单元过关(一) 运动的描述 匀变速直线运动的研究-【衡水真题密卷】2027年高考物理单元过关检测(湖北专版)

2026一2027学年度单元过关（一） 物理·运动的描述匀变速直线运动的研究 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题 只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得4分， 选对但不全的得2分，有选错的得0分。 题号 1 2 3 4 6 8 9 10 答案 1.2025年4月25日0时，载满小商品货柜的第2112列“义新欧”班列跨越13052公里抵 达了西班牙的首都马德里，列车进站过程可视为匀减速直线运动。下列说法正确的是 () A.研究“义新欧”班列从中国到西班牙过程中的任何情况下均能将列车视为质点 B.“4月25日0时”表示时间间隔，“13052公里”表示列车运动的位移大小 C.列车进站过程的加速度在减小 D.列车进站过程中的加速度与速度方向一定相反 2.2025年4月19日，全球首个人形机器人半程马拉松赛在北京亦庄举行。在比赛中，甲、 乙两机器人在某段直线赛道上运动的x-t图像如图所示，关于两台机器人的运动() A.t=0时刻，甲、乙两者的速度一定相同 B.t1时刻，甲、乙相遇 C.0~t1时间内，甲、乙的位移相同 D.0~t1时间内，甲、乙的平均速度相同 3.如图所示为物体做直线运动的图像，下列说法正确的是 x/m a/(m's2) ↑(ms) ◆￡ms) t -20 甲 乙 丙 单元过关（一）物理第1页（共8页） 用信念去坚特梦想，用岁力去创造未来 A.图甲中，物体在0~t1时间段通过的位移为x1 班级 B.图乙中，阴影面积表示t1时刻物体的速度大小 C图丙中，物体在0~1时间内的平均速度等于 姓名 D.图丁中，0~4s内物体的速度变化量是4m/s 得分 4.汽车自动驾驶技术依赖于传感器，实时感知周围环境并进行决策。在一次测试中，一辆自 动驾驶汽车因感知到前方存在障碍物而紧急刹车，刹车过程可看作匀减速直线运动。以 开始刹车时为计时零点，自动驾驶汽车的℃t图像如图所示，则自动驾驶汽车( )》 ↑x/m 0 30 20 10 02468s A.前4s内平均速度大小为20m/s B.0~4s内和08s内平均速度大小相等 C.前4s内刹车的加速度大小为3.75m/s2 D.t=0时的速度大小为25m/s 5.如图甲所示，一辆轿车以20m/s的速度，从匝道驶入限速为90km/h的某高架桥快速 路的行车道。由于前方匀速行驶的货车速度较小，轿车司机踩油门超车，加速8s后发 现无超车条件，立即踩刹车减速，3s后，刚好与前方货车保持60m左右的距离同速跟 随。整个过程中轿车的速度与时间的关系如图乙所示，货车一直保持匀速。下列说法 正确的是 () ↑(ms) 内车道 24 行车道D D 22 20 匝道 轿车 货车 16024681012t 甲 乙 A.该过程轿车出现了超速情况 B.该过程轿车的平均加速度大小为1.25m/s2 C.该过程轿车与货车之间的距离先减小后增大 D.轿车开始加速时与货车的距离约为100m 单元过关（一）物理第2页（共8页） 4 6.甲、乙两辆玩具车在两条平行直轨道上运动，它们运动的t图像如图所示。初始时刻， 两车在运动方向上相距1=1m,甲在后、乙在前，下列说法正确的是 () ↑ms) 甲 2 - A.甲车的加速度大小为0.5m/s2 B.0~t。时间内，甲，乙两车之间的距离先增大后减小 C.to时刻甲车的速度大小为4m/s D.在t=t。时刻甲、乙两车相遇 7.如图甲所示，将A、B两小球从空中同一位置以相等速率v。在t=0时刻分别竖直向上 和竖直向下抛出，它们的vt图像如图乙所示，已知B球在2to时触地，重力加速度为g, 忽略空气阻力。下列说法正确的是 () A 77777777777 甲 乙 A.抛出点到地面的高度为2gt品 B.A球在2t。时回到抛出点 C.