安徽蚌埠禹王学校等校2026-2027学年高三上学期10月学情检测物理试卷B

高三物理B 满分：100分 时间：75分钟 注意事项： 1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码 粘贴区。 2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹签字笔书写，字体工整、 笔迹清晰。 3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿 纸、试卷上答题无效。 4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑 5.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。 一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符 合题目要求的。 1.如图所示，一个人从A点沿着旋转式楼梯走到B点。 下列说法正确的是 A.楼梯对人的支持力和人对楼梯的压力是一对平衡力 B.楼梯对人的支持力和人受到的重力是一对作用力与反作用力 C.此人运动的路程大于位移的大小 D.此人运动的平均速率为零 2.某同学用手机中的加速度传感器研究自由落体运动。测量软件已在手机静止时调零，记录 手机相对地面的竖直加速度。实验时手掌托住手机静止，随后手掌迅速向下运动使手机脱 离手掌自由下落，最后用手掌接住手机，记录的α一t图像如图所示。下列说法正确的是 A.该图像以竖直向上为加速度正方向 a B.t1~t2时间内，手机处于完全失重状态 C.t2t3时间内，手机的加速度与速度方向相反 D.3~t4时间内，手掌对手机的支持力大于手机所受重力 3.第十五届全国冬季运动会将于2028年在辽宁省举办。某次备战训练中，运动员将冰壶以 2/s的初速度沿水平冰面推出，以初速度方向为正方向。已知冰壶与冰面间的动摩擦因 数为0.02，重力加速度g取10m/s2。下列说法正确的是 A.每秒内，冰壶的速度变化量为0.2m/s B.t=15s时，冰壶的速度为一1m/s C.0~12s内，冰壶的平均速度大小为1m/s D.35s内，冰壶的位移大小为2.4m 4.如图所示，末端水平的倾斜轨道固定在竖直黑板上，轨道末端位于黑板的左上角。在轨道末 端固定一光电门，可视为质点的钢球从倾斜部分由静止释放，测得钢球通过光电门时速度大 小为1.5m/s、方向水平。已知黑板竖直高度为0.8m,不计空气阻力，重力加速度g取 10/s2,则钢球从轨道末端飞出至离开黑板时，位移大小可能为 【高三物理B第1页（共6页）】 p 轨道 光电门 黑板 0.8m A.0.9m B.1.2m C.1.6m D.2.0m 5.如图所示，一倾角为30°的光滑斜面固定在水平地面上。在斜面上建立直角坐标系xOy, x轴沿斜面内的水平方向，y轴沿斜面向下。原点O与斜面底边之间固定一垂直于斜面的 光滑挡板。=0时，将可视为质点的物块从O点由静止释放，到达斜面底边前，物块沿挡板 在斜面上运动。物块沿xy方向的位移分别记为x、y,分速度分别记为⑦，、，。下列图像 可能正确的是 x/m 人 y/m 30 x/m AV/(m's) y/m Av,/(m's) t/s m A C D 6.嫦娥六号探测器发射成功，开启了人类首次从月球背面采样之旅。如图，假设嫦娥六号在环 月椭圆轨道上沿图中箭头方向运动，只受到月球的引力，αb为椭圆轨道长轴，cd为椭圆轨 道短轴。已知嫦娥六号绕月球运动周期为T,其近月点α到月球中心的距离为r1,远月点b 到月球中心的距离为r2,引力常量为G。下列说法正确的是 A.某时刻嫦娥六号位于c点，则再经过半个周期它将位于轨道的d点 B.嫦娥六号在近月点a和远月点b的速度之比为 嫦娥 六号在近月点4和远月点b的加速度之 π2(r1十r2)2 D.月球的质量为2GT 7.如图所示，在竖直平面内固定着光滑圆管道，PQ、MN分别为过圆心O M 点的水平、竖直直径。一直径略小于管内径的小球置于管道中，不计空 气阻力。用粗线表示小球在运动过程中对内侧管壁可能有作用力的区 域。下列说法正确的是 【高三物理B第2页（共6页）】 -0 图1 图2 图3 图4 A.