单元过关(一) 运动的描述 匀变速直线运动的研究-【衡水真题密卷】2027年高考物理单元过关检测(冀辽黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏滇川专版)

·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2026一2027学年度单元过关（一）】 物理·运动的描述匀变速直线运动的研究 一、单项选择题 1.D【解析】“义新欧”班列从中国到西班牙过程 30m=7.5m/5,A错误；根据图像可知，0~4s内 中，研究列车经过某个路标所用时间时，列车的形 和0~8s内位移相等，由于时间不相等，故平均速 状大小不能忽略不计，不可以将列车视为质点，A 度不相等，B错误；设t=0时的速度大小为00，加 错误；“4月25日0时”表示时刻，“13052公里”表 速度大小为a,前4s内刹车的位移x=40m-10m= 示列车运动的路程，B错误；列车进站过程可视为 匀减速直线运动，加速度保持不变，加速度与速度 30m,将利车的过程逆向来看，根据工= 2at,可得 方向一定相反，C错误，D正确。 2x a=产=8.75m/s;由听=2ax可得，t=0时的速度大 2.B【解析】xt图像的斜率表示物体的速度，从图 上看t=0时刻甲的斜率大于乙的斜率，甲的速度 小0o=15m/s,C正确，D错误。 大于乙的速度，A错误：七1时刻，甲、乙在同一时 5.B【解折】由z-e十ad,可得-w十au, 刻，且位置相同，即甲、乙相遇，B正确；0~t1时间 内，甲、乙的末位置相同，而初位置不同，所以位移 由题图可知，甲车的初速度vo=2m/s,加速度a 不相同，C错误；0~t1时间内，甲、乙的位移不同， 1m/s2,所以甲车做初速度为2m/s、加速度为1m/s2 的匀加速直线运动，乙车做v=4m/s的匀速直线运 极锅一品甲、乙的中均逸定不相同，D结误。 动，A错误；由v=oo十at可得两车共速时t=2s,设 3.D【解析】题图甲中，初始时刻t=0时物体的纵 时刻甲车速度为，则有十=4m/s,解得= 坐标不为0，t=t1时物体的纵坐标为x1,所以物 2 体0~t1时间段通过的位移小于x1,A错误；题图 6m/s,C错误：由=0，可得，=4s,测0一时问 乙中，a-t图像中图像与时间轴所围的面积表示速 度的变化量v,阴影部分表示0一t1时间内物体速 内，甲车的位移xy=十2a6=16m,乙车的位 度的变化量，而不是t1时刻物体的速度大小，因 移x2=t。=l6m,两车相距d=l十xz一x甲=1m, 为不知道初速度，所以无法确定t1时刻物体的速 即t。时两车未相遇，所以0~t。时间内，两车之间 度大小，B错误；在t图像中，若物体做匀变速直 的距离先逐渐增大，共速后逐渐减小，B正确，D 线运动，其平均造度口-%”，且因像为领斜直 错误。 线，题图丙中t图像是曲线，说明物体做的不是 6.B【解析】根据题意，由运动学公式可得，抛出点 匀变速直线运动，所以物体在0~t1时间内的平均 到地西的高度及=20，十2&2，)r=2,十 连度不等于，C错误；由运功学公式x=十 2gt品，A错误；根据题意，结合题图乙，由对称性可 知，A球在2t。时回到抛出点，B正确；取向下为正 3,解得受=0十2a1,围像的针率&=4，题 1 1 1 方向，A球的速度vA=一v0十gt,B球的速度 ，1-01 图丁中图像斜率k=0-(已2)一2m/s,则加速 VB=v0十gt,则落地前B球相对A球的速度0= B一vA=2U,即落地前B球相对A球做匀速直 度a=1m/s2,根据v=at,0~4s内物体的速度 线运动，C错误；根据题意，由运动学公式可得，B 变化量△v=1×4m/s=4m/s,D正确。 1 4.C【解析】由图可知，前4s内的位移x=40m 球在第一个t。内的位移x1=0to十2gt6,B球在 10m=30m,则前4s内平均速度大小0=工= 第二个t0内的位移x2=h二x1=0ot十2gt6,可 ·1 1 2027 单元过关 知，B球在第一个t。