落地前B球相对A球做匀加速直线运动 D.B球在第一个to内和第二个t。内的位移之比为1：3 8.我国纵横的高铁网给人们的出行带来了方便。某同学绘制了某列车的一段直线运动过 程，但未知是加速出站，还是刹车进站，通过图像可知 () ↑ms网 0.1 A.该同学绘制的是列车加速出站过程 B.列车的初速度为40m/s 单元过关（一）物理第3页（共8页） C.列车的加速度为一8m/s2 D.列车前6s内位移为96m 9.如图所示，运动员先后将甲、乙两冰壶以相同的初速度从A点沿直线AO推离。若甲冰 壶以加速度a1做匀减速运动后停在O点；乙冰壶先以加速度a2做匀减速运动，到达某 位置，运动员开始刷冰面减小动摩擦因数，乙冰壶以加速度α3继续做匀减速运动并停 在O点，则 () A.al<a2 B.al<a3 C.a1>a3 D.a2>a3 10.物体由静止从O点沿直线做匀加速运动，依次经过A、B两点，物体加速度的大小为a,若通 过OA段所用的时间为δ，通过AB段走过位移的大小也为δ，下列说法正确的是( ) A.物体在A点速度的大小为a6 B若物体通过AB段所州的时间为号，侧哈的大小为日 d C若物体通过OA段走过位移的大小为，则ò的大小为子 2 D.物体通过OA段与AB段的平均速度之比为1+，1十 二、非选择题：本题共5小题，共60分。 11.(7分)某同学利用手机测量当地的重力加速度，实验场景如图甲所示，他将一根木条平 放在楼梯台阶边缘，小钢球放置在木条上，打开手机的“声学秒表”软件，用钢尺水平击 打木条使其转开后，小钢球下落撞击地面，手机接收到钢尺的击打声开始计时，接收到 小球落地的撞击声停止计时，记录击打声与撞击声的时间间隔t,多次测量不同台阶距 离地面的高度h及对应的时间间隔t。 2h/m 3.5 3.0 士 2.5 8 2.0 手机 直尺 1.5 6 1.0 8 A● 0.5 s 0.050.100.150.200.250.300.35 甲 乙 丙 单元过关（一）物理第4页（共8页） (1)用分度值为1mm的刻度尺测量某级台阶高度h的示数如图乙所示，则h= cm。 (2)作出2h-t2图线，如图丙所示，可得重力加速度g= m/s2(结果保留两 位小数)。 (3)在图甲中，手机放在了木条与地面间的中点附近进行测量，若将手机放在地面A 点，设声速为，考虑击打声的传播时间，则小球下落时间可表示为t'= (用h、t和v表示)。 (4)有同学认为，该同学在实验中未考虑木条厚度，用图像法计算的重力加速度g必然 有偏差，请判断该观点是否正确，并简要说明理由： 12.（10分)利用打点计时器研究匀变速直线运动的规律，实验装置如图甲所示。 滑轮 小车纸带打点计时器 重物 (1)按照图甲安装好器材，下列实验步骤正确的操作顺序为 (填各实验步骤 前的字母)。 A.释放小车 B.接通打点计时器的电源 C.调整滑轮位置，使细线与木板平行 (2)实验中打出的一条纸带如图乙所示，A、B、C为依次选取的三个计数点（相邻计数 点间有4个点未画出)，可以判断纸带的 (填“左端”或“右端”)与小车 相连。 (3)图乙中相邻计数点间的时间间隔为T,则打B点时小车的速度v= (用题 目中所给出的物理量表示)。 (4)某同学用打点计时器来研究圆周运动。如图丙所示，将纸带的一端固定在圆盘边 缘处的M点，另一端穿过打点计时器。实验时圆盘从静止开始转动，选取部分纸 带如图丁所示。相邻计数点间的时间间隔为0.10s,圆盘半径R=0.10m。则这 部分纸带通过打点计时器的加速度大小为 m/s2;打点计时器打B点时圆 盘上M点的向心加速度大小为 m/s2(结果均保留两位有效数字)。 纸带打点计时器 D ←3.59 8.00 单位：cm 13.22 19.24 丁 单元过关（一）物理第5页（共8页） 13.(10分)如图甲所示的“冰爬犁”是北方儿童在冬天的一种游戏用具：“上坐一人，双手握 铁篙，向后下方用力点冰，则爬犁前进如飞。”在空旷的水平冰面上，有一小孩从静止开 始，连续三次“点冰”后，爬犁沿直线继续滑行了x=12.96m后停下。