2026-2027学年苏科版九年级物理上学期期中模拟练习卷（江苏专用）

2026-2027学年苏科版九年级物理（上）期中模拟练习卷（江苏专用） 【答案】 1.  2. 3.  4.  5.   6.  7.  8.  9.  10.  11.  12.   13. 比热容 放出 热量  14. 串联 电流处处相等  15.   16.   17. 18. 小于   19. 增大 不能 没有控制下落的高度相同  20. 解：阻力是重物对杠杆的拉力，作用点在杠杆上，方向竖直向下，据此画出阻力的示意图，然后从支点向引垂线，垂线段的长度即为阻力臂； 由杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在点，因此作为动力臂最长，由图知动力的方向应该向上，过点垂直于向上作出最小力的示意图，如下图所示：   21. 解：由题可知，工人站在地面用如图所示滑轮组提升重物，即绳子自由端的拉力向下，故可从人手处由外向里绕绳，如图所示： 。  22. 解： 由实物图可知，两灯并联，开关在干路上控制整个电路，开关控制灯泡，电路图如图所示：   23. 拉力的功率为  动滑轮的重为  若用此滑轮组竖直向上匀速提升重为的物体，机械效率为  24. 【详解】因为战车做匀速直线运动，所以牵引力与阻力是一对平衡力，即  战车发动机在这里做的功为  柴油完全燃烧放出的热量为  战车发动机的热机效率为  发动机所做额外功为  水吸收的热量为  根据公式  可得水升高的温度为  25. 【小题】平衡 右 便于测量力臂，避免杠杆自重对实验的影响 【小题】 得到普遍规律 【小题】大于 【小题】不变 变大 26. 【小题】木块被推动距离的远近 小球 【小题】甲、乙 【小题】 【小题】 【小题】  27. 【小题】质量 秒表 加热的时间 【小题】水升高的温度 天然气热值较高，燃烧效率更高，能有效减少能源浪费，有助于改善空气质量并减缓酸雨和温室效应  28. 【小题】升高 【小题】水的比热容大 做功 内能转化为机械能 【小题】 【解析】 1. 解：桡骨在肱二头肌的牵引下绕着肘关节转动，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆， A、瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A错误； B、剪铁皮的剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误； C、船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C正确； D、撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误。 故选：。 根据生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。 此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种： 省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。 2. 解：动滑轮可以省力，但费距离。 故选：。 轴随物体一起运动的滑轮是动滑轮，使用动滑轮能省一半力，但费距离。 此题考查了动滑轮的特点。 3. 解：长柄摇杆相当于一个杠杆，根据杠杆平衡条件可知，动力臂越长，越省力，所以长柄摇杆越长，动力臂越大，踩动越省力，故A正确，不符合题意； B.提水做的功，取决于水的质量和提升高度。踩得越快，虽然单位时间内提水次数多，但每次提升的水的质量和提升的高度不变，因此克服水的重力做功不变，故B错误，符合题意； C.水被提升运动的距离与重力方向相反，是克服重力做功，使水升高，故C正确，不符合题意； D.摩擦会消耗能量，增加额外功，从而降低效率，所以减小摩擦，即减少额外功，可以提高提水的效率，故D正确，不符合题意。 故选：。 长柄摇杆相当于一个杠杆，长柄摇杆越长，动力臂越大，踩动越省力； 踩得越快，虽然单位时间内提水次数多，但每次提升的水的质量和提升的高度不变，克服水的重力做功不变； 克服水的重力做功即为有用功； 减小摩擦可以减小额外功，可以提高机械效率。 本题考查杠杆的分类，功和机械效率，属于基础题目。 4. 