若小球在最高点M受到轻微扰动后运动，小球在运动过程中对内侧管壁可能有作用力 的区域如图1所示 B.若小球在最高点M受到轻微扰动后运动，小球在运动过程中对内侧管壁可能有作用力 的区域如图3所示 C.若小球在最低点N给一水平方向的初速度，小球在运动过程中对内侧管壁可能有作用 力的区域如图2所示 D.若小球在最低点N给一水平方向的初速度，小球在运动过程中对内侧管壁可能有作用 力的区域如图4所示 8.如图所示，质量M=3kg的半圆柱体B置于水平桌面上，B与水平桌面间的动摩擦因数4= 0.2。轻绳跨过轻质光滑定滑轮，一端连接B、另一端悬挂物体C,绳的水平段与桌面平行、 竖直段沿竖直方向。质量m=2kg的小球A放在B上，A与B圆心O的连线与水平方向 夹角α=53°。由静止释放后，A、B始终保持相对静止且A未脱离B,B在运动过程中不发生 翻转，忽略A、B间的摩擦，重力加速度g取l0m/s2,sin53°=0.8。下列说法正确的是 A.半圆柱体B与水平桌面间的摩擦力大于10N A B B.半圆柱体B对小球A的支持力大小为25N O'a C.物体C的质量为4.75kg D.轻绳的拉力大小为190N 二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题 目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。 9.如图1所示，甲、乙两车在平直的公路上初始时并排，同时由静止开始同向做直线运动。甲 车的位移一时间(x一t)图像如图2所示，0~4s内为抛物线，4s后为直线；乙车的速度平 方一位移(2一x)图像如图3所示。下列说法正确的是 个x/m v21m21s3 甲 256 SOPo 4 64 x/m 图1 图2 图3 A.甲车的加速度先增大后保持不变 B.加速阶段甲车的加速度大于乙车的加速度 C.两车在距出发位置96m处再次并排 D.相遇前两车的最大距离为24m 【高三物理B第3页（共6页）】 10.距离地球17光年处有一颗具有和地球相同自转特征的“超级地球”。如图所示，该星球可 以视为均匀圆球，绕AB轴自转，O点为其球心，半径OE与赤道平面的夹角为0。已知该 星球的半径为R,北极点A处的重力加速度大小为g1,赤道上D处的重力加速度大小为 g2,万有引力常量为G,则下列说法正确的是 A.E处重力加速度方向沿着EO方向 'g B.星球的质量为G D C.星球自转角速度为 g1-g2 D.E处的自转线速度为√(g1一g2)R 三、非选择题：共5小题，共58分。 11.(6分) 为研究平抛运动规律，某实验小组利用矿泉水瓶和染成红色的水进行实验。在无盖矿泉 水瓶的侧壁沿水平方向钻一小孔；先堵住小孔，再向瓶内注水，然后打开小孔，水便从小孔水平 射出，形成水柱。 1 图1 图2 图3 (1)如图1，取两个完全相同的矿泉水瓶，左瓶装水较多、右瓶装水较少，两瓶小孔c的位 置相同。由喷出的水柱形状可判断，水从小孔射出的初速度与小孔 方的液柱高度 有关（填“上”或“下”）。 (2)如图2，将矿泉水瓶置于水平桌面边缘，桌边悬挂一重锤线，使照相机正对水柱，拍摄 某一时刻水柱的照片并打印出来。实验中可认为形成所拍水柱的各水滴从小孔射出时的初速 度相同。 ①在照片的水柱上选取A、B、C三点，测得A、B两点以及A、C两点沿平行于重锤线的 方向的距离分别为d1、d2,沿垂直于重锤线的方向的距离分别为x、2x。已知照片中矿泉水瓶 的高度为h,矿泉水瓶的实际高度为H,重力加速度为g,则水射出的初速度。= (用题中所给字母表示)。 ②为减小实验误差，下列说法正确的有 (填选项字母)。 A.悬挂重锤线是为了确定竖直方向 B.应选用瓶径更大的矿泉水瓶 C.小孔开口越大越好 【高三物理B第4页（共6页）】 12.(10分) 某学习小组用图1装置做“探究加速度与力、质量的关系”实验。 力传 单位：cm 打点计时器小车感器细线 定滑轮 6 纸带、 长木板 电物 图1 图2 (1)若将力传感器的示数当作小车所受合外力，则 (选填“需要”或“不需要”)垫 高长木板平衡摩擦力； (选填“需要”或“不需要”)满足重物质量远小于小车总质量。 (2)实验中获取的纸带如图2所示，电源频率为50Hz,相邻计数点间有4个点未标出。 