某同学用t图 象描述了上述运动过程（三次“点冰”过程中爬犁的加速度相同），如图乙所示。运动过 程中，空气阻力不计，爬犁与冰面的动摩擦因数不变。 (1)求爬犁减速滑行时加速度a1的大小和运动中的最大速率vmax。 (2)求小孩“点冰”时爬犁加速度a2的大小。 /(ms) 00.82.02.84.04.8 12.0s 单元过关（一）物理第6页（共8页） 4 14.(15分)如图所示，木块m1从光滑的斜面上的A点以a=4m/s2的加速度由静止开始 下滑，与此同时小球m2在距C点的正上方h=20m处自由落下，木块1以不变的速 率途经斜面底端B点后，继续在粗糙水平面上运动，在C点恰好与自由下落的小球2 相遇。木块和小球均可看作质点，不考虑两者碰撞，斜面AB段长L1=2,水平BC 段长L2=3m,不计空气阻力，g取10m/s2,求： (1)m2下落到地面的时间； (2)m1在BC段的加速度大小； (3)m1经过C点后还能运动的时间。 ○m h 1日 B 4 单元过关（一）物理第7页（共8页） 15.(18分)山体滑坡往往会对人民生命安全和财产安全造成巨大损失。如图，假设在发生 山体滑坡时，距离山坡底部A处x。=36的B点正有一个行人逗留，此时距坡 底x1=50m的山坡顶处有一大片泥石流正以a1=4m/s2的加速度由静止开始沿斜 坡匀加速下滑，泥石流的宽度L=36,行人发现后准备加速逃离。已知行人从发现 泥石流到开始逃离的反应时间△t=1s,之后行人以a2=2m/s2的加速度由静止开始 做匀加速直线运动，跑动的最大速度vm=8m/s,达到最大速度后做匀速直线运动。泥 石流滑到坡底前后速度大小不变，但滑到水平面时开始以α3=2m/s2的加速度做匀减 速直线运动，泥石流始终平行于AC边 (1)求泥石流在斜坡上的运动时间及到达坡底时的速度大小。 (2)若行人沿BD方向逃离，BD边平行于坡底AC边，过D点后为安全区，请判断行人 是否能到达安全区？若能，求行人从开始运动至到达安全区的时间；若不能，求行 人被泥石流掩埋的位置与D点的距离。 (3)若行人沿AB方向逃离，请判断行人是否能脱离危险？若能脱离危险，请计算泥石 流与行人间的最小距离；若不能脱离危险，请通过计算说明理由。 斜坡 泥石流 L=36m 安全区 D ,'L=36m x1=50m A xo=36m B 单元过关（一）物理第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2026一2027学年度单元过关（一）】 物理·运动的描述 匀变速直线运动的研究 一、选择题 1.D【解析】“义新欧”班列从中国到西班牙过程 10m=30m,则前4s内平均速度大小0=工 中，研究列车经过某个路标所用时间时，列车的形 30m 4s =7.5m/s,A错误；根据图像可知，0~4s内 状大小不能忽略不计，不可以将列车视为质点，A 错误；“4月25日0时”表示时刻，“13052公里”表 和0一8$内位移相等，由于时间不相等，故平均速度 示列车运动的路程，B错误；列车进站过程可视为 不相等，B错误；设t=0时的速度大小为0o,加速度 匀减速直线运动，加速度保持不变，加速度与速度 大小为a,前4s内刹车的位移x=40m一10m= 方向一定相反，C错误，D正确。 B0m,将刹车的过程逆向来看，根据x二号a2,可得 2.B【解析】x-t图像的斜率表示物体的速度，从图 上看t=0时刻甲的斜率大于乙的斜率，甲的速度 -经=3.75m/s;由6=2ax可得，t=0时的速 a= 大于乙的速度，A错误；t1时刻，甲、乙在同一时 度大小v0=15m/s,C正确，D错误。 