解：、托举一个鸡蛋的力约为，中学生将一个鸡蛋从地面举过头顶举起的高度约为，中学生对鸡蛋所做的功大约是，故A不符合实际； B、人骑自行车的功率约为，故B不符合实际； C、汽车蓄电池的标准电压通常为，故C符合实际； D、教室中照明灯的功率一般约为，其正常工作时的电流，远小于，故D不符合实际。 故选：。 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。 物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。 5. 解：、一切物体都具有内能，冰的内能不为，故A错误； B、的冰变成的水，属于熔化现象，该过程中吸收热量，温度不变，内能变大，故B正确； C、冰内能增加，可能是从外界吸收了热量，也可能是有物体对它做了功，故C错误； D、冰受热熔化时，一定是从温度高的物体吸收热量，内能大的物体温度不一定高，故D错误。 故选：。 一切物体都具有内能，内能与物体的质量、温度以及状态有关； 晶体熔化时，吸收热量，内能增加，温度不变； 改变物体内能的两种方式：做功和热传递，改变物体内能的两种方法是等效的； 热传递的条件是存在温度差。 本题主要考查学生对影响内能因素的掌握、改变内能的两种方式以及晶体熔化的特点的认识，是综合题。 6. 解：从点到点，分为两个阶段：点是重力与弹力相等处，从到，重力大于弹力，运动员做加速运动，到点时速度最大，动能增大；从到，弹力大于重力，运动员做减速运动，动能减小。因此，到过程中动能先增大后减小，并非一直减小，故A错误，C正确。 B.从点到点，运动员只受重力，机械能守恒；但从点到点，蹦床对运动员有弹力作用，弹力对运动员做功，运动员的机械能会转化为蹦床的弹性势能，运动员的机械能减小，因此运动员的机械能不守恒，故B错误； D、从刚接触跳床到运动到最低点的过程中，运动员动能和重力势能转化为蹦床的弹性势能，所以重力势能的变化量小于蹦床的弹性势能变化量，故D错误。 故选：。 从点到点，分为两个阶段：点是重力与弹力相等处，分析从到及从到，人的受力情况确定人的运动状态及动能的变化情况； B.从点到点，运动员只受重力，机械能守恒；但从点到点，蹦床对运动员有弹力作用，弹力对运动员做功，运动员的机械能会转化为蹦床的弹性势能，据此分析； D、从刚接触跳床到运动到最低点的过程中，运动员动能和重力势能转化为蹦床的弹性势能，据此分析。 本题考查力与运动的关系及机械能守恒的条件和影响机械能大小的因素。 7. 解：小球上升的过程中，速度越来越小，动能越来越小，当上升到最高点时，速度最小，动能最小，下落的过程中，速度越来越大，动能越来越大。所以动能是先减小，上升到最高点速度最小，动能最小，后又增大。但是斜向上抛时球达到最高点，竖直方向速度为零，但水平方向依然有向前的速度，最高点动能不为零。故图错误，图正确。 小球上升的过程中，高度越来越大，重力势能越来越大，当上升到最高点时，高度最高，重力势能最大，下落的过程中，高度越来越小，最后落地，重力势能越来越小，直到为零。所以重力势能是先增大，上升到最高点重力势能最大，后又减小，最后为零。故图正确， 由于此时不计空气阻力，所以机械能是守恒的，故机械能不变，图正确。故选：。 影响动能大小的因素是物体的质量和速度，质量越大、速度越大，动能越大； 影响重力势能大小的因素是物体的质量和高度，质量越大、高度越大，重力势能越大。 本题考查根据动能和势能的变化来判断图象，理解影响能量大小的因素和运动的过程是解题的关键，有一定难度。 8. 解：、由图乙可知，沙子的水的质量和初温相同，在同样吸热的情况下，升温快，说明比热容小，是沙子；升温慢，说明比热容大，是水，故A错误； B、由图乙可知，升高相同温度，比如升高至，物质需要的时间短，物质需要的时间长，因此，物质吸收的热量更多，故B错误； C、照射，沙子和水吸收的热量相同，由公式可得，， 则：，故C正确； D、沿海地区的白天，在太阳照射下，陆地和海水同样吸热的情况下，由于海水的比热容大，所以海水升渐慢，陆地升温快，陆地上方空气上升，海面上的空气补充，形成海风，故D错误。 故选：。 水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。 根据图像中所获得的数据，利用公式可分析沙子与水的比热容关系。 本题考查了利用水的比热容大的特性，来解释生活中的现象，以及利用热量公式来进行简单的计算，属热学综合题。 9. 