用毫米刻度尺测量各计数点到0点的距离，记录如下表，则打计数点4时小车的速度4 m/s(结果保留三位小数)。 计数点 1 2 0 × 5 6 TI x2 XA T5 T6 位移(cm) 5.80 13.21 22.23 32.83 45.05 58.86 U1 02 V3 04 U5 Vs 速度(m/s) 0.661 0.822 0.981 1.302 (3)在图3坐标纸中描出计数点4的瞬时速度并作出小车的？一1图像，由图像求得小车 的加速度a= m/s2(保留三位有效数字)。 v/(m's) Aa/(m's2) 1.40 5.0 1.30 1.20 4.0 1.10 3.0 1.00 0.90 2.0 0.80 1.0 0.70 0.60 0 0.100.200.300.400.500.60 1.02.03.04.05.06.07.0FN 图3 图4 (4)若将长木板水平放置，并将小车车轮锁死，使小车在长木板上滑动，忽略纸带阻力和空 气阻力。改变重物质量，根据小车加速度a和力传感器示数F作出图4所示的α一F图像，则 小车与长木板间的动摩擦因数4= (保留两位有效数字，重力加速度g取10m/s2)。 13.(10分) 如图所示，倾角为0=30°的斜面体C置于水平面上，用轻杆将轻质光滑滑轮固定于天花 板上，绕过滑轮的细线连接物块A、B,连接B的细线段与斜面平行。已知物块A的质量为mA =1kg、物块B的质量为mB=1,5kg、斜面体C的质量为mc=2kg,重力加速度g取 10/s2。物块B与斜面体C间的最大静摩擦力足够大，各接触面间均认为最大静摩擦力等 于滑动摩擦力。求： Leaiut (1)整个装置静止时，轻杆所受弹力的大小； (2)为使整个装置保持静止，斜面体C与水平面间的动摩擦因数至 少为多大。 444444444 【高三物理B第5页（共6页）】 14.(14分) 半径为1的水平圆盘上有一个质量为m的小物块，用长也为1的轻质细绳将物块连接在 穿过圆盘中心的竖直转轴上，细绳与竖直转轴的夹角0=53°，此时细绳伸直但无张力。圆盘离 水乎地面高度为L,物块与圆盘间的动摩擦因效为以=0,5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力 物块随圆盘由静止开始缓慢加速转动，重力加速度为g,si53°=0.8，回答下列问题： (1)当水平圆盘以角速度w1匀速转动时，绳上恰好开始有张力，求1的值； (2)当水平圆盘以角速度ω2匀速转动时，物块恰好对圆盘压力为零，求2的值； (3当水平因叁正以角速度，-匀速转动时，突然圆盘被卡死同时左接物块的细绳 断裂，小物块由于惯性沿圆盘滑动至边缘后飞出，求物块离开圆盘时速度大小以及落地点（不 反弹)到竖直转轴的水平距离。 77777777777777777777777777 15.(18分) 如图所示，一木板放置在足够大的水平地面上，可视为质点的物块静置于木板的最左端。 已知木板质量M=1kg,物块质量=2kg,物块与木板间的动摩擦因数1=0.2，木板与水 平地面间的动摩擦因数以2=0.1，各处最大静摩擦力均等于滑动摩擦力，重力加速度g取 10m/s2. (1)若锁定木板，给物块向右的初速度v。=2√6/s,物块恰好运动到木板右端，求木板的 长度； (2)若解锁木板，给物块向右的初速度，物块恰好运动到木板右端，求物块的初速度大小及 木板运动的总位移大小； (3)在(2)的情境中，当物块恰好运动到木板右端时，对木板施加水平向右的恒力F= 10N。经过一段时间撤去恒力F,最终物块恰好到达距离木板右端d=1.8m处相对静止，求 恒力F的作用时间。 7777777777777777777777777777777 【高三物理B第6页（共6页）】高三物理B参考答案 选择题：1一8题，每题4分；9一10题，每题5分，共42分。 4 6 7 d 9 10 C D D A B C A B BC BC 11.(6分) Hg 【答案】(1)上(2分) (2)①x √h(d2-2d,)(2分) ②AB(2分) 12.