刻，且位置相同，即甲、乙相遇，B正确；0~t1时间 5.D【解析】由题图乙可知轿车的最大速度 内，甲、乙的末位置相同，而初位置不同，所以位移 为24m/s=86.4km/h<90km/h该过程轿车 不相同，C错误；0一t1时间内，甲、乙的位移不同， 没有超速，A错误；由题图乙可知，该过程轿车的 根据口=，甲、乙的平均速度不相同，D错误) 平均加速度大小2=2018m 11m/s2≠1.25m/s2, 3.D【解析】题图甲中，初始时刻t=0时物体的纵坐 B错误；轿车速度一直大于货车速度，直到11s 标不为0，t=t1时物体的纵坐标为x1,所以物体0~ 末两车速度相等，所以两车距离一直在减小，C错 t时间段通过的位移小于x1,A错误；题图乙中，at 图像中图像与时间轴所围的面积表示速度的变化量 误0115内，轿车的位移51三7X(20+24)× 0,阴影部分表示0~一t1时间内物体速度的变化量，而 不是七1时刻物体的速度大小，因为不知道初速度，所 8m十2×(24+18)×3m=239m,货车的位移 以无法确定t1时刻物体的速度大小，B错误；在vt s2=18×11m=198m,两车开始的距离d=(239十 图像中，若物体做匀变速直线运动，其平均速度0= 60-198)m=101m≈100m,D正确。 “”,且图像为领斜支复，题因丙中1因缘是曲6.B【解标】由上=t十a,可得号-十日， v0十v 1 线，说明物体做的不是匀变速直线运动，所以物体在 由题图可知，甲车的初速度vo=2m/s,加速度a= 0一时间内的平均逵度不等于公，C错误：由运动 1m/s2,所以甲车做初速度为2m/s、加速度为1m/s2 的匀加速直线运动，乙车做v=4m/s的匀速直线运 学公式x=十宁ad,解释=w十分，图像的 1 动，A错误；由v=v十at可得两车共速时t=2s,设 、斜率二)a,题图丁中图像斜率k三0一2)二 时到甲车定度为，湖有2生=4s,部行。 2m/s,则加速度a=1m/s2,根据u=at,0一4s 6ms,C错民：由，-合0，可得6=4s,则0一时 1 内物体的速度变化量△v=1×4m/s=4m/s,D 间内，甲车的位移xp=u十2a6=16m,乙车的 正确。 位移x元=t。=l6m,两车相距d=l十xz一x甲= 4.C【解析】由图可知，前4s内的位移x=40m一 1m,即to时两车未相遇，所以0~t。时间内，两车之 ·1 4 2027 单元过关 间的距离先逐渐增大，共速后逐渐减小，B正确，D 3 错误。 B点速度的大小0B=2ad,又物体通过AB段走 7.B【解析】根据题意，由运动学公式可得，抛出点到 过位移的大小为心，则有8=士”，即8 1 地面的商度h=2uoo十2g(21)2=20十2g6,A 错误；根据题意，结合题图乙，由对称性可知，A球在 ad-kax ig 1 ×8,解得aδ一8，B错误：若物体 2t0时回到抛出点，B正确；取向下为正方向，A球的 速度va=一，十gt,B球的速度vB=十gt,则落地 通注OA假走过位移的大小为号，别有 前B球相对A球的速度v=B一VA=2U0,即落地前 B球相对A球做匀速直线运动，C错误；根据题意，由 受=空×0，解得ai-号，C正鸡；畅保道过 运动学公式可得，B球在第一个t。内的位移x1= 1 to十26，B球在第二个t。内的位移x2=h OA段的平均速度VOA= 0十vA=ad 2 二2，物体通过 3 x1=t十26，可知，B球在第一个0内和第二 AB段时有xAB=后 2a 2,则有0=后-(a6)2 2a 个t。内的位移之比不是1：3，D错误。 解得vB=√2ad+(ad),则物体在AB段的平 8.BC【解析】根据图像可知斜率和纵轴截距分别 均速度VAB= vA十vB_ad+√a8(2+a8) 2 2 ,故物 ，AA。，三—生，贝月素2生若孕登「 理可得x=40t一4t2,结合匀变速直线运动位移与 体通过OA段与AB段的平均速度之比A UAB 1 时间关系x=vt一2at,可知列车的初速度和加 as 2 ，D错误。 速度分别为v0=40m/s,a=一8m/s2,可知绘制 ad+√aδ(2+ad) 2 的是列车减速进站过程，A错误，B、C正确；列车 2 1+/1+ ao 停下来所用时间。=0二=5s,则列车在第5S 二、非选择题 11.