单元过关(九) 电场力的性质 电场能的性质-【衡水真题密卷】2027年高考物理单元过关检测(湖北专版)

2026一2027学年度单元过关（九） 物理·电场力的性质 电场能的性质 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题 只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得4分， 选对但不全的得2分，有选错的得0分。 题号 个y 2 4 5 6 8 9 10 答案 1.如图，在与纸面平行的匀强电场中有a、b、c三点，其电势分别为6V、4V、2V;a、b、c分 别位于纸面内一等边三角形的顶点上。下列图中箭头表示α点电场的方向，则正确的是 () 0 A.be B.be C.b。 D.b 2.某电场的电场强度E随位置x的变化关系如图所示，O点为坐标原点，a、b、c、d为x轴 上的四个点。一带正电粒子从a点由静止释放，仅在静电力作用下沿x轴运动，已知粒 子可通过d点，则 () A.粒子在a点与c点所受静电力的方向相同 B.粒子在b点的电势能大于在c点的电势能 C.粒子将以b为中心做周期性运动 D.粒子将沿x轴正方向一直运动 单元过关（九）物理第1页（共8页） 劳力于毫末，奋斗成大材 3.如图所示，一足够大的空间内有一无限长的均匀带正电的导体棒水平放置，导体棒所在 班级 的竖直平面内放有三个质量相同、电荷量分别为q、2gq、3g(q>0)的微粒，通过多次摆放 发现，当三个微粒均静止时，它们距导体棒的距离之比总是1：2：3，不考虑微粒间的相 姓名 互作用。现撤去该三个微粒，在导体棒所在的竖直平面内距导体棒1.5h、2.5h处分别 放有电子A、B(不计重力)，给它们各自一个垂直于导体棒的初速度使其以导体棒为轴 得分 做匀速圆周运动，则A、B做圆周运动的线速度之比为 ( 50 2g· A.1:1 B.3:5 C.1:2 D.5:3 4.如图所示，立方体的A、B、G、H四个顶点各固定着一个带正电的点电荷，电荷量相同， O点是立方体的中心。现将处在A点的点电荷沿着AO连线向O点移动，在这个过程中， 下列说法正确的是 ( A.O点的电场强度减小 A④ ⊕B B.E点的电势先增大后减小 0 C.C点的电势先增大后减小 D D.B点的电荷受到的电场力减小 H 5.如图为中药材烘干机的高压电场工作原理图，电极O与极板MN接高压电源后，空间 形成图示方向的强电场。往极板MN上撒上一层湿中药材，药材中的水分子发生氧化 还原反应，生成氢气和OH离子。某OH从A点由静止出发，运动轨迹依次经过A、 B、C、D点。下列说法正确的是 D 一鼓 高 风 直流 B A 源 甲 乙 A.B点的电场强度比D点小 B.OH在B点受到的电场力比在D点大 C.四个点中，A点电势最高，D点电势最低 D.OH一在运动过程中，其电势能逐渐增大 单元过关（九）物理第2页（共8页） 4 6.如图所示，水平天花板下方固定一光滑定滑轮O,在定滑轮正下方C处固定一带正电的 点电荷。不带电的A球与带正电的B球用绝缘轻绳跨过O连接，A、B均视为质点，初 始系统静止且OB<OC。若B的电荷量缓慢减少，在B到达O正下方前，则() A.B球的轨迹是一段抛物线 ttiittt B.A球的质量大于B球的质量 B① C.此过程中点电荷对B球的库仑力减小 A D.此过程中滑轮受到轻绳的作用力逐渐减小 7.空间中存在平行于纸面的匀强电场，在纸面内取O点为坐标原点建立x轴，如图甲所 示。现有一个质量为m、电量为十g的试探电荷，在t=0时刻以一定初速度从x轴上的 α点开始沿顺时针方向做匀速圆周运动，圆心为O、半径为R。已知图甲中圆为试探电 荷运动轨迹，αb为圆轨迹的一条直径。除电场力外微粒还受到一个变力F,不计其它力 的作用。测得试探电荷所处位置的电势P随时间t的变化图像如图乙所示，其 中P1>0。下列说法正确的是 () 1.50 0.50 10L1 4 713t 0.501 乙 A.