内和第二个t。内的位移之比 过OA段所用的时间为6，根据v=at,可得物体 不是1：3，D错误。 在A点速度的大小vA=ad,A正确；若物体通过 7.A【解析】设汽车做匀减速运动的加速度大小为 a,每两根吊索之间的距离为L,减速运动所用的 AB段所用的时间为2，则物体通过OB段所用 时间为t。,将汽车的匀减速直线运动逆向看成初 的时间为ò士2ò=了0，根括0=Q,可得物体在 速度为0的匀加速直线运动，则根据题意已知从 3 1 E到D有L=2at,vn=a,从E到A有4L= B点速度的大小0B=2ad,又物体通过AB段走 合，解得1，=2，a=二，则由速度与时间的关 过位移的大小为d,则有d=十 2 tAB,即8= 系可得vA=at。=2vD,A正确，B错误；由逆向思 abtax 1 维，从E到C有v2=2a·2L,解得vc=√2op, 2,解得脑-，B辑说：若物你 AE段的平均速度VAE= _0十wA=0n,显然c> 2 通过OA段走过位移的大小为，则有官 vAE,C错误；汽车减速运动的总时间为2t,通过 UA DE段的时间为t,则通过AD段的时间也为t,由 2。人8、解子公，心正霸场头通史 _otus_a6, 此可得汽车通过AD段的平均速度vA如二。，汽 OA段的平均速度0oA 2 2,物体通过 车通过DE段平均速度onE= ,可得AD= 2a,则有d=房-(a8)2 AB段时有xA心=唱暖 2a 3VDE,D错误。 解得oB=√2a6十(a8)2,则物体在AB段的平 二、多项选择题 均速度=A十_a6+Vad2+a8),故物 8.BC【解析】根据图像可知斜率和纵轴截距分别 2 2 为及-0是-40,6=-4，则有后-0·}一-4，签 体通过OA段与AB段的平均速度之比为00 UAB 理可得x=40t一42，结合匀变速直线运动位移与 ao 1 2 时间关系x=t一2at,可知列车的初速度和加 三，D错误。 ad+√a6(2+ad) 2 2 1+/1+ 速度分别为oo=40m/5,a=一8m/s2,可知绘制 as 的是列车减速进站过程，A错误，B、C正确；列车 三、非选择题 停下来所用时间。=0二=5s,则列车在第5s 11.(1)61.20(61.1861.22均可)(1分) (2)9.48(9.419.55均可)(1分) 时已停止运动，列车前6s内位移为工= 2。 3)+2分)■ (4)否(1分)重力加速度是 100m,D错误。 由2h-t2图线的斜率求得，与木条厚度无关 9.ACD【解析】设AO=x,甲、乙两冰壶的初速度 (1分) 为vo,乙冰壶先以加速度a2做匀减速运动的位移 【解析】(1)长度测量时，估读精确值后面一位。 为x1,此时的速度是，由匀变速直线运动的速度 由题图像读数为61.20cm。 位移关系公式，对甲冰壶可得v=2a1x,对乙冰 (2)根据公式h=2,得到2h=g,所以由题图 壶可得v-o2=2a2x1,v2=2a3(x-x1),联立可 得2a1x-2ag(x-x1)=2a2x1,整理可得(a1-a3)x 线斜率求得g 2h3.25-0.5 2-0.35-0.06m/s≈9.48m/s. =(a2一a3)x1。由题意可知，乙冰壶在位移x1部 分受到的摩擦力大于在位移(x一x1)部分受到的 (3③)击打木条的声者传到手机的时间如-冬，手 摩擦力，由牛顿第二定律可知a2>a3,可得a1>a3, 机收到击打木条声音时，开始计时，收到落地声 又有x>x1,所以a2-a3>a1一a3,则有a2>a1,推 音计时结束，两次的声音间隔为t,所以小球下落 理可知a2>a1>a3。A、C、D正确。 h 的时间t'=t十△t=t十 10.AC【解析】由题知，物体的初速度为零，物体通 1 ·2· ·物理· 参考答案及解析 《④香，里由：由公式h十hs=,然理得2h= 14.(1)2s (2)2m/s2 (3)1s 【解析】(I)设m2下落到地面的时间为t,根据自 gt2一2h木。图像2h-t2的斜率仍然表示重力加速 由落体运动公式可得 度，只是图线的位置发生变化，斜率没有发生变化。 