福建厦门市外国语学校2026-2027学年高二上学期10月阶段检测物理试卷

厦门外国语学校2025级高二年级10月份阶段性检测 物理学科试题 命题人：XXH审题人：GH 本试卷分选择题和非选择题两部分，共8页，满分为100分。考试用时75分钟。 一、单项选择题（本题共5小题，每小题只有一个选项，每小题4分，共计20分） 1.如图所示是电子枪部分的原理图，阴极发射的电子在强电场的作用下从阴极飞向阳极，虚线是其中一 个电子的运动路线，实线是电场线，A、B、C是电场中的三个点，下列说法正确的是 A.C点的电势比A点低 高压电源 HH B.A点的电场强度比B点的电场强度大 C.电子从A运动到B的过程电势能增大 阳极 阴极 …“8… D.从A到B电子的加速度不断增大 2.如图所示的圆周，O为圆心，MN为直径，P为圆周上的点，MW=0.2m,∠PMN=30°。一匀强电场方向 与圆所在平面平行，己知M、N、P三点电势分别为pM=10V、pw=30V、pp=40V,则该匀强电场 的电场强度大小为 A.200V/m B.200W3V/m C.100V/m D.100√3V/m 3.喷墨打印机的原理如图所示，墨盒喷出的墨汁液滴经过带电室时带上电荷，带电液滴经过偏转电场后 打到纸上，显示出字体，且字体大小与打在纸上的偏转位移成正比。己知偏转板长为L,两板间的距 离为d,电压为U。若液滴质量为m,电荷量大小为9，以初速度。平行两板间从正中央进入电场， 忽略空气阻力和重力作用，下列说法正确的是 信号输入 偏转板 A.液滴经过偏转电场的过程中，电势能增大 0+ 纸 B.液滴离开偏转电场时的动能大小为gU+。m 2 回流准 墨盒 C.液滴经过偏转电场的过程中，加速度的大小为？ 带电室 2dm L D.仅将两极板间的电压调节为0.8U,则纸上的字体缩小20% 4.如图甲所示，在x轴上A、B两点分别固定点电荷、2a,其形成电场的电势P在x轴正半轴上的分 布如图乙所示，下列说法正确的是 Ap八V A.书处的电场强度为0 B.2:9n=4:1 x/m C.2,为负电荷，2a为正电荷 D.将负检验电荷由处移到位置，电 场力做负功 5.如图所示，两带等量正电荷的小球分别固定在M、N两点，O点为其连线中点，A和A、B和B分别为 竖直中垂线上对称的点。现将另一质量为m、电荷量为9的带正电小球从O点由静止释放，小球经过 A、B两点时的加速度大小均为2g。己知O、A、B三点的电势分别为po、PA和pB。O、A两点间距为 h1,O、B两点间距为h2。小球均可视为质点。重力加速度为g。不计空气阻力。若该小球从B'点以某 一初动能竖直下落，下列说法正确的是 B ⊕ ⊕ M :0 B A.小球从B点运动到A'点的过程中所受静电力逐渐增大 B.小球从B'点运动到A点的过程中速度先减小后增大 C.若小球能从B'点运动到O点，其初动能至少大于9(P-Pa)-mg(h2-h) D.小球从B'点运动到O点的过程中机械能的变化量为q(Po-P) 二、双项选择题（本题共5小题，每小题6分，共30分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分， 选对但不全的得3分，有选错的得0分。) 6.在M、N两点放置等量异种点电荷如图所示，MN是两电荷的连线，HG是两电荷连线的中垂线，O是 垂足。下列说法正确的是 iH A.OM中点的电场比ON中点的电场强 B.O点的电场与MW上各点相比是最弱的 +№ C.正电荷从O点移动到H点，加速度先增大后减小 D.若将N处换为+Q,由静止释放的电子从H运动到G电场力先做正功 后做负功 G 7.平行板电容器是电磁学中研究电场分布、电容特性的经典模型之一，它常被用于探究电荷、电场强度 与极板间距等物理量的关联规律。如图所示，平行板电容器带等量异种电荷，下极板接地，一带电油 滴位于电容器中的P点且处于平衡状态。现将电容器上极板竖直向上移动一小段距离，并保持两板带 电量不变，则下列说法正确的是 A.电容器的电容减小 B.带电油滴带正电荷 C.带电油滴向下运动 D.P点的电势保持不变 8.