福建百校2026-2027学年高三上学期10月阶段检测物理试题

福建10月适应性练习 物理 全卷满分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指定位置。 2．请按题号顺序在答题卡上各题目的答题区域内作答，写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3．选择题用2B铅笔在答题卡上把所选答案的标号涂黑；非选择题用黑色签字笔在答题卡上作答；字体工整，笔迹清楚。 4．考试结束后，请将试卷和答题卡一并上交。 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1．2026年6月13日，张雪机车车手德比斯在世界超级摩托车锦标赛夺得本赛季第六冠。德比斯在排位赛时的单圈最短时间为1分36秒869。下列说法正确的是 A．“1分36秒869”表示时刻 B．摩托车在加速行驶过程中惯性也越来越大 C．比赛过程中，以看台上的观众为参考系，德比斯驾驶的摩托车是静止的 D．研究德比斯转弯时的姿势时，不能将其看成质点 2．赵州桥是世界上现存年代最久远、保存最完整的单孔坦弧敞肩石拱桥。在评估古建筑石材的承重极限时，工程师通常会计算材料截面所受的“应力”（定义为物体内部单位面积上承受的附加内力），用以抵抗外力引起的变形。在国际单位制（SI）中，下列关于应力单位的表达，全部使用基本单位的是 A． B． C． D．Pa 3．有两颗绕地球做匀速圆周运动的卫星A和B（均可视为质点），其运行轨道如图所示，O为轨道圆心。下列说法正确的是 A．A的线速度小于B的线速度 B．A的公转周期大于B的公转周期 C．在相等时间内，AO连线扫过的面积与BO连线扫过的面积一定相等 D．若想使A变轨与B对接，需要让A在适当位置点火加速 4．将一质量为的小球从水平地面以初速度竖直向上抛出，规定地面为重力势能零势能面，竖直向上为正方向，不计空气阻力。从小球抛出到落地的过程中，小球的动能、重力的瞬时功率随时间变化，速度的平方、重力势能随距地面的高度变化，下列四幅图像中，能正确反映上述物理量对应关系的是 A． B． C． D． 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 5．杂技是沧州吴桥的传统民俗。在某次杂技表演中，演员用额头顶着一根质量不计的直杆，在额头与杆底端间有一软垫（图中未画出），可使演员表演时头顶的直杆与竖直方向间保持角且不发生转动，杆顶端顶有一只质量为的碗。当演员以恒定加速度水平向前匀加速走动时，碗受到杆的作用力大小为。碗始终与杆保持相对静止，不计空气阻力及碗底与杆间的摩擦力，重力加速度为。下列说法正确的是 A．的方向可能沿杆 B．的方向不可能沿杆 C．的大小一定大于 D．的大小一定小于 6．如图甲所示，一水平平台与水平地面间有一斜面（斜面倾角未知）连接，连接点分别为、。现有一小球（可视为质点）从平台以水平向右、大小不同初速度抛出，测得在空中飞行的时间与对应的初速度之间的关系图像如图乙所示，不计空气阻力，重力加速度取，结合图中相关信息，下列说法正确的是 A．斜面长度20 m B．平台与地面间的高度差为20 m C．小球分别以5 m/s和6 m/s的速度水平抛出，均落在斜面上不同处，但两小球落到斜面前瞬间的速度方向一定相同 D．小球分别以8 m/s和9 m/s的速度水平抛出，均落在地面上不同处，但两小球落到地面前瞬间的速度方向一定相同 7．某公司年会的一种娱乐项目的情景如图所示，水平地面上在同一直线AD上的B、C点上各固定一处于竖直面内的光滑圆轨道（底部错开），两圆轨道的半径均为r=0.2 m，AB=BC=2.0 m，CD=2.4 m，要求员工在A点给质量为m=0.5 kg的小物块一个初速度，使其沿水平方向向右滑行，依次通过两个圆轨道后，最终停在C、D两点之间，即可获得相应的奖品。已知滑块与地面间的动摩擦因数μ=0.5，重力加速度g取10 m/s2。若一员工操作后，小物块恰好能停在D点，则下列说法正确的是 A．物块的初速度大小为6 m/s B．物块经过第一个圆轨道最高点时的速度大小为6 m/s C．物块经过第二个圆轨道最高点时的速度大小为 D．物块经过第二个圆轨道最高点时对轨道的压力大小为35 N 8．