电场强度的方向与x轴正方向成石，指向右上方 B.从a点到b点F做功为一qp1 C.微粒在a点时所受变力F可能达最小值 D圆周运动的过程中变力F的最大值为mR中？尺 元2 8.如图，虚线表示位于O点的点电荷Q产生电场的等势面，相邻等势面间电势差大小相等 且为4V,一电子在电场力作用下的运动轨迹如图中实线所示。已知电子经过点时的 动能为10eV,经过f点时电势能为一20eV,下列说法正确的是 () A.点电荷Q带负电 B.电子经过c点时动能为l8eV C.电子经过d点时电势能为一28eV D.电子可能经过电势为4V的等势面 单元过关（九）物理第3页（共8页） 9.中国茶文化是中国制茶、饮茶的文化，在世界享有盛誉。在茶叶生产过程中有倒茶叶、 茶梗分离的工序，如图所示，A、B两个带电球之间产生非匀强电场，茶叶茶梗都带正电 荷，且茶叶的比荷大于茶梗的比荷，两者通过静电场便可分离，并沿光滑绝缘分离器落 入小桶。假设有一茶梗P,其电荷量为4×10-8C,质量为2×10-4kg,以1m/s的速度 离开A球表面O点，最后落入桶底，O点电势为1×104V,距离桶底高度为1.0m,桶底 电势为零。不计空气阻力、茶叶与茶梗间作用力及一切碰撞能量损失，g取10m/s2,则 () 漏斗 M 分离器 左桶 右桶 A.M处比N处的电场强度大 B.M处的电势低于N处的电势 C.茶叶落入右桶，茶梗落入左桶 D.茶梗P落入桶底速度为5m/s 10.在某装置中的光滑绝缘水平面上，三个完全相同的带电小球通过不可伸长的绝缘轻质细线， 连接成边长为d的正三角形，如图甲所示。小球质量均为m,带电量均为十q,均可视 为点电荷。初始时，小球均静止，细线拉直。现将小球1和小球2间的细线剪断，当三 个小球运动到同一条直线上时，速度大小分别为1、v2、v3,如图乙所示。该过程中三 个小球组成的系统电势能减少了船，6为静电力常量，不计空气阻力。则 () 1→1 华⊕3 ④3 2 甲 乙 A.从图甲到图乙过程中小球3受到的合力大小始终不变 B.该过程中小球3一定向左做直线运动 C.从图甲到图乙位置，小球3向左运动。 D.在图乙位置，v3= kg2 3md 单元过关（九）物理第4页（共8页） 二、非选择题：本题共5小题，共60分。 11.(7分)某物理兴趣小组利用图甲装置来探究影响电荷间静电力的因素。图甲中，A是 一个带正电的物体，系在绝缘丝线上的带正电的小球会在静电力的作用下发生偏离， 静电力的大小可以通过丝线偏离竖直方向的角度显示出来，他们分别进行了以下 操作。 A⊕ AO------OB 绝缘手柄 乙 步骤一：把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上的P1,P2,P3等位置，比较小球在 不同位置所受带电物体的静电力的大小。 步骤二：使小球处于同一位置，增大（或减小）物体A所带的电荷量，比较小球所受的静 电力的大小。 (1)图甲中实验采用的方法是 A.理想实验法 B.微小量放大法 C.控制变量法 (2)图甲实验表明，电荷之间的静电力随着电荷量的增大而增大，随着距离的增大 而 (填“增大”“减小”或“不变”)。 (3)接着该组同学使小球处于同一位置，增大（或减少）物体A所带的电荷量，比较小球 所受作用力大小的变化。如图乙，悬挂在P点的不可伸长的绝缘细线下端有一个 带电量不变的小球B,在两次实验中，均缓慢移动物体A,当A到达悬点P的正下 方并与B在同一水平线上，B处于受力平衡时，悬线偏离竖直方向角度为0，若两次 实验中A的电量分别为q1和q2,0分别为30°和45，则9为 12.(10分)蜘蛛不仅能“乘风滑水”，最新研究还表明：蜘蛛能通过大气电位梯度“御电而 行”。大气电位梯度就是大气中的电场强度，大气中电场方向竖直向下。假设在晴朗 无风环境，平地上方1km以下，可近似认为大气电位梯度E=E。一H,其 中E。=150V/m为地面的电位梯度，常量k=0.1V/m,H为距地面高度。