(1)61.20(61.1861.22均可)(1分) 时已停止运动，列车前6s内位移工= (2)9.48(9.41~9.55均可)(1分) 2 to 100m,D错误。 (3)t十么(2分)(4)否(1分)重力加速度是 9.ACD【解析】设AO=x,甲、乙两冰壶的初速度 由2h-t2图线的斜率求得，与木条厚度无关 为vo,乙冰壶先以加速度a2做匀减速运动的位移 (2分) 为x1,此时的速度是，由匀变速直线运动的速度 【解析】(1)长度测量时，估读精确值后面一位。 位移关系公式，对甲冰壶可得v=2a1x,对乙冰壶 由题图像读数为61.20cm。 可得v一v2=2a2x1,v2=2a3(x-x1),联立可得 1 2a1x一2a3(x一x1)=2a2x1,整理可得(a1一a3)x= (2)根据公式h=2,得到2h=g,所以由题图 (a2一ag)x1。由题意可知，乙冰壶在位移x1部分 2h3.25-0.5 受到的摩擦力大于在位移(x一x1)部分受到的摩 线斜率求得g-F-0.35-Q.06m/s≈9.48m/s。 擦力，由牛顿第二定律可知a2>a3,可得a1>a3,又 (3)击打木条的声音传到手机的时间△=么，手 有x>x1,所以a2一a3>a1一a3,则有a2>a1,推理 可知a2>a1>aa。A、C、D正确。 机收到击打木条声音时，开始计时，收到落地声 10.AC【解析】由题知，物体的初速度为零，物体通 音计时结束，两次的声音间隔为，所以小球下落 过OA段所用的时间为6，根据v=at,可得物体 的时间t'=t十△t=t十 h 在A点速度的大小vA=a6,A正确；若物体通过 1 AB段所用的时间为2，则物体通过OB段所用 (4)否，理由：由公式h十h*=28,整理得2h- 1.3。 gt2一2h*。图像2ht的斜率仍然表示重力加速 的时间为8+20= 8,根据v=at,可得物体在 2 度，只是图线的位置发生变化，斜率没有发生变化。 ·2 ·物理· 参考答案及解析 12.(1)CBA(2分)(2)左端(2分) 异e分 【解析】(1)设m2下落到地面的时间为t,根据自 由落体运动公式可得 (4)0.81(2分)1.6(2分) 【解析】(1)实验步骤中，首先调整滑轮位置使细 h=28t (1分) 线与木板平行，确保力的方向正确；接着接通打 2h 解得t= g ,=2S (2分) 点计时器电源，让计时器先工作；最后释放小车。 顺序为CBA。 (2)木块m1在AB段，根据匀变速直线运动的规 (2)小车做匀加速直线运动时，速度越来越大，纸 律有 带上，点间距逐渐增大，题图乙中纸带左端间距 vB=2aL (2分) 小，右端间距大，说明纸带左端与小车相连。 解得vB=4m/s (3)根据匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速 木块m1运动到B点所用时间 度等于该段时间内的平均速度。B点为A、C的 t1=0B=1s 中间时刻，AC间位移为x2,时间间隔为2T,则 a 则木块m1在BC段运动的时间 t2=t一t1=1s (2分) (4)根据逐差法，可知打点计时器的加速度a 由匀变速直线运动位移与时间的关系有 xcE-xc=(0.1924-0.0800)-0.0800 m/s= 1. 42 L2=unt:-20,t号 (2分) 4×0.12 0.81m/s,B点是AC的中间时刻点，则有vB= 解得木块m1在BC段的加速度大小 2T=2X0.1m/s=0.4m/s,此时向心加速度 xAc0.0800 a2=2m/s2 (2分) (3)木块m1到达C点时的速度大小 20.42 a.-R-0.im/s=1.6m/s。 vc=vB-a:t2=2 m/s (2分) 则木块1经过C点后还能运动的时间 13.(1)0.5m/s23.6m/s(2)2m/s2 【解析】(1)小孩滑行时水平方向只受摩擦力的 8-1s (2分) 作用，做匀减速直线运动，与初速度为零的匀加 15.