解：由题意可知，通过手机扫码使开关闭合或通过投币使开关闭合，都能启动电动机完成自动售货，说明开关和开关可以独立工作、互不影响，则开关和开关应并联，再与电动机串联； 由题知，在光线较暗时光控开关自动闭合，接通灯泡照明即灯泡只由光控开关控制，因灯泡与电动机工作时互不影响，则两用电器应并联； 结合选项图可知，只有图符合题意。 故选：。 根据题意可知，通过手机扫码和投币都可以启动电动机完成自动售货，说明开关和开关可以独立工作、互不影响即为并联；再由照明灯泡与电动机工作时互不影响可知电动机与照明灯并联，且照明灯泡只由光控开关控制，据此分析进行解答。 本题考查了串并联电路的设计，关键要知道：串联电路中各元件间相互影响，并联电路中各支路间互不影响。 10. 解：闭合开关后，两个小灯泡、均能发光，两灯可能是串联，也可能是并联； 若、串联，根据电流的流向可知，此时乙表串联在电路中，则乙是电流表；此时丙表并联在、的两端，则丙是电压表，测量、的总电压；为了避免被短路，则甲只能是电压表，测量两端的电压； 由此可知，乙是电流表，甲、丙是电压表； 若、并联，根据电流的流向可知，此时丙表串联在的支路中，则丙是电流表，测量通过的电流；甲表串联在干路中，所以甲是电流表，测量干路电流；乙表只能是电压表，测量电源电压，也等于、的电压； 由此可知，乙是电压表，甲、丙是电流表； A.由以上两种情况分析已知，甲电表与乙电表不可能为同种电表，故A错误； B.由以上两种情况分析已知，乙电表与丙电表一定为不同种电表，故B正确； C.若丙电表的示数为甲电表的一半，则此时、并联，电表甲、丙应为电流表；丙电流表测量通过的电流，甲电流表测量干路电流，因为两灯规格相同，通过两灯的电流相等，根据并联电路电流特点，干路电流等于各支路电流之和，则丙电流表的示数为甲电流表的一半，所以电表甲、丙应为电流表，而不是电压表，故C错误； D.若甲电表的示数为丙电表的一半，则此时、串联，电表甲、丙应为电压表；丙电压表并联在、的两端，测量、的总电压，甲电压表测量两端的电压；因为两灯规格相同，通过两灯的电流相等，两灯两端的电压相等，根据串联电路电压特点，电源电压等于各用电器电压两端的之和，则甲电压表的示数为丙电压表的一半，电表甲、丙应为电压表，而不是电流表，故D错误。 故选：。 闭合开关后，两个规格相同的小灯泡、均发光，两灯可能是串联，也可能是并联； 电流表应串联在被测电路中，相当于导线；而电压表应并联在被测电路两端，相当于断路； 两灯泡、可能是串联，也可能是并联，据此分情况讨论，最终得出甲、乙、丙三个电表的类型，以及电表示数的关系。 本题考查电压表、电流表的使用规则以及电路的连接方式，解题时需要根据灯泡的发光情况判断连接方式，再结合电表使用规则分析电表类型，难度较大。 11. 解：物体挂在杠杆中点，拉力的方向始终竖直向上，杆的重力的方向和物体通过绳对杆的拉力的方向始终竖直向下。根据力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，假设拉力的力臂为，因为物体挂在均匀杠杆的中点，而力始终保持竖直，所以根据数学知识中的三角形相似，对应边成比例可知，阻力臂与动力臂之比等于杆的一半的长度与杆的全长之比，即物体对杆的拉力的力臂。假设杠杆自重为，其重心在中点，则力臂也为。根据杠杆平衡条件可知，； 化简得；则拉力大小不变，故A错误； B.机械效率，因为物体对杆的拉力的作用点和杆自身重力的作用点都在杠杆的中点，所以物体和杠杆上升高度相同，即。已知，，代入得；解得，而非，故B错误； C.将物体悬挂点向支点靠近，物体上升高度不变，有用功不变；额外功，由数学知识可知，变大，额外功变大。机械效率； 由于变大，会使变小，故C错误； D.仅将拉力作用点向支点靠近，动力臂减小，而，与动力臂无关，所以杠杆的机械效率不变，故D正确。 故选：。 手竖直向上用力时，阻力也是竖直方向，动力臂和阻力臂的比值不变，阻力不变，动力不变。 用杠杆提升物体时，克服杠杆重做功是额外功，使物体升高做功是有用功，根据机械效率公式计算杠杆自重。 将物体的悬挂点向支点靠近一点，匀速提升杠杆时，有用功在总功中的比值变小，机械效率变小； 根据机械效率的表达式与拉力的力臂无关分析解答。 本题考查杠杆机械效率的分析，属于难题。 12. 解： 根据电路图可知，定值电阻、并联连接，电流表测量的是干路的电流； 开关闭合一段时间后，电流表示数突然减小，说明某一条支路出现了断路； 当电压表接、两点时，电压表有示数，说明到电源的负极与到电源的正极之间是接通的； 电压表接、两点时，电压表无示数，说明到电源的负极与到电源的正极之间是断开的，由前面解答可知到电源的负极、到电源的正极之间是接通的，故间导线出现了断路。 