晴朗无 风时，一质量m=0.6g的蜘蛛（可视为质点）由静止从地表开始“御电而行”，蜘蛛先伸 出腿感应电位梯度，然后向上喷出带电的蛛丝（蜘蛛其他部分不显电性），带着身体飞 起来。忽略空气阻力，g取10N/kg。 (1)该蜘蛛要想飞起来，求蛛丝所带电荷电性及电荷量的范围。 单元过关（九）物理第5页（共8页） (2)若蛛丝所带电荷量大小q=5×10-5C,求蜘蛛上升速度最大时的高度和能到达的 最大高度。 13.(10分)如图所示，光滑绝缘细杆竖直固定在M、N两点连线的中垂线上，A、B是细杆 上的两个点，在M、N两点分别固定一负点电荷，电荷量均为Q,且AB=MB=NB= MN=L。质量为m、电荷量为q(q《<Q)的带正电小球套在杆上，小球从A点无初速 度下滑到B点时的速度大小为。静电力常量为，重力加速度大小为g。求： (1)B点电场强度的大小； (2)A、B两点的电势差。 A。 M--- ON 单元过关（九）物理第6页（共8页） 4 14.(15分)如图所示，真空中，与水平面成37°角的固定绝缘长细杆，垂直穿过一固定均匀 的带正电圆环的圆心O,套在细杆上的带正电小球从杆上的α点以某一初速度沿杆向 上运动，恰好能运动到杆上d点，已知圆环半径为R,电荷量为Q,小球质量为m、电荷 量为q,小球半径远小于R,q《Q,ab=bO=Oc=cd=R,静电力常量为k,重力加速 为8，绝缘细杆与小球间的动摩擦因数4=4，sin37=0.6,cos37°=0.8。 (1)小球在c点受到的电场力的大小； (2)小球在b点的加速度大小； (3)小球在a点的动能。 +0 +9,m 37 4 单元过关（九）物理第7页（共8页） 15.(18分)如图所示的空间坐标系中，一点电荷固定在M(一√3a,2a,0)点，该点电荷只在 x<0的空间产生电场；在x>0的空间存在沿之轴正方向的匀强电场，电场强度大小 为E;在y=3a处放置一垂直于y轴、足够大的荧光屏。P(一√3a,0,0)点的放射源沿 x轴正方向射出电荷量均为十g、质量分别为m和0.5m的两个粒子，粒子初动能均为 Eko,质量为m的粒子在x<0的空间做半径为2a的匀速圆周运动，进人x>0的空间 后，打到荧光屏上，已知静电力常量为k,不计粒子的重力和粒子间的相互作用。求： (1)M处点电荷所带的电荷量； (2)质量为m的粒子打到荧光屏上的位置坐标； (3)若粒子打到荧光屏上会形成亮点，判断荧光屏上有几个亮点，如果是一个，写出判 断依据；如果是两个，求出两个亮点间的距离。 单元过关（九）物理第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 对薄木板受力分析，由牛顿第二定律有 x2=2t=0.08m (1分) uimg-u2 (m+M)g=Ma2 (1分) 解得a2=1m/s2 则薄木板的长度 设经过时间t',两者共速，有 L=x1-x2=0.4m (1分) v'=v-at'=a2t' (1分) 故薄木板速度减为0时与地面间因摩擦产生的 解得t'=0.4s,o'=0.4m/s (1分) 热量 此过程中，滑块的位移大小 Q=μ2(M+m)g·x2+ 2M+m)v2=0.12J. 空-0银m (1分) (1分) 薄木板的位移大小 2026一2027学年度单元过关（九）物理·电场力的性质电场能的性质 一、选择题 1.C【解析】如图所示，ac中点d的电势pa= g1,A正确。 、,,k一mB,解得A一1 9十：=4V=,故b、d的连线为该匀强电场 4.B【解析】初始时B、H两，点的点电荷在O点的 2 合场强为0，A、G两，点的点电荷在O点的合场强 的等势面。电场线垂直于等势面且由高电势，点指 也为0，则在A,点的，点电荷沿着AO连线向O点 向低电势点，即电场线沿ac方向且由a指向c,C 移动过程中，根据电场强度叠加原则可知O点的 正确。 