如图所示，倾角的光滑斜面固定在水平面上，斜面底端固定有垂直于斜面的挡板。质量均为m的物块A、B用劲度系数为k的轻弹簧连接，B靠在挡板上，A再用平行于斜面的轻绳通过斜面顶端的光滑定滑轮与质量为2m的物块C相连。初始时用手托住C，使轻绳刚好伸直且无张力，A、B均处于静止状态，现突然释放C，已知弹簧始终在弹性限度内，斜面足够长、C离地面足够高，弹簧的弹性势能为（x为弹簧的形变量），重力加速度为g。下列说法正确的是 A．释放C的瞬间，轻绳的张力大小为 B．当B刚好要离开挡板时，A的速度大小为 C．当B刚好要离开挡板时，A的加速度大小为 D．若B固定在挡板上，则A沿斜面向上运动的最大速度为 三、非选择题：共60分，其中9~11题为填空题，12、13题为实验题，14~16题为计算题。考生根据要求作答。 9．（3分）一句闽南谚语：“立夏小满，雨水相赶”，形容闽南地区立夏到小满期间雨水较多。一场雨后，某同学观察到一屋檐下有水滴每隔相等的时间自静止开始滴落一次，当第1滴水恰好落到正下方高度差为的水平地面上时，第4滴水刚好准备从屋檐开始滴落，忽略空气阻力，将水滴视为质点，将第1滴与第2滴、第2滴与第3滴以及第3滴与第4滴间的高度差分别记为、和，则有________，根据以上数据可得________（用表示）。 10．（3分）一机车在平直轨道上由静止开始做匀加速直线运动，经过时间，速度达到时，发动机达到额定功率。此后机车保持额定功率继续做加速度________（填“不变”“增大”或“减小”）的加速运动，最终以最大速度匀速行驶，已知机车行驶过程中所受阻力恒定。则根据以上信息，求得该机车的质量为________。（用题中所给物理量字母表示）。 11．（3分）如图所示，绕过光滑定滑轮的轻绳一端与放置在水平桌面上的物块相连，在另一端A施加一竖直向下的力，使物块沿桌面向左做匀速直线运动，已知物块与桌面间的动摩擦因数为。在轻绳与水平桌面的夹角从10°增大到60°的过程中（物块始终没有离开桌面），轻绳A端做________（填“匀速”“加速”或“减速”）运动，轻绳对物块的拉力大小________（填“保持不变”“先减小后增大”或“先增大后减小”）。 12．（6分）某实验小组用如图甲所示的装置研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直硬板上，钢球沿斜槽轨道滑下后从末端飞出，落在水平挡板上，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。向下移动挡板，每次从同一位置由静止重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。 （1）实验前，必须仔细调节斜槽，以确保小球飞出后严格做平抛运动。检验斜槽末端切线水平的简易操作方法是____________________。 （2）该小组在描绘出平滑的轨迹曲线后，在曲线上依次选取了A、B、C三个记录点，并在图纸上沿水平竖直方向建立了直角坐标系，测得这三点的坐标如图乙所示。已知当地重力加速度g取10 m/s2。根据上述数据可计算出，小球做平抛运动的初速度大小________m/s（结果保留2位有效数字）。 （3）图纸上的坐标原点A并非小球真实的抛出点。根据上述数据推算，小球真实抛出点在当前坐标系下的纵坐标________cm（结果保留2位有效数字）。 13．（6分）某实验小组利用如图甲所示的装置探究“加速度与力、质量的关系”。 （1）实验前需平衡滑块受到的阻力。 （2）某次实验中打出的一条纸带如图乙所示。选取一个计数点记为0（该点速度不为零），此后每隔相同时间T依次标出计数点1、2、3、4。测得计数点2、4到0点的距离分别为、，则滑块的加速度大小________（用、、T表示）。 （3）在探究加速度a与合外力F的关系时，为直接测量细线拉力，在滑块上固定一拉力传感器。保持滑块及传感器总质量M不变，改变沙桶中沙的质量m（存在的情况），测得多组加速度a及对应的传感器示数F，作出的图像应是图丙中的________（填“①”或“②”）。 （4）撤去拉力传感器，用沙和沙桶的总重力作为滑块受到的合外力F。在未满足“沙和沙桶总质量远小于滑块总质量”的条件下，测得多组加速度a和合外力F的数据，以为纵轴，为横轴，作出图像，若该图线是一条斜率为、纵轴截距为的倾斜直线，则当地的重力加速度________，滑块的真实质量________。