如图所示，虚线a、b、℃、d、∫、8代表电场内平行且间距相等的一组等差等势面，己知等势面b的 电势为4V。一带正电的粒子经过等势面a时的动能为20eV,经过等势面d时的动能为8eV,己知粒子 的电荷量为元电荷电量的2倍，不计粒子重力。下列说法正确的是 A.等势面d的电势为0 B.粒子可能到达不了等势面∫ C.粒子一定能到达等势面g D.电场一定是匀强电场 9.如图所示，光滑水平桌面上方存在方向水平向左的匀强电场，桌面右端固定一个定滑轮，跨过定滑轮 的绝缘轻绳分别连接质量均为m的木块A、B,其中木块A的电荷量为+9并静置在水平桌面上。木块 B到水平地面的高度为h,将两木块由静止释放，当木块B即将与地面接触时将其撤去，最终木块A 在距出发点右侧2h位置处速度变为零，己知重力加速度为8，则下列说法正确的是 A.木块A将静止在距出发点右侧2h处 B.电场强度的大小E=坚 _3q A C.木块B即将与地面接触时的速度大小为6 3 D.在撤去木块B前，木块A、B组成的系统机械能守恒 10.如图甲所示，平行金属板P、Q上有两个正对小孔，Q板接地，P板的电势P随时间变化的情况如图 乙所示，一束电子以相同的初速度o陆续均匀地从P板小孔飞向Q板小孔，0时刻从P板小孔飞入 的电子在1=子时刻到达？板小孔且速度刚好减小到零（未返回）。不计电子重力、小孔对板间电场的 影响以及电子间的相互作用，下列说法正确的是 0TT3红2T A.只有满足=nT(n=0,1、2,3.)时刻飞入P板小孔的电子在板间运动的时间才最长 77 B.1=4时刻飞入P板小孔的电子到达Q板小孔的时刻为t= 8 C。若仅将电子从P板小孔飞入的初速度变成学，则有125%的电子到达Q板小孔时的速度仍为 3 D.若仅将两板距离变成原来的两倍，则仁0时刻从P板小孔飞入的电子到达Q板时的速度仍为零 第Ⅱ卷（本卷共计50分） 三、填空题（每空1分，共9分) 11.如图所示，一个原来不带电的半径为r的空心金属球放在绝缘支架上，在其右侧 Q 与球心等高处放置一个电荷量为+Q的点电荷，点电荷到金属球表面的最近距离 为2r。由于静电感应，使金属球上出现了感应电荷，则球的左侧带电（填“正” 或“负”)。空心金属球达到静电平衡状态时，球心处的电场强度大小为 感应电荷在球心处产生的电场强度大小为 12.在水平方向的匀强电场中，一带电小球仅在重力和电场力作用下于竖直面（纸 面)内运动。如图，若小球的初速度方向沿虚线，则其运动轨迹为直线，可 以判断小球所受电场力方向为水平(“向左”或者“向右”)，若小球的 初速度方向垂直于虚线，小球从O点出发运动到O点等高处，则小球在末 位置的重力势能在初位置的重力势能，在末位置的电势能在 初位置的电势能。（均填“大于”、“等于”或“小于”） 3 13.如图所示，真空中有两个固定的正点电荷A、B,己知A的带电量为 5Q,B的带电量未知，一不计重力的带电微粒质量为m,电荷量大小 为9，在正电荷A、B的库仑力共同作用下，恰好在一垂直于AB连线 R 的平面内绕AB连线上的O点做半径为R的匀速圆周运动，C、D为圆 ①T37° CP: 周运动的最高点和最低点。己知带电微粒与两正电荷的连线和AB连线 A 所成的夹角分别为37°和53°，静电力常量为k,则带电微粒带电， B的带电量为，带电微粒做圆周运动的线速度大小 = 四、计算题 14.（12分)如图所示，电容C=150μF的平行板电容器充电后，极板A带3×103C的正电荷，接地的极 板B带3x103C的负电荷，极板AB间距d=10cm。比荷9=2×10？C1kg的带正电粒子自两板中心的 m P处由静止开始运动，不计粒子受到的重力。求： (1)极板AB间的电压UB(2)粒子运动的加速度大小a (3)粒子到达极板前瞬间的速率v 15.（14分)如图，整个空间有场强E=0.75×10V/m的水平匀强电场。ABC为竖直面的固定绝缘光滑轨 道，其中AB部分是水平轨道，BC部分是半径为R的圆弧，两段轨道相切于B点。P为水平轨道上 的一点，而且PB=R=0.4m,把一质量m=0.1kg、带电荷量g=+1.0×104C的小球从P点由静止释 放，小球将在轨道的内侧运动，8取10m/s2,求：(1)小球到达C点时的速度大小 (2)小球从P到C的过程中受到的最大支持力(3)小球从C点脱离轨道后的最小速度 4 16.