电场强度逐渐增大，A错误；由于电势是标量，B、 G、H三点的点电荷在E,点的电势不变，处在A 点的，点电荷沿着AO连线向O点移动，该，点电荷 与E点的距离先减小后增大，且点电荷带正电，所 4V 以E点的电势先增大后减小，B正确；B、G、H三 点的点电荷在C点的电势不变，处在A,点的点电 2.C【解析】粒子在a点受到的静电力沿x轴正方 向，在c点受到的静电力沿x轴负方向，A错误； 荷沿着AO连线向O点移动，该，点电荷与C点的 粒子从b点运动到c点，静电力做负功，电势能增 距离一直减小，则C点的电势一直增大，C错误； 大，粒子在b点的电势能小于在c点的电势能，B G、H两，点的点电荷对B点的点电荷的库仑合力 错误；粒子从a点到b点加速运动，越过b点后减 FcH保持不变，处在A点的点电荷沿着AO连线 速运动，速度减为0后又反向加速，越过b点后又 向O点移动，一开始，该点电荷与B点距离减小， 减速运动直到速度为0，之后再次重复上述过程， 则该点电荷对B点的，点电荷的库仑斥力增大，且 循环往复，C正确，D错误。 与G、H两点的，点电荷对B点的电荷的库仑合力 3.A【解析】设q、2q、3g所在位置对应的电场强度 FGH的夹角变小，故B点的点电荷受到的电场力 一开始一定是增大的，D错误。 为E1E2、E3,由平衡条件得E1=,E2=3 g 5.A【解析】因D处的电场线较B处密集，可知B E器南EEE片·安·商它的 处的电场强度小于D处，OH在B点受到的电场 3g 力比在D点小，A正确，B错误；沿电场线方向电 距导体棒的距离之比总是1：2：3，可知某点电场 势逐渐降低，四个点中，A点电势最低，D点电势 强度的大小与该点到导体棒的距离成反比。则任 最高，C错误；OH一运动过程中受到电场力的方向 意一点的电场强度大小可写成E=点(k为常量)， 与电场线切线方向相反，电场力做正功，电势能减 小，D错误。 由于电子绕导体棒做匀速圆周运动，则一 A6.C【解析】开始时B球受力如图所示，由相似三 。31· 4 2027 单元过关 角形可为0-配-0说周OB<0C知mg> 8.BC【解析】由于电子做曲线运动，电子所受电场 力要指向轨迹的凹侧，则电子受到吸引力，所以场 T=mg,则A球的质量小于B球的质量，B错 源，点电荷应带正电，A错误；电子从a点运动到f 误；由于T不变，OC不变，可知OB不变，则随着 点过程有Waf=一eUaf=4eV,War=Ea一Ef, B球所带的电荷量缓慢减少，B球的轨迹是一段圆 解得Ea=一l6eV,所以E=Ea+Em=一6eV, 孤，A错误；根据F=k99c, BC,则kge9e=nBg BC=OC,则 电子从a点运动到c点过程有一eUac=Ek一Ea, 解得Ekc=l8eV,B正确；电子从a点运动到d,点 随着B的电荷量缓慢减少，BC减小，F减小，即此 过程有Wd=一eUaa=l2eV,Wad=Ea一Em,解 过程中，点电荷对B球的库仑力减小，C正确；因滑 得Eu=一28eV,C正确；由以上分析可知，电子 轮两侧绳子拉力不变，当B球下降时，两侧细绳的 运动过程中总能量为一6eV,当电子经过电势为 夹角减小，则合力变大，即此过程中滑轮受到轻绳 4V的等势面时，电势能等于一4eV,根据能量守 的作用力逐渐变大，D错误。 恒定律可知，其动能等于一2eV,小于零，说明电 liziiiz 0 子不可能经过4V的等势面，D错误。 9.CD【解析】由于M点的电场线稀疏，N点的电 OA 场线密集，故M,点的电场强度小于N点的电场强 度，A错误；沿电场线的方向，电势逐渐降低，故M mag ⊕G 点的电势高于N点的电势，B错误；设该电场的电 7.D【解析】由题图乙可知，带电微粒在转动过程 场强度为E,根据牛顿第二定律有qE=ma,解得 中，电势最高值为1.5p1,电势最低值为-0.5p1, a= 州。由于茶叶的比荷，号大于茶梗的比荷，可 最高点、最低，点分别位于轨迹直径的两端，将直径 取四等分点，找到与a点电势9a=0相同的点A, 知在任何同一位置茶叶的加速度大于茶梗的加速 度，水平方向都做加速运动，即在相等时间内，茶 如图所示，aA垂直于电场线，设电场强度的方向 叶的水平位移大于茶梗的水平位移，可知，茶叶落 R 21 入右桶，茶梗落入左桶，C正确；设茶梗P落入桶 与x轴正方向为0，由几何关系c0s日=尺-2，解 底速度大小为v,由题意知其初速度vo=1m/s, 得0-行，A错误；由上速分析可知9，-1.091，从 茶梗P从O,点到落入桶底过程中，由动能定理可知 a点到b点由动能定理W十qUb=0,又Ub= ngk+gU-方ao2-了m,代入黛据解得包= P。