1 (2分) 12.1)cBA1分)2)左端1分)（3)7(2分) h=28t h (4)0.81(2分)1.6(2分) 解得一入g (1分) 【解析】(1)实验步骤中，首先调整滑轮位置使细 (2)木块m1在AB段，根据匀变速直线运动的规 线与木板平行，确保力的方向正确；接着接通打 律有 点计时器电源，让计时器先工作；最后释放小车。 v=2aL (2分) 顺序为CBA。 解得vB=4m/s (2)小车做匀加速直线运动时，速度越来越大，纸 木块m1运动到B点所用时间 带上点间距逐渐增大，题图乙中纸带左端间距 小，右端间距大，说明纸带左端与小车相连。 =1$ (1分) a (3)根据匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速 则木块m1在BC段运动的时间 度等于该段时间内的平均速度。B点为A、C的 t2=t-t1=1s (1分) 中间时刻，AC间位移为x2,时间间隔为2T,则 由匀变速直线运动位移与时间的关系有 1 L2=VBt2一 2aat (2分) (4)根据逐差法，可知打点计时器的加速度a 解得木块m1在BC段的加速度大小 zCE-xAc=(0.1924-0.0800)-0.0800 (1分) 472 4×0.12 m/s2= a2=2m/s2 (3)木块m1到达C点时的速度大小 0.81m/s,B,点是AC的中间时刻点，则有vB= Vc=VB-a2t2=2 m/s (2分) xAc0.0800 2T=2X0.1m/s=0.4m/s,此时向心加速度 则木块1经过C,点后还能运动的时间 an=5=01m/s2=1.6m/s2、 t,=e=1s。 (1分) 13.(1)0.5m/s23.6m/s(2)2m/s2 15.(1)5s20m/s(2)不能4m (3)能16m 【解析】(1)小孩滑行时水平方向只受摩擦力的 【解析】(1)泥石流由静止开始沿斜坡匀加速下 作用，做匀减速直线运动，与初速度为零的匀加 滑过程，根据位移公式有 速直线运动具有对称性，因此有 x1=201号 (1分) 1 x=201号 (1分) 解得t1=5s (1分) 将x=12.96m、t3=(12-4.8)s=7.2s代入上 根据速度公式有 式，可解得a1=0.5m/s (2分) v1=aiti 根诺x=0nd 解得v1=20m/s (1分) (1分) (2)泥石流滑到水平面做匀减速直线运动到BD, 可解得最大速度为 根据速度与位移关系式有 Umax-3.6 m/s (1分) u2-v1=-2a3x0 (1分) (2)小孩“点冰”加速过程中速度的增大量与滑行 解得v2-16m/s 过程中速度的减小量相等，根据℃t图像可知，每 上述过程，根据速度公式有 次，点冰时间为0.8S,下一次，点冰到上一次点冰 ℃2=v1-a3t2 (1分) 的时间间隔为1.2s (1分) 解得t2=2s 减速的时间共计 行人匀加速至最大速度过程有 t1=1.2s+1.2s+7.2s=9.6s (1分) Um-a2l3 加速的时间共计 1 (1分) t2=0.8s+0.8s+0.8s=2.4s (1分) x2=20zt喝 根据a1t1=a2t2 (1分) 解得t3=4s 代入数据，解得a2=2m/s2。 (1分) x2=16m ·3· 2027 单元过关 行人匀速至D所用时间 若行人沿AB方向逃离，当泥石流减速至与行人 4=L-x2 速度相等时有 (1分) Um Um=v1-a3ts (1分) 结合上述，解得t4=2.5s 解得ts=6s △t+t3十t4=7.5s>t1+t2=7s (1分) 上述过程泥石流与行人的位移分别为 可知，行人不能到达安全区，行人被泥石流掩埋 的位置与D点的距离 (1分) V1ts 2 (1分) x=vm(△t+t3+t4一t1-t2) (1分) x特=vmt5 (1分) 解得x=4m (1分) 解得x花=84m (3)结合上述可知 x行=48m t1=t3+△t=5s 由于x泥<x0十x2十x行 (1分) 即泥石流到达坡底时，行人恰好加速至最大速 可知，行人能脱离危险，泥石流与行人间的最小 度，此过程行人的位移 距离 (1分) x2=16m xmim=x0十x2十x行一x花=16m。 (1分) 2026一2027学年度单元过关（二)物理·相互作用 一、单项选择题 3.C【解析】如图甲所示，在水轮缓慢转动过程中， 1.B【解析】作出力F分解的关系图，如图所示，根 虚线圆为固定转轴B的轨迹，因为B光滑且缓慢 据牛顿第三定律可知F1=F1,F2=F2,由图可 转动，所以轴两边绳子上的拉力均为mg,根据平 知F2>F1,F2>F,A、C错误；根据几何关系 行四边形定则，可知当两边绳子之间的夹角最小 有F2 sin,F,、F F =an0,力F一定时，夹角日越 时合力最大，夹角最大时合力最小，由几何关系可 知，图甲中B1位置时合力最大，B2位置时合力最 小，F1和F2越大，B正确；力F一定时，夹角0越 小。B在B1位置处进行受力分析如图乙所示，设 大，F1和F2越小，凿子越不容易凿入木头，D ∠OAB1=0,在直角三角形OB1A中，根据几何关 错误。 系可得如0一8识-日解得0=30，格超手行四 边形定则，可得合力与竖直方向的夹角0=30°，则有 F合=2 ng cos30°=40√3N,同理，B在B2位置处 进行受力分析，如图丙所示，根据几何关系可知 ∠AB2B1=90°-0=60°，则AB2与竖直方向的夹 2.A【解析】令0=37°，根据题意，对杯盖两接触点受 角为60°，根据平行四边形定则，可知合力与竖直 力分析，如图所示，由平衡条件有2mg十Nsin0= 方向的夹角B=60°，则可得F合=mg=40N,故细 fcos0,又有f=N,联立解得N=12.5mg,A 绳对固定转轴B的作用力范围为40N≤F金≤ 正确。 40√3N,C正确。 0 B2 mg 甲 1 4·2026一2027学年度单元过关（一） 物理·运动的描述匀变速直线运动的研究 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项符合题目要求。 题号 1 2 3 4 5 6 答案 1.2025年4月25日0时，载满小商品货柜的第2112列“义新欧”班列跨越13052公里抵 达了西班牙的首都马德里，列车进站过程可视为匀减速直线运动。下列说法正确的是 () A.研究“义新欧”班列从中国到西班牙过程中的任何情况下均能将列车视为质点 B.“4月25日0时”表示时间间隔，“13052公里”表示列车运动的位移大小 C.列车进站过程的加速度在减小 D.列车进站过程中的加速度与速度方向一定相反 2.2025年4月19日，全球首个人形机器人半程马拉松赛在北京亦庄举行。在比赛中，甲、 乙两机器人在某段直线赛道上运动的xt图像如图所示，关于两台机器人的运动() A.t=0时刻，甲、乙两者的速度一定相同 B.t1时刻，甲、乙相遇 C.0~t1时间内，甲、乙的位移相同 D.0~t1时间内，甲、乙的平均速度相同 单元过关（一）物理第1页（共8页）》 用信念去坚特梦想，用劳力去创造未来 ....C..E 3.如图所示为物体做直线运动的图像，下列说法正确的是 班级 x/m 4a/(ms2) ↑/(m's) 姓名 t/s -20 t/s 乙 丙 丁 得分 A.图甲中，物体在0~t1时间段通过的位移为x1 B.图乙中，阴影面积表示t1时刻物体的速度大小 C图丙中，物体在0一1时间内的平均速度等于 D.图丁中，0~4s内物体的速度变化量是4m/s 4.汽车自动驾驶技术依赖于传感器，实时感知周围环境并进行决策。在一次测试中，一辆自 动驾驶汽车因感知到前方存在障碍物而紧急刹车，刹车过程可看作匀减速直线运动。以 开始刹车时为计时零点，自动驾驶汽车的心t图像如图所示，则自动驾驶汽车() x/m 40 30 20 10-- 02468 A.前4s内平均速度大小为20m/s B.0~4s内和0~8s内平均速度大小相等 C.前4s内刹车的加速度大小为3.75m/s2 D.t=0时的速度大小为25m/s 5.