(10分) 【答案】(1)需要(1分) 不需要(1分) (2)1.141(2分) /m's) 1.40 1.30 1.20 1.10 (3)1.00 (2分) 1.60(1.581.62之间均给分)(2分) 0.90 0.80 0.70 0.60 0 0.100.200.300.400.500.606 (4)0.067(0.065~0.069之间均给分)(2分) 13.(10分) 【答案】(1)F=10√3N(4分) (2)μmin= 3 6或红≥5均给分(6分) 6 【解析】(1)细线中的拉力大小为FT=mAg 轻杆中弹力的大小为F=2 Frcos 90°-0 2 2分 解得：F=10W3N… …1分 (2)以物块B和斜面体C为研究对象，竖直方向有 (mB十mc)g=Frsin0+FN…2分 水平方向有F,=Frcost0 …2分 又Fr≤μFN ……………………………………1分 解得：>≥ …………………………1分 6 14.(14分) 【答案】 (1)w1= 5g(4分) 8 g(4分) (2)w2=√3 (3)2= 层厘6分 5 【解析】(1)当水平转盘以角速度ω1匀速转动时，此时物块受到的静摩擦力达到最大， 由牛顿第二定律得mg=ml sinw1 ……………………………………………2分 代入数据解得ω1= 5g ………………………………2分 8L (2)当压力为零时，物块所需要的向心力由重力和细绳拉力的合力提供， 由牛顿第二定律得mng tan0=mlsin0·w号… ………2分 解得w2一√3 …2分 高三物理B参考答案第1页（共6页） (3)当水平转盘以w3= 角速度匀速转动时，由于m,<:,物块还在圆盘上： AL 圆盘停止转动时物块速度为v1=w3·lsin0 Λ5 ………………………………………1分 物块沿断绳瞬间的速度方向做匀减速运动，加速度α=g 位移为1=厅-1m0=多 ………1分 离开圆盘速度v2=√0斤-2a.x1 gl …………………………………………1分 物块离开圆盘做平抛运动，已知h= 号1，则空中时间为1一 2h ……………………1分 g 2 平抛水平距离x2=v2t= …………………………………………1分 落地点距离竖直转轴水平距离为x=√1sin0)+(x1十x2)=√红 ………………………1分 5 15.(18分) 【答案】(1)L=6m(3分) (2)wo1=6m/s,x=4m(8分) (3)t2=1.8s(7分) 【解析】(1)木板锁定，物块在木板上做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得 以1mg=01…………………………………………………………1分 由匀变速直线运动规律得 vg=2a1L…1分 解得：L=6m…1分 (2)解锁木板，物块做匀减速直线运动，木板做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得 h1mg-h2(m十M)g=Ma2…1分 设物块的初速度为vo1,经时间t1二者共速，则 V01—Q11=21………… ………………1分 1 店t2at2&0 ……………………2分 解得：vo1=6m/s,t1=2s 假设物块与木板共速后一起做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得 μ2(m十M)g=(m十M)ag…1分 解得：a3=1m/s2 由于a3<a1,所以物块可以与木板一起做匀减速直线运动，由匀变速直线运动规律得 r=20+a) 1 …………………………………………………2分 2a3 解得木板运动的总位移大小为x=4m…1分 (3)对木板，由牛顿第二定律得 F-以1mg-μ2(m十M)g=Ma4…1分 解得：a4=3m/s2 设水平恒力F的作用时间为t2,再经过时间t3,物块与木板共速，撤去水平恒力F后，对木板， 由牛顿第二定律得 41mg十h2(m十M)g=Ma5…1分 解得：木板加速度方向向左，大小为a5=7m/s (此段物块始终受木板向右的滑动摩擦力，加速度为a1=2m/s2) 高三物理B参考答案第2页（共6页）》 v/(m's) 木板 、物块 4 0 0.51.01.52.02.53.03.54.0is 设F作用时间为t2,再经t3二者重新共速。