一P6=一p1,解得W=qP1,B错误；在圆周运动 5m/s,D正确。 的过程中电势为1.5p1时，变力F达到最小值，故 10.BC【解析】剪断细线之前，三个小球处于静止 微粒在α，点时所受变力F不可能达最小值，C错 状态，所受的合力为零；将小球1和小球2间的 误；由题图乙可知，微粒做圆周运动的周期T= 细线剪断瞬间，小球1和3，小球2和3之间细线 1-=1:选定-2-职电场系度 上的弹力发生突变，小球3受到水平向左的合力 作用；当小球3运动到题图乙位置时，小球3所 公一A9一1.5P1一一0.5P1）=,圆周运动的过 受的合力为零，即该过程中小球3受到的合力大 △x 2R 小先增加后减小，A错误；因小球3受两边细绳 程中电势为一0.5p1时变力F达到最大值，有 的拉力总是大小相等且是对称的，可知小球3向 R十9日D正确。 π F一E=m,解得F=m 左做直线运动，B正确；在该过程中，由于三个小 36t 球组成系统所受外力之和为零，满足动量守恒的 大E 条件，因此系统动量守恒，取水平向左为正方向， -0.501 根据动量守恒定律mv3一m1一mv2=0。由于 、、A =0 小球1、2的受力情况相同，因此1=2，化简得 0 V3=2v1=2U2,即x3=2x1=2x2,而x3十x1= p6=1.0p 1.501 d,解得x=号4，C正确；三个小球组成系统 3 3 4 ·32· ·物理· 参考答案及解析 能量守恒，根据能量守恒定律△E减=△E增，即 度向下增大、减速上升，速度减为零时到达最大 kg2 1 1 2d-2mu+2×2mui,代入数据解得us 高度。速度最大时重力与电场力平衡，则有 mg=qE=qE。-kgho (1分) 2kq2 √3mdD错误。 解得h。=300m (2分) 上升过程中电场强度随高度增大均匀减小，电场 二、非选择题 力也随高度增大均匀减小，则上升过程中电场力 11.(1)C(2分)(2)减小(2分)(3) 6(3分) 做的功 W=Eog+E9h=(2E。一kh)gh 【解析】(1)题图甲中先保持带电小球的电荷量 2 2 (2分) 不变，把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上 对上升过程，由动能定理有 的P1、P2、P3等位置，改变两个小球之间的距 W-mgh=0 (1分) 离，比较库仑力的大小：后来保持小球之间的距 联立解得h=600m。 (2分) 离不变，改变小球所带的电荷量大小，分析小球 之间的库仑力，所以实验采用的方法是控制变 13.(1)3Q P (2)mmgL 2q q 量法，C正确。 【解析】(I)电荷M、N在B点产生的电场强度 (2)本实验中，根据小球的摆角可以看出小球所 大小相等，根据点电荷电场强度的表达式有 受静电力的大小，由题图可知，距离越小，丝线偏 E,=B=6是 (2分) 离竖直方向的角度越大，设偏角为0，由平衡条件 有F=mg tan0,可知电荷之间的静电力随着距 根据失量合成有E=2E1cos30° (1分) 离的增大而减小。 (3)设小球B的质量为m,电量为q,小球B的受力 解得E=3Q L2 (2分) 情况如图所示。当A带电量为q1时，由平衡条件 (2)小球从A到B,根据动能定理有 得F=g:9=mg tan30,其中1=PBsin30,当 mgl.W (2分) ri A带电量为q:时，由平衡条件得F=g:9 所示过程电场力做功W=qUAB (1分) r 解得UAB=mu2mgL (2分) mgan45,共中r2=PBsin45°，联立解得91= 2q 0 (2)3+3)g+V2kQg tan30°sin230°√3 14.