（均用、表示） 14．（9分）如图所示，某方程式赛车在水平圆形测试轨道上进行过弯极限测试。为提升过弯速度，赛车安装了空气动力学套件（倒置的“机翼”），在运动时该套件能产生竖直向下的气动下压力，其大小（其中为赛车的线速度大小，常数），已知赛车及套件（可视为质点）的总质量为，测试轨道的半径，路面对轮胎的径向最大静摩擦力为赛车对路面正压力的倍，重力加速度取。 （1）某次赛车以大小为的速度绕轨道做匀速圆周运动，求此过程赛车的向心加速度的大小。 （2）求安装空气动力学套件后（未安装套件即），赛车能安全通过该弯道的最大线速度。 15．（13分）在焊管连续生产线中，为在运动中定尺切断且切口平齐，采用直线往复式飞锯。飞锯切台初始时由轨道原点O从静止开始向右匀加速运动，加速至速度时开始切割，后保持该速度匀速运动并完成切割（耗时），切割后立即做匀减速运动至停止，加速、减速过程加速度大小均为。停下后又立即向左匀加速运动返回，达最大速度后再立即做匀减速运动，最终恰好停于O点，返回时加速、减速过程加速度大小均为。再次回到O点为一次切割循环，此后立即启动下一次循环。求： （1）切台单次向右运动的总位移的大小； （2）切台一次循环经历的总时间以及返回过程中的最大速度。 16．（17分）如图所示，一段足够长的光滑水平直轨道上固定着半径的竖直光滑半圆弧轨道，轨道最低点A与地面平滑连接，轨道最高点C与长度的水平粗糙传送带左端平滑接触，一轻质弹簧右端固定在竖直挡板上，处于自然伸长状态时其左端位于O点，O点在A点的右侧。现有一质量的小物块（视为质点），将弹簧压缩至某位置（该位置弹簧具有的弹性势能记为）后由静止释放，物块离开弹簧后经A点进入半圆轨道，恰能沿半圆弧轨道到达C点，无机械能损失地滑上传送带。传送带与圆弧轨道在同一竖直平面内，且以恒定速率顺时针匀速转动，小物块与传送带间的动摩擦因数，传送带右端D点距离水平地面的高度，不计空气阻力，弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度取。 （1）求弹簧的弹性势能的大小； （2）若初始时弹簧的弹性势能为，求小物块在传送带上运动的过程中，因与传送带间的摩擦而产生的热量Q； （3）改变弹簧的压缩量，使小物块最终能够离开D点水平飞出，落点与D点的水平距离记为，写出与释放小物块时弹簧的弹性势能存在的关系式。 学科网（北京）股份有限公司 $福建10月适应性练习·物理 参考答案、提示及评分细则 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 D B D B AC BC BD AD 1.D【解析】“1分36秒869”表示时间间隔，A错误；惯性只与质量有关，B错误；以看台观众为参考系，摩托车 是运动的，C错误；研究转弯姿势时，不能忽略自身大小，故不能看成质点，D正确。 2.B【解析】根据题意，可知应力。=S,其中力F的单位用基本单位表示为kg·m/s,面积S的单位是m, F 则应力的单位为g·m/S=kg/(m·s)。N/m和Pa均包含导出单位，不是基本单位表示。故选B。 m2 3D【解]由G-m号=m 禁，可得√，T=√，敢半径越小线速度越大，周期这小，故 4π2r3 AB错误；由开普勒行星运动定律可知，在同一轨道上运行，卫星与中心天体连线在相等时间内扫过的面积相 等，C错误；从低到高变轨，需低轨道卫星适当加速，D正确。 4.B【解析】动能瓦.=合d=子m(一g),展开为关于1的二次函数，则E4图像为开口向上的跑物线， A错误；重力的瞬时功P=mgo=mgo一gt,在上升阶段，速度线性减小至0；下落阶段，速度大小线性增 加，则P-t图像是一条顶点在t=匹处横轴上的“V”型折线，B正确；由运动学公式一6=-2gh,得=6 一2gh,则t-h图像为一条向下倾斜的直线，C错误；重力势能E,=mgh,则E,h图像是一条过原点的倾斜 直线，D错误。 5.AC【解析】匀加速走动时，碗的加速度为a,合外力水平向前，大小为ma,则F=√(mg)2+(ma)严，且只 有当a=gtan0时，F的方向才沿杆方向，AC正确，BD错误。 