面上运动的平均速度va b C.物体通过各点的速率之比a:v。::v。=2:V万：V2:1 D.物体通过各段的时间之比c:leb:lbo:lao=2:V3:V2:l 9.如图所示，固定粗斜面abcd的倾角为37°，对角线ac与dc的夹角也为37°。质量为m的 物块在a点获得一沿ac方向的初速度，同时受到一个沿斜面方向且垂直ac向上的拉力F, 物块沿ac匀速运动到c。己知sin37°=0.6，cos37°=0.8。下列说法正确的是 A.斜面对物块的支持力大小为0.8mg B.拉力F的大小为0.36mg 37 C.斜面对物块的滑动摩擦力大小为0.48mg 370 D.斜面与物块间的动摩擦因数为0.45 10.如图所示，在xOy坐标系第一象限内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B。 在P点有一粒子源，P点坐标为(d,)。打开粒子源发射装置，能够沿纸面以相同的速率向 各个方向均匀发射带正电的粒子，粒子质量为m,电荷量为9，速率y=2gBd 。不计粒子 3m 重力及粒子间的相互作用力，M点坐标为(0，d),则下列说法正确的是 A.从x轴射出磁场的粒子数占总粒子数的与 ● B.从OM之间射出磁场的粒子数占总粒子数的 C.到达x轴的粒子在磁场中运动的最短时间为 2gB ● D.粒子打在x轴的长度为5+万。 第3页共6页 二、非选择题：本题共5小题，共60分。 11.(8分)某科技小组利用滑线电桥测量热敏电阻RT的阻值与温度的关系，并设计温室温度报 警系统。 R R ↑R/2 20 160 a电阻丝 6 120 80 4 R 204060801001/℃ 甲 乙 丙 实验I:测量不同温度下Rr的阻值 实验电路如图甲所示，电阻丝ab粗细均匀，总长度L=100.0cm,定值电阻R2=200.02,G 为零刻度在正中央的灵敏电流计。 (1)开关闭合前，滑动变阻器R的滑片应置于最 (选填“左”或“右”)端： (2)某次测量时，调节线夹c使G的指针指在中央。此时ac间电阻丝长度为L=20.0cm, cb间长度为L2=80.0cm,则热敏电阻阻值R= :（结果保留三位有效数字) 通过改变环境温度，测量不同温度下Rr的阻值，描绘出R一t图像如图乙所示 实验Ⅱ：设计温度报警系统 利用该热敏电阻设计温室报警电路，如图丙所示。电源电动势E=9.0V,内阻不计，电阻箱 R可调。当温度达到设定值且回路电流I≥30A时，继电器启动报警。 (3)若设定报警温度为60℃，则电阻箱R的阻值应调节为2： （结果保留三位有效 数字) (4)若保持报警电流30mA不变，仅提高报警温度，电阻箱R的阻值应 (选填“调 大”“不变”或“调小”)。 12.（9分)某实验小组利用气垫导轨和光电门验证系统机械能守恒定律。装置如图所示，质量 为M=4m的滑块（含挡光片）放在水平气垫导轨上，通过轻质细绳跨过定滑轮与质量为m 的托盘连接。初始时滑块静止，托盘中放置N=5个质量均为m的砝码。用游标卡尺测得挡 光片窕度为d,用刻度尺测出滑块初位置到光电门的距离s=0.50m。重力加速度g=9.8/s2。 第4页共6页 数字计时器 光电门 砝码 实验步骤如下： 托盘 ①5个砝码全部留在托盘托盘中，将系统由静止释放，记录滑块通过光电门的挡光时间为： ②依次从托盘中取n个砝码（=1、2、3、4)放到滑块上，滑块释放位置不变，重复实验， 记录挡光时间t。 回答下列问题： (1)滑块通过光电门时的速度大小v.= (用d、t表示)： (2)将个砝码移至滑块上，滑块从静止运动至光电门的过程中，整个系统重力势能的减 少量△B= (用n、m、g、s表示)； (3)依据机械能守恒定律，写出与的函数关系式，-n图像斜率的理论绝对值k= ms2;（结果保留两位有效数字) (4)实验测得n=1,2,3,4时的数据如下表： 砝码数 1 2 3 4 2/(m2s2) 5.04 4.05 3.02 2.04 ①使用逐差法处理表中数据，求出-图线斜率的绝对值k2= m2s2;（结果保留 三位有效数字) ②规定：若测量值与理论值的相对误差(k测一k)km≤5%，则认为验证了机械能守恒。 本实验 (填“能”或“不能”)验证系统机械能守恒。 13.(10分)如图所示，做匀速圆周运动的质点在时间仁2s内由A点运动到B点，AB弧所对的 圆心角为0=60°。 (1)若AB弧长为l=πm,求质点向心加速度的大小： (2)若由A点运动到B点速度改变量的大小为△v=l/s,求质点做匀速圆周运动的速度大小和 向心加速度大小。 0 第5页共6页 14.（15分)如图所示，足够长的倾斜传送带与水平面的夹角-37°，劲度系数=16N/m的轻质 光滑弹簧平行于传送带放置，下端固定在水平地面上，另一端自由状态时位于Q点。小滑 块质量m=1kg,滑块与传送带间的动摩擦因数u=025,PQ间距L=2.0m。滑块从P点由静 止释放，整个过程中滑块始终不脱离传送带，且弹簧始终处于弹性限度内，弹簧的弹性势 能E。=二2其中x为弹簧的形变量。已知重力加速度大小g取10m/s2。 (1)若传送带保持静止，求滑块从下滑到刚到达？点时的速度大小Q: (2)若传送带以vo=6m/s的速度逆时针转动，求： ①小滑块运动的最大速度ym: P ②小滑块从P点静止释放后向下滑行的最大距离S。 g& \a 15.（18分)如图，有n个（24)质量均为m、大小不计的木块1、2、3、·、n等距离地依次 放在倾角30°的斜面上，相邻木块间距均为L。斜面在木块2以上的部分光滑，以下的部分粗 糙，木块与斜面粗糙部分之间的动摩擦因数为4。开始时手扶着木块1，其余各木块都静止在斜 面上。放手后木块1由静止自由下滑，并与木块2发生碰撞，接着陆续发生其他碰撞。假设各 木块间的碰撞都是完全非弹性碰撞（碰撞时间极短），重力加速度大小为g。 (1)求木块1与木块2碰撞后瞬间的共同速度大小2： (2)若29，求木块1、2组成的整体与木块3碰撞过程中损失的机械能△B: (3)若要使整体能撞到第k个木块，但不能撞到第k+1个木块(2≤<)，求动摩擦因数μ应 满足的一般条件（结果用k表示)。（可能会用到的公式：12+22+.…+k2=+12k+山) 第6页共6页