(1)v2Qg 4R2 5 4mR2 tan 45'sin?45 6 (3)4(3+3)mgR P 5 :0 【解析】(I)将圆环等分为n段小圆孤，每段小圆 孤均可视为电荷量为q。的点电荷，有 Q-ngo (1分) 在c点，由库仑定律，q。对小球的电场力 mg 12.(1)负电大于4×10-5C(2)300m600m F,-9g 8 (1分) 【解析】(1)因大气中的电场方向竖直向下，蛛丝 由几何关系 应带负电荷，才能使电场力竖直向上，蜘蛛才可 r8=2R2 (1分) 能飞起来。设蛛丝所带电荷量为q0,蜘蛛要想飞 在c点，整个圆环对小球的电场力设为F,有 起来，电场力应大于重力，则有 F。=nFosin45 (1分) qoEo>mg (1分) 联立解得F。= √2kQg 解得q0>4×105C (1分) 4R2 (2分) (2)设蜘蛛上升速度最大时高度为h。,能到达的 (2)由对称性，小球在b,点所受的电场力与在c 最大高度为h,蜘蛛上升过程中加速度先向上减 点所受的电场力方向相反，大小相等，有 小，加速上升，速度最大时加速度为零，之后加速 F=F (1分) ·33· 4 2027 单元过关 在b点，对小球由牛顿第二定律，有 线运动，在之轴正方向做匀加速直线运动，设打 mg sin37°+umg cos37°+F6=ma (2分) 到荧光屏上点的坐标为(x,y,之)，则有 联立解得a= (3+√3)g√2kQg x=voc0s0·t (1分) (2分) 5 4mR2 y-y1=osin0·t (1分) (3)小球从a到d,由对称性，电场力做功 y=3a (1分) Wad=0 (1分) 1 对小球，由动能定理，有 x=20t (1分) Waa-mg sin37°·4R-gcos37°·4R=0-Ek 根据牛顿第二定律 (1分) gE=mao (1分) 联立解得E=4(3+3)mgR (2分) 联立解得x=23 3Eko (1分) 15.(1)4aE0 (2)(23a 。4Eqa2 故打到荧光屏上点的坐标为(23 。4Eqa2】 kg 3,3a,3E0 3 ,3a,3E0 (3)一个亮点，依据见解析 (1分) 【解析】(1)质量为m的粒子在x<0的空间做 (3)一个亮点，依据：对质量为0.5m的粒子有 匀速圆周运动，则有 1 Ew=2·0.5mui (1分) 密 (1分) Qg 0.5mvi k 1 (2a)2 R (1分) 且有Ew=2m6 (1分) ② 4aEko 解得o1=20,R=2a 解得Q=kq (1分) 所以两个粒子在x<0时的轨迹相同 (1分) (2)设粒子经过y轴时，速度的偏转角为0，经过 x1=v1c0s0·t1 y轴的点的坐标为y1。则有 y-y1=v1sin0·t1 sin .1 (1分) 之1=201号 可得0=60° gE=0.5ma 根据几何关系 联立解得x1= 23 4Ega ay=3a,21=3E0 ·(1分) y1=2a(1-cos0) (1分) 解得y1=a (1分) 所以只有一个亮点。 (1分) 经过yO2平面后，粒子在x、y轴方向做匀速直 2026一2027学年度单元过关（十） 物理·电容器带电粒子在电场中运动的综合问题 一、选择题 横坐标所围面积表示电容器存储的电能，当电容器 1.D【解析】根据公式Q=CU和电容的决定式 两端电压为U时，电容器存储的电能E。=2UQ= C=,S,可得U=·,与电源断开后，Q e,S 2CU,A错误；充电过程电源非静电力微功W= 不变，则Ucd,根据题意当F较小时，随着F的 增大，d在减小，故此时极板间的电势差U在减 EQ=CE2,B错误；充电过程中，电容器带电量迅速 小；当F增大到一定程度时，F再增大，d基本不 增加后趋于定值，根据包容器电容定义或C-号，可 变，U基本不变，D正确。 知电压传感器的示数迅速增大后趋于稳定，C正确； 2.C【解析】根据W=QU,可知UQ图像中图线与 放电过程中，电路中的电流开始时较大，后随着电 4 ·34·