6.BC【解析】由图乙可知，小球以7.5/s的速度水平抛出，恰好能落在B点，则由平抛规律可知平台与地面 间的高度差为A=?g2=20m,则A错误，B正确；故小球分别以5m/s和6m/s的速度水平抛出，均将落在 斜面上的不同处，结合平抛推论可知，由于位移偏转角相等，故速度偏转角也一定相等，但小球分别以8/s 和9/s的速度水平抛出，速度大于7.5m/s将落在水平地面不同处，此时位移偏转角不同，故速度偏转角 也不相等，故C正确，D错误。 7.BD【解析】当物块恰好停在D点时。根据动能定理，由A点到D点有mgAD=2mw',由A点运动到第 一个圆轨道最高点有mgAB十mgX2r=2mw2-号mn3,由A点运动到第二个圆轨道最高点有mgAC 十mg×2=m2-m,解得=8m/s,=6m/s,=4m/s,则物块经过第二个圆轨道最高点时， 有mg十F=m,解得Fm=35N,则物块经过第二个圆轨道最高点时，对轨道的最大压力为F=R =35N,综上可得BD正确，AC错误。 8.AD【解析】设释放C的瞬间，A的加速度大小为a,对A和C组成的系统，由牛顿第二定律有2mg=(2m十 ma,a=号g,对C有2mg一F=2m,解得此时轻绳中的张力大小为F=号mg,A正确；初始状态，弹簧被A 2 【高三物理参考答案第1页（共5页）】 FJ 压缩，压缩量x=mgsin30=竖，当B刚好要离开挡板时，弹簧处于拉伸状态，伸长量x=m5s30=m3 2k 则从释放C到B刚好要离开挡板的过程，A沿斜面向上移动的距离为L=石十x-爱。由于石=4，系统 初末状态弹性势能相等，对A和C组成的系统，由机械能守恒定律有2mgL一mgLsin30=之(3m)t,解得 当B刚好要离开挡板时，A的速度大小。=√，B错误；设当B刚好要离开挡板时，A的加速度大小为 a,对A和C系统，由牛顿第二定律有2mg一mgsin30°-&x,=3md,解得。=弓&，C错误；A沿斜面向上运 动的最大速度时，A、C系统的加速度为零，有2mg-mgsin30°-kx?=0,解得x=1,5mg,则从释放C到A 的速度最大时，A沿斜面移动的距离为工'=十-05+15=2，机械能守恒定律有2mg一 k mg'血30十之-之=合（3m话，解得A沿斜面向上运动的最大速度为。-√紧，D正确。 9.53:11分)号2分) 【解析】将4滴水在空间中的分布等效为1滴水在连续4个时刻的位置，因为初速度为零，在连续相等时间 内的位移之比为：1=513：1。则第2滴水与第3滴水之间的距离有骨=号，可得=号。 10.减小(1分) Pt(m一h）(2分) Umvo 【解析】机车匀加速结束达到额定功率，继续加速，功率不变，故牵引力减小，根据牛顿第二定律可知加速度 减小。当机车以最大速度匀速行驶时，牵引力与阻力平衡，有F=f,此时功率达到额定值P。,由P。= P,可得阻力/一是在匀加速阶段，加速度a-名，根据牛顿第二定律有F-∫=ma,可得朵-=m ,解得机车质量m=P(a。一） to vm哈 11.减速(1分)先减小后增大(2分) 【解析】设物块运动的速度大小为6，轻绳A端的速度大小为v,则有o=cos0,可知0增大，cos0减小，故 A端减速，物块做匀速直线运动，设绳子拉力为F,由平衡条件得Fcos0=(mg一Fsin0),可得F= umg mg os01in0又二3tan30,则有F2cos<030·可知当0由10增大到60时，F先减小后增大 3 12.(1)将小球放在斜槽末端平直部分的任意位置，小球均能静止(2分，语言描述合力均可得分) (2)2.0(2分) (3)-5.0(2分) 【解析】(1)将小球放在斜槽末端平直部分的任意位置，小球均能保持静止。 (2)水平方向，由于△xB=△xc=20.0c,则打下A、B、C三点的时间间隔T相等。竖直方向，相邻两点 间的距离为△y=15.0cm,△y2-=40.0cm-15.0cm=25.0cm,△y2-△y=10.0cm=0.1m,根据△y= gT2,解得T=0.1s,则小球做平抛运动的初速度大小为=二-0.2四=2.0m/s T-0.1s (3)小球运动到B点时的竖直瞬时速度地=业=40.0cm=2.0m/s,从抛出点到B点经历的时间。 2T 0.2s 【高三物理参考答案第2页（共5页）】 FJ 1 ==0.2s,则从抛出点到A点经历的时间tA=B一T=0.1s,抛出点到A点的竖直高度hA=之g= g 5.0cm,可知抛出点的纵坐标为-5.0cm。 