(15分)如图所示，在竖直平面内的直角坐标系(x轴水平)中，紧贴x轴上方的一定宽度的整个空间 内存在沿x轴负方向的匀强电场，x轴负半轴上的M点固定一发射装置。现有一质量为m、电荷量为g的 带正电的小球甲从M点入射电场，离开电场一段时间后恰能水平经过y轴上的P点，此时的动能是M点 动能的令且M、P两点到坐标原点O的距离满足OM-OP。已知小球在M点的速度大小为0、方向 4 与x轴正方向成a=45°，重力加速度的大小为g。求： (1)OP两点之间的距离h (2)匀强电场的电场强度大小E (3)若在x轴正半轴上的N点存在另一发射装置，能发射速度大小为o、方向与x轴负方向成45°的小球 乙，甲乙两球完全相同，乙球发射时间不早于甲球，要求两球能在电场上方空间相碰，求N点的横坐标x 的取值范围以及最晚发射的乙小球的坐标 个y E← o M 0 N 高二年级10月份阶段性检测参考答案 物理学科 题号1 2 5 6 7 8 9 10 答案B A D B C BD AD BD BC AC 2【答案】A 【详解】因为MN为圆的直径，根据几何关系可知PM与PW垂直，根据几何关系分别有PN=MN sin30, PM=MN cos:30° 代入已知数据解得PW=0.lm和PM=0.lV3m 在匀强电场中，沿PN方向的电场强度分量大小为Ew=一 代入数据解得Ew=100Vm PN 沿PM方向的电场强度分量大小为Epw=二24 代入数据解得Epw=100V3VIm PM 由于PM与PN垂直，根据电场强度的叠加原理有E=√Ew+EW 代入数据解得E=200Vm 3.【答案】D 【详解】A.液滴经过偏转电场的过程中，电场力做正功，则电势能减小，A错误： U B.根据动能定理，液滴离开偏转电场时的动能大小为E,=g二y+。m哈，B错误： 2 C.液滴经过偏转电场的过程中，加速度大小为a= ,C错误： dm D.根据离开偏转电场时的偏转距离为y= 54凸y=g 2dm%'2dm哈 cU,则仅将两极板间的电压调节为0.8U,则偏转 距离y减小20%，则纸上的字体缩小20%，D正确。 故选D。 4.【答案】B 【详解】A,因P一x图像的斜率等于电场强度，可知在x处的电场强度为0，A错误： B.在x位置，根据 ⑨-kgB 2x)2x。2 可得24：2a=4:1,B正确： C.根据x轴正半轴上的电势分布可知，2，为正电荷，2n为负电荷，C错误： D.将负检验电荷由一x处移到x,位置，电势升高，则电势能减小，则电场力做正功，D错误。 3 5.【答案】C 【详解】A,等量正电荷中垂线的电场特点：O点（连线中点）场强为0，沿中垂线向两侧，场强先增大后减小，方向为 沿中垂线背离O点：对称点A'(A)B'(B)场强大小相等，且A、B处Eg+mg=m2g 解得A、B处E=:小B处电场力向上，大小也为E=m竖 9 mg 从B'到A'(向O靠近)，场强先增大后减小（因为B、A处场强大小均为 ，中间场强更大)，因此静电力先增大后 9 减小，不是逐渐增大，故A错误： B.从B'到A'过程中，电场力一直向上，且gE之mg(起点、终点gE=mg,中间gE>mg) 合力一直向上，速度方向向下，因此小球一直做减速运动，不是先减小后增大，故B错误： C.小球从B到O过程中，A'点是速度最小点：点以上合力向上（减速），A点到O合力向下（加速），因此只要小 球能到达A点，就能运动到O点。对B→过程，刚好到达A'时末动能为0，由动能定理可得 mg(h2-h)+g(a-)=0-Exo 整理得最小初动能E0=g(P4一PB)-g(凸2一h),因此初动能至少大于该值，故C正确： D.机械能变化量等于除重力外其他力做功，即等于电场力做功△E=W=q(p一Po)=q(Pa一Po),故D错误。 6【答案】BD 【详解】A.根据等量异种点电荷电场线的分布规律，利用对称性可知，OM中点电场线分布的密集程度与ON中点电场 线分布的密集程度相同，则OM中点的电场强度与ON中点的电场强度相同，故A错误：