甲、乙两辆玩具车在两条平行直轨道上运动，它们运动的二图像如图所示。初始时刻， 两车在运动方向上相距1=1m,甲在后、乙在前，下列说法正确的是 () ↑芳/ms) 2 4 A.甲车的加速度大小为0.5m/s2 B.0~t。时间内，甲，乙两车之间的距离先增大后减小 C.to时刻甲车的速度大小为4m/s D.在t=t。时刻甲、乙两车相遇 单元过关（一）物理第2页（共8页） 1 6.如图甲所示，将A、B两小球从空中同一位置以相等速率v。在t=0时刻分别竖直向上 和竖直向下抛出，它们的心t图像如图乙所示，已知B球在2t。时触地，重力加速度为 g,忽略空气阻力。下列说法正确的是 () B A A 777777777 甲 A.抛出点到地面的高度为2gt品 B.A球在2to时回到抛出点 C.落地前B球相对A球做匀加速直线运动 D.B球在第一个to内和第二个to内的位移之比为1：3 7.如图甲所示，为江门市首座跨江双塔悬索天桥，图乙中A、B、C、D、E为大桥上五根钢丝绳 吊索，相邻两根吊索之间距离相等，若车辆从吊索A处开始做匀减速直线运动，刚好在吊 索E处停下，车辆通过吊索D时的瞬时速度为vD,通过DE段的时间为t,则() 甲 A.车辆减速的时间等于2t B.车辆通过吊索A时的速度大小为4D C.车辆通过吊索C时的瞬时速度等于通过AE段的平均速度 D.车辆通过AD段的平均速度是通过DE段平均速度的9倍 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多 项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 题号 6 9 10 答案 8.我国纵横的高铁网给人们的出行带来了方便。某同学绘制了某列车的一段直线运动过 程，但未知是加速出站，还是刹车进站，通过图像可知 () 单元过关（一）物理第3页（共8页） ↑ě/ms网 0.1 A.该同学绘制的是列车加速出站过程 B.列车的初速度为40m/s C.列车的加速度为一8m/s2 D.列车前6s内位移为96m 9.如图所示，运动员先后将甲、乙两冰壶以相同的初速度从A点沿直线AO推离。若甲冰 壶以加速度a1做匀减速运动后停在O点；乙冰壶先以加速度a2做匀减速运动，到达某 位置，运动员开始刷冰面减小动摩擦因数，乙冰壶以加速度α3继续做匀减速运动并停 在O点，则 () 0 A.a<a2 B.a<a3 C.a>a3 D.a2>a3 10.物体由静止从O点沿直线做匀加速运动，依次经过A、B两点，物体加速度的大小为α，若通 过OA段所用的时间为δ，通过AB段走过位移的大小也为6，下列说法正确的是() A.物体在A点速度的大小为a6 R若物体通过AB段所用的时同为号，则的的大小为日 C,若物体通过0A段走过位移的大小为。则心的大小为 2 D.物体通过OA段与AB段的平均速度之比为1十1+ a8 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)某同学利用手机测量当地的重力加速度，实验场景如图甲所示，他将一根木条平 放在楼梯台阶边缘，小钢球放置在木条上，打开手机的“声学秒表”软件，用钢尺水平击 打木条使其转开后，小钢球下落撞击地面，手机接收到钢尺的击打声开始计时，接收到 小球落地的撞击声停止计时，记录击打声与撞击声的时间间隔t,多次测量不同台阶距 离地面的高度h及对应的时间间隔t。 单元过关（一）物理第4页（共8页） 42h/m 3.5 3.0 2.5 8 3.0 1.5 手机 1.0 A 0. 21s3 0.050.100.150.200.250.300.35 乙 丙 (1)用分度值为1mm的刻度尺测量某级台阶高度h的示数如图乙所示，则h= cm。 (2)作出2h-t2图线，如图丙所示，可得重力加速度g= m/s2(结果保留两 位小数)。 (3)在图甲中，手机放在了木条与地面间的中点附近进行测量，若将手机放在地面A 点，设声速为，考虑击打声的传播时间，则小球下落时间可表示为t'= (用h、t和v表示)。 (4)有同学认为，该同学在实验中未考虑木条厚度，用图像法计算的重力加速度g必然 有偏差，请判断该观点是否正确，并简要说明理由： 12.(8分)利用打点计时器研究匀变速直线运动的规律，实验装置如图甲所示。 滑轮小车纸带打点计时器 X1- 重物 (1)按照图甲安装好器材，下列实验步骤正确的操作顺序为 (填各实验步骤 前的字母)。 A.释放小车 B.接通打点计时器的电源 C.调整滑轮位置，使细线与木板平行 (2)实验中打出的一条纸带如图乙所示，A、B、C为依次选取的三个计数点（相邻计数 点间有4个点未画出)，可以判断纸带的 (填“左端”或“右端”)与小车 相连。 单元过关（一）物理第5页（共8页） (3)图乙中相邻计数点间的时间间隔为T,则打B点时小车的速度v= (用题 目中所给出的物理量表示)。 (4)某同学用打点计时器来研究圆周运动。如图丙所示，将纸带的一端固定在圆盘边 缘处的M点，另一端穿过打点计时器。实验时圆盘从静止开始转动，选取部分纸 带如图丁所示。相邻计数点间的时间间隔为0.10s,圆盘半径R=0.10m。则这 部分纸带通过打点计时器的加速度大小为 m/s2;打点计时器打B点时圆 盘上M点的向心加速度大小为 m/s2(结果均保留两位有效数字)。 纸带打点计时器 B D ←3.59 8.00 单位：cm -13.22 -19.24 丁 13.(10分)如图甲所示的“冰爬犁”是北方儿童在冬天的一种游戏用具：“上坐一人，双手握 铁篙，向后下方用力点冰，则爬犁前进如飞。”在空旷的水平冰面上，有一小孩从静止开 始，连续三次“点冰”后，爬犁沿直线继续滑行了x=12.96m后停下。某同学用t图 象描述了上述运动过程（三次“点冰”过程中爬犁的加速度相同），如图乙所示。运动过 程中，空气阻力不计，爬犁与冰面的动摩擦因数不变。 (I)求爬犁减速滑行时加速度a1的大小和运动中的最大速率vmax。 (2)求小孩“点冰”时爬犁加速度a2的大小。 */ms1) 00.82.02.84.04.8 12.0s 单元过关（一）物理第6页（共8页） 14.(13分)如图所示，木块m1从光滑的斜面上的A点以a=4m/s2的加速度由静止开始 下滑，与此同时小球m2在距C点的正上方h=20m处自由落下，木块m1以不变的速 率途经斜面底端B点后，继续在粗糙水平面上运动，在C点恰好与自由下落的小球m2 相遇。木块和小球均可看作质点，不考虑两者碰撞，斜面AB段长L1=2,水平BC 段长L2=3m,不计空气阻力，g取10m/s2,求： (1)m2下落到地面的时间； (2)m1在BC段的加速度大小； (3)m1经过C点后还能运动的时间。 不○m2 m B 1 单元过关（一）物理第7页（共8页） 15.(17分)山体滑坡往往会对人民生命安全和财产安全造成巨大损失。如图，假设在发生 山体滑坡时，距离山坡底部A处x。=36m的B点正有一个行人逗留，此时距坡 底x1=50m的山坡顶处有一大片泥石流正以a1=4m/s2的加速度由静止开始沿斜 坡匀加速下滑，泥石流的宽度L=36,行人发现后准备加速逃离。已知行人从发现 泥石流到开始逃离的反应时间△t=1s,之后行人以a2=2m/s2的加速度由静止开始 做匀加速直线运动，跑动的最大速度vm=8/s,达到最大速度后做匀速直线运动。泥 石流滑到坡底前后速度大小不变，但滑到水平面时开始以a3=2m/s2的加速度做匀减 速直线运动，泥石流始终平行于AC边。 (1)求泥石流在斜坡上的运动时间及到达坡底时的速度大小。 (2)若行人沿BD方向逃离，BD边平行于坡底AC边，过D点后为安全区，请判断行人 是否能到达安全区？若能，求行人从开始运动至到达安全区的时间；若不能，求行 人被泥石流掩埋的位置与D点的距离。 (3)若行人沿AB方向逃离，请判断行人是否能脱离危险？若能脱离危险，请计算泥石 流与行人间的最小距离；若不能脱离危险，请通过计算说明理由。 斜坡 泥石流 L=36m 安全区 C D L=36m x1=50m A xo=36 m B 单元过关（一）物理第8页（共8页）