由共速条件 (a4-a1)t2=(a十a1)t3,代入数据得t-号 t2 …】分 t2、t3内木板相对物块滑动的距离之和为d,由相对运动 d-a:-a店ta:-a,ata) 1 …2分 代人数括得d=号 由d=1.8m,解得：t2=1.8g…2分 【注】：以上各解答题，如有不同解法并且正确，请按相应步骤给分。 高三物理B参考答案第3页（共6页）》 详解 1.【答案】C 【解析】楼梯对人的支持力和人对楼梯的压力是一对作用力与反作用力，并非一对平衡力，故A错误； 楼梯对人的支持力和人受到的重力均作用在人身上，不是一对作用力与反作用力，故B错误。 此人运动的轨迹是曲线，路程大于位移的大小，故C正确； 平均速率等于路程与时间的比值，此人运动的平均速率大于0，故D错误。 2.【答案】D 【解析】该图像以竖直向下为加速度正方向，故A错误； t1~t2时间内，手机具有向下的加速度，但大小不等于自由落体加速度，处于失重状态，而不是完全失重状 态，故B错误； t2~t3时间内，手机的加速度与速度方向相同，均是竖直向下，故C错误； t3~t4时间内，手机具有向上的加速度，处于超重状态，受到手掌的支持力大于其重力，故D正确。 3.【答案】D 【解析】由牛顿第二定律可得mg=ma,冰壶做匀减速直线运动的加速度大小为a=0.2m/s2, 在停止前的匀减速运动阶段，每1s速度变化量为一0.2m/s;停止后速度变化量为0。故A错误； 冰壶的速度减小到0所需的时间为1=”=10s,所以1=15s时，冰壶的速度为0，故B错误： 冰壶通过的总位移为x= 2a =10m,0~12s时间内，冰壶运动的平均速度大小为0=工-5 t6m/s, 故C错误； 由=，-a:可得3s时冰壶的速度为v=1.4m/,由x=:-a可得3~5s时间内， 冰壶运动的位移为x=2.4m,故D正确。 4.【答案】A 【解析】钢球离开轨道后沿黑板做平抛运动，竖直方向做自由落体运动。 若钢球从黑板下沿离开，则方=？g,水平方向做匀速直线运动，则x=0, 钢球沿黑板运动的位移是s=√x2十h,解得s=1m; 若钢球从黑板右侧离开，则位移小于1m,位移随板宽在0<s≤1.0m内连续可取，故0.9m可能，故A 正确。 5.【答案】B 【解析】物块受重力、斜面对物块的支持力和挡板对物块的支持力。 先将重力沿垂直斜面方向和平行斜面方向分解，垂直斜面的分力与斜面的支持力平衡； 在斜面平面内，再将重力沿斜面的分力沿挡板方向、垂直挡板方向分解，其垂直挡板的分力与挡板的支持 力平衡，沿挡板的分力即为物块所受合外力。 因此物块沿挡板做初速度为零的匀加速直线运动。 由图，挡板与x、y轴均不平行，故两分运动均为初速度为零的匀加速直线运动，设加速度分别为a,和ay, 则u=a,tx=2a,ty=2at、w=2ay, 可见x一t、y一t均为过原点、下凸的抛物线，故A错、C(上凸)错； v,一t为过原点的倾斜直线，B正确；由vy=√2ay知vy一y为曲线而非直线，D错。 6.【答案】C 【解析】根据开普勒第二定律，从a过c到b,速度逐渐减小，从b过d到a速度逐渐增大，故c过b到d 时间大于半个周期，A错误； 根据开音勒第二定律可得1041=2：4， 高三物理B参考答案第4页（共6页） 可得嫦娥六号在近月点和远月点的速度之比为四-，故B错误； v2 r 根据牛顿第二定律可得SGMm r2 专“，可得在近月点和远月点的加速度之比为。，故C正确 椭圆轨道的半长轴为a-。假设一圆税道半径等于椭▣轨道的半长箱，即有，=4-十，则有 2 2 2GT2,故D错误。 GMmm2r,可得M=（1十r2） 7.【答案】A 【解析】当小球在最高点M释放后，设其运动到与竖直方向夹角为日的位置时，小球与内侧管壁的作用 力怡好为军。根指牛顿第二定车有：mgo=m震解得0，=√gRco。 从最高点到该位置，由动能定理可得：mg(R一Rc0s)= )2m,联立可得cos0二二，即在此圆弧区域内 (图1粗线所示)小球对内侧管壁有作用力，选项A正确，B错误。 小球在水平直径PQ下方运动时，不论小球速度多大，其做圆周运动所需的向心力均指向圆心（斜向上或 竖直向上)。由于重力竖直向下，其在径向的分力始终背离圆心向外，因此必然需要圆管外侧管壁提供指 向圆心的支持力。小球与内侧管壁绝不可能有作用力，故CD选项均错误。 8.