13.(2)4-22(1分) 4T2 (3)①(1分) ④)2分)1(2分) 【解析】(2)由逐差法可得x4-x2-x2=a(2T)2,解得a=工4-22 4T2。 (3)实验中在滑块上安装了拉力传感器，传感器测量的是细线对滑块的真实拉力F。对滑块进行受力分析， 1 由牛顿第二定律有F=Ma,即有a=F,可知加速度a与拉力F始终成正比，因此作出的a-F图像是一条 过原点的倾斜直线，即图线①。 (4)撤去拉力传感器后，用沙和沙桶的总重力mg作为拉力F,即F=mg。对滑块和沙桶组成的系统，根据 牛顿第二定律有mg=(M+m)a,可得F=(M+a,整理为。M+ =P=M·+,则有，=M,6= 工，解得当地的重力加速度g=云。 1 14.(1)an=2m/s2 (2)vm=20√5m/s 【解折】a由a,-是 (2分) 解得an=2m/s2 (2分) (2)安装套件后，路面对赛车的支持力FN=mg十k (1分) 径向最大静摩擦力提供向心力，有fm=FN (1分) 人=m资 (2分) 代入数据解得vm=20√5m/s (1分) 15.(1)4m (2)5s4m/s 【解析】(1)切台向右运动时，由6=2a1x (2分) 加速运动过程的位移大小为4二1m (1分) 匀速运动过程的位移大小为x2=△t=2m (1分) 由逆向思维可知减速过程的位移大小与加速过程相等，故有x3=x1=1m (1分) 故切台单次向右运动的总位移大小为x=x1十x2十x?=4m (1分) (2)切台向右运动的过程，由逆向思维可知，加速和减速运动过程所用时间均为1==1s (1分) 返回时，同理可知加速和减速过程的时间也相等，设加速和减速运动过程的时间为4，则有分一言，4 (2分) 【高三物理参考答案第3页（共5页）】 FJ 解得t2=1s (1分) 则切台一次循环经历的总时间为t=2t+△t十2t2=5s (1分) 返回过程的最大速度为tm=a2t2=4m/s (2分) 16.(1)E=10J (2)Q=0.5J (3)①x=0.4√2E。-6(10J≤E。<11J) ②x=1.6m(11J≤E.≤21J) ③x=0.4√2Ep-26(E.>21J) 【解析】(1小物块恰能沿半圆弧轨道到达C点，此时在C点由牛领第二定律有mg=m爱 (1分) 解得vc=2m/s 从释放至到达C点的过程中，仅有重力和弹簧弹力做功，根据机械能守恒定律有E。一mgX2R=) (2分) 解得E=10J (1分) (2)当E=2.5J时，设小物块到达C点的速度为a,由机械能守恒定律有一mgX2R=7m6 (2分) 解得ue=3m/s 因为vg=3m/s<=4m/s,物块滑上传送带后受向右的滑动摩擦力做匀加速运动 加速度大小为a=mg=ug=2m/s2 (1分) m 物块加速到与传送带共速所需的时间为=二@=0.5s 在此期间，物块的位移为=出士=1.75m<L (1分) 传送带的位移为x=6t1=2m 两者相对滑动的距离为△x=x0一x1=0.25m 则物块因与传送带间的摩擦而产生的热量为Q=umg△x=0.5J (1分) (3)小物块离开D点后做平抛运动，竖直方向有H=之g 解得飞行时间t=0.4s 水平射程x=ot=0.4n (1分) 设物块到达C点的速度为e,根据机械能守恒定律有E,一mgX2R=子m呢 可得记=2E。-16 (1分) 由(1)可知，要使物块到达C且不脱轨，呢≥4，Ep≥10J ①若vc<且加速到D点时速度仍有vD<o 则有呢=呢+2aL<16,可得呢<6 结合≥4，可知此时10J≤E。<11J (1分) 平抛初速度n=√诡十2aL=√2E。-6 【高三物理参考答案第4页（共5页）】 FJ 则平抛射程x=0.4√/2E。一6 (1分) ②到达D点时速度恰好或早已达到o,此种情况物块到达D点时的速度始终为p=o 物块加速时能达到o,则有品一呢≤2aL,可得呢≥6 减速时能降至，则有呢一品≤2aL,可得诡≤26 (1分) 此时11J≤E。≤21J,x=1.6m (1分) ③c>o且减速到D点时速度仍有op>o 则有%=呢一2aL>16,可得呢>26，此时E>21J (1分) 平抛初速度o=√论一2aL=√2E.一26 则平抛射程x=0.4√/2E。一26 (1分) 【高三物理参考答案第5页（共5页）】 FJ