(1)5s20m/s(2)不能4m(3)能16m 速直线运动具有对称性，因此有 【解析】(1)泥石流由静止开始沿斜坡匀加速下 滑过程，根据位移公式有 (1分) 1 将x=12.96m、t3=(12-4.8)s=7.2s代入上 x1=201好 (1分) 式，可解得a1=0.5m/s2 (2分) 解得t1=5s (1分) 1 根据速度公式有 根据x=之Vnt (1分) v1=aiti (1分) 可解得最大速度为 解得v1=20m/s (1分) U max=3.6 m/s (1分) (2)泥石流滑到水平面做匀减速直线运动到BD, (2)小孩“，点冰”加速过程中速度的增大量与滑行 根据速度与位移关系式有 过程中速度的减小量相等，根据t图像可知，每 v2-v1=-2a3x0 (1分) 次点冰时间为0.8S,下一次点冰到上一次点冰 解得v2=16m/s 的时间间隔为1.2s (1分) 上述过程，根据速度公式有 减速的时间共计 v2=v1-a3t2 (1分) t1=1.2s+1.2s+7.2s=9.6s (1分) 解得t2=2s 加速的时间共计 行人匀加速至最大速度过程有 t2=0.8s+0.8s+0.8s=2.4s (1分) Vm-a2t3 (1分) 根据a1t1=a2t2 (1分) 1 (1分) 代入数据，解得a2=2m/s2。 (1分) x?=2a号 14.(1)2s(2)2m/s2(3)1s 解得t3=4s ·3· 4 2027 单元过关 x2=16m 若行人沿AB方向逃离，当泥石流减速至与行人 行人匀速至D所用时间 速度相等时有 h=L- (1分) vm=v1一a3tg (1分) Um 解得ts=6s 结合上述，解得t4=2.5s 上述过程泥石流与行人的位移分别为 △t+t3+t4=7.5s>t1+t2=7s (1分) 01+vm 可知，行人不能到达安全区，行人被泥石流掩埋 工泥三 2 -ts (1分) 的位置与D,点的距离 (1分) x行=vmt5 x=vm(△t+t3十t4-t-t2) 解得x花=84m 解得x=4m (1分) x行=48m (3)结合上述可知 由于x泥<x0十x2十x行 (1分) t1=t3+△t=5s (1分) 可知，行人能脱离危险，泥石流与行人间的最小 即泥石流到达坡底时，行人恰好加速至最大速 距离 （1分) 度，此过程行人的位移 xmim=x0十x2十x行一x泥=16m。 (1分) x2=16m 2026一2027学年度单元过关（二）物理·相互作用 一、选择题 3.C【解析】如图甲所示，在水轮缓慢转动过程中， 1.B【解析】作出力F分解的关系图，如图所示，根 虚线圆为固定转轴B的轨迹，因为B光滑且缓慢 据牛顿第三定律可知F1=F1,F2=F2,由图可 转动，所以轴两边绳子上的拉力均为mg,根据平 知F2>F1,F2>F,A、C错误；根据几何关系 行四边形定则，可知当两边绳子之间的夹角最小 F F 有F,-F-品朝力F一定时，夹角9越 时合力最大，夹角最大时合力最小，由几何关系可 小，F1和F2越大，B正确；力F一定时，夹角0越 知，图甲中B1位置时合力最大，B2位置时合力最 大，F1和F2越小，凿子越不容易凿入木头，D错误。 小。B在B1位置处进行受力分析如图乙所示，设 ∠OAB1=0,在直角三角形OB1A中，根据几何关 、系可得sin0二A=2,解得0=30°，根据平行四■ 边形定则，可得合力与竖直方向的夹角0=30°，则有 F合=2 mg cos30°=40W3N,同理，B在B2位置处 进行受力分析，如图丙所示，根据几何关系可知 2.A【解析】令日=37°，根据题意，对杯盖两接触点受 ∠AB2B1=90°-0=60°，则AB2与竖直方向的夹 角为60°，根据平行四边形定则，可知合力与竖直 力分析，知图所示，由平衡条件有2mg十Nsin0- 方向的夹角B=60°，则可得F合=mg=40N,故细 fcos0,又有f=N,联立解得N=12.5mg,A 绳对固定转轴B的作用力范围为40N≤F合≤ 正确。 40√3N,C正确。 0 B2 甲 4 4·