【答案】B 【解析】对小球A与半圆柱体B整体分析，系统只有水平加速度，竖直方向合力为零， 则半圆柱体B对水平面的压力为F=(M十m)g=50N,半圆柱体B与水平面间的摩擦力为F,=FN =10N,故A错误； 对小球A分析，则F2sina=mg,Fcosa=ma,解得F2=25N,a=7.5m/s2,故B正确； 对小球A与半圆柱体B整体分析，由牛顿第二定律得Fr一Fr=(m十M)a, 解得轻绳中的拉力大小为F=47.5N,故D错误； 对物体C,由牛顿第二定律得mcg一Fr=mca,解得物体C的质量为mc=l9kg,故C错误。 9.【答案】BC 【解析】甲车的位移时间图像先是抛物线，再是倾斜直线，所以甲车先做匀加速直线运动，再做匀速直线 运动，故A错误； 对甲车，由匀变速直线运动规律得x年=2a甲1，解得a年=3m/s2, 匀速运动时的速度为v甲=a年t=12m/s, 对乙车，由匀变速直线运动规律得v2=2a乙x,解得a乙=2m/s2, 匀速运动时的速度为vz=16m/s, 所以在加速阶段，甲的加速度大于乙车的加速度大小，故B正确； 设经过时间t,甲车与乙车相遇，则x甲=24m+12×(t-4)m=x乙=64m+16×(t-8)m,解得t=10s, x年=x乙=96m, 所以甲、乙两车在距离出发点96m处相遇，故C正确； 在相遇前，甲车和乙车的速度相等时距离最大，v甲=vz=12m/s=a乙t',解得t'=6s, 1 甲车与乙车间的距离为Ax=x甲-x乙=(24+12×2)m-之×2×6m=12m,故D错误。 10.【答案】BC 【解析】E点处万有引力指向球心，充当合力，其一分量沿过E点的纬线指向垂直OA方向提供向心 力，另一分量为重力，故E处重力加速度方向过E点偏向EO下方，A错误： 在北极点A处有2二mg1,M=一G,B正确； R? 高三物理B参考答案第5页（共6页）》 在赤道上D处有GMm=mg:十mR,结合上式联立解得，该是球自转的角速度a=。 g1一g2,C正确； E处的自转线速度大小v=Rcos0=√八g1一g2)Rcos0,D错误。 11.(6分) 【答案】(1)上(2分) Hg (2)0xVh(d,-2d2分) ②AB(2分) 【解析】(1)射出水的初速度与侧孔上方液柱高度有关，与下方液柱高度无关，上方液柱高度越大，射水 初速度越大，水柱水平距离越大。故填“上”。 (2)①由水平位移关系可知，由A运动到B、B运动到C的时间相等，令为T。 在水平方向县=，T→T-:在坚直方向只(d,-2,)=gT hvo Hg 联立，解得o=x√(d,-2d) ②重锤线的作用是确定竖直方向，A正确；选用瓶径越大，上方水高下降越慢，出水初速度变化越慢，水 柱形状越稳定，B正确；小孔口径越大，不仅液面下降越快，且水束越粗、越难保证水平射出，取点误差越 大，C错误；故选AB。 12.(10分) 【答案】(1)需要(1分)不需要(1分) (2)1.141(2分) (3)图像见解析(2分)1.60(1.58~1.62之间均给分)(2分) (4)0.067(0.065~0.069之间均给分)(2分) 【解析】(1)由图1实验装置可知，他们将力传感器的示数当作小车及力传感器整体所受合外力，需要将 长木板左侧垫高，平衡摩擦力；不需要使重物的质量远小于小车和力传感器的总质量； （2)打计数点4时小车的速度为4，_45.05-，223×10m/s=1.141m/s: 2T 0.2 (3)在坐标纸中描出计数点4的瞬时速度，画一条倾斜直线，使尽可能多的点落在直线上，不在直线上的 点均匀分布直线两侧，舍弃偏离过大的点，画出小车的一t图像； Av/(m's) 1.40 1.30 1.20 1.10 1.00 0.90 0.80 0.70 0.60 0- 00.100.200.300.400.500.60t/s v一t图像的斜率表示小车的加速度，在图像上找出尽量远的两点计算加速度， 则a=-w=1.302-0.822 /s2=1.60m/s2; 3T 0.3 (4若在实验过程中没有平衡摩擦力，根据牛顿第二定律得F一f=ma,则a=F一上f, 则α一F图像的横截距表示小车和力传感器受到的阻力， 即f=1.0N,a一F图像的斜率k=,即二=4.0-0 m7.0-1.0得m=1.5kg, f1.0N 则小车与长木板间的动摩擦因数为μ= mg1.5X10N≈0.067。 高三物理B参考答案第6页（共6页）》