故选：。 根据电路图可知，定值电阻、并联连接；电流表测量的是干路的电流；开关闭合一段时间后，电流表示数突然减小，说明某一条电路出现了断路；根据电压表的示数判定故障之处。 本题考查电路的故障分析、电流的变化以及并联电路的特点、电压表的应用，涉及的内容较多，但难度不大。 13. 解：水的比热容是常见物体中最大的； 根据其中为水的初温，为水的末温，气温降低时，由于水的比热容比较大，在质量一定时，水可以放出更多的热量。 故答案为：比热容；放出；热量。 水的比热容是比较大，根据其中为水的初温，为水的末温得出水降低温度时放热的多少。 此题考查了水的比热容较大的一个应用，是一道应用题。 14. 解：一节新干电池的电压是，要将电池盒的弹簧端连接电池的负极，将图中的一节干电池正确装入右边电池盒，则电池盒的正极是接线柱。若要提高电源电压，可将几节新干电池串联； 串联电路中，一个用电器开路，其他用电器也开路，两灯都发光时取下其中一个灯，观察到另一个灯不亮，这种连接方式的电路，电流特点是电流处处相等。 故答案为：；；串联；电流处处相等。 一节干电池的电压是；根据电池盒的使用方法解答即可；节图新干电池串联电压为。 在串联电路中，电流只有一条通路，所以断开任意一个地方，整个电路都会断路。 本题考查了电压和电池盒的使用，以及串联电压的特点、难度不大。 15. 这两箱书的总重力一定，提升的高度相同，根据  可知，有用功  。 方法一所做的额外功为克服自身重力所做的功，而方法二所做的额外功是两次克服自身重力所做的功，方法二所做的额外功是方法一所做的额外功的两倍，有用功相同，所以方法二所做的总功大于方法一的总功，但小于方法一的总功的两倍，上楼的速度相同，所以方法二所用的时间是方法一的两倍，根据  可知，人做功的功率  。 有用功相同，方法二所做的总功大于方法一的总功，根据  可知，机械效率  。 16. 【详解】四冲程汽油机每个工作循环飞轮转圈，对外做功次。飞轮转速为，故分钟内做功次数为  工作时汽缸内气体对活塞的平均压力为  每次做功冲程做的功  分钟内做的总功  汽油机的功率  17. 解：两球到达点时，甲小球的重力势能全部转化为动能，乙球的重力势能转化为动能和弹性势能，由于初始的重力势能相同，所以两球到达点时，甲小球的动能比乙大。 由于甲乙小球初始机械能相等，且甲球在运动过程中机械能守恒，所以，甲球到达点时的机械能等于乙球在初始位置时的机械能。 故答案为：，。 动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，弹性势能的大小与物体的弹性形变程度的大小有关；机械能为动能和势能的和；不计空气阻力，机械能守恒。 本题考查了学生对机械能的转化和守恒的掌握，掌握机械能守恒定律是解题的关键，有一定的难度。 18. 解：从图像可以看出，该物质在第到第处于熔化过程，此过程中物质持续吸收热量，但温度保持不变。吸收热量会使物质的内能增加。因此，该物质在第时的内能小于第时的内能。 由图像可知，在时间内，物质处于固态，吸收热量使温度从升高到。吸收的热量 加热时间为，在时间内，物质处于液态，吸收热量使温度从升高到。加热时间， 由于物质从热源吸热的功率恒定不变，相同时间内吸收的热量是相同的，则该物质在时间内吸收的热量为， 根据热量计算公式，可得液态比热容为：； 在第至第时间内，物质的加热时间为， 此过程中物质吸收的热量为。 故答案为：小于；；。 晶体在熔化过程吸热内能增加，温度不变。 由图像可知，在时间内，物质处于固态，吸收热量使温度从升高到。根据算出吸收的热量，根据这种物质从热源吸热的功率恒定不变算出该物质在时间内吸收的热量，根据算出液态比热容； 根据这种物质从热源吸热的功率恒定不变算出该物质在时间内吸收的热量。 本题考查了晶体熔化的规律、吸收热量的计算、物体吸热功率的计算，涉及到从温度时间图象搜集信息并加以利用，知识点多，属于难题。 19. 解：定滑轮实质上是一个等臂杠杆，所以当整个装置静止时，忽略摩擦力，使用定滑轮时弹簧测力计的示数； 增大豁口之间的距离，同样会使橡皮筋的形变程度增大，从而使橡皮筋具有更大的弹性势能，转化为卡片更多的动能，让卡片跳得更高； 由甲、丙两图相比，不能探究重力势能的大小与质量的关系，因为没有控制下落的高度相同。 故答案为：；增大；不能；没有控制下落的高度相同。 定滑轮实质上是一个等臂杠杆； 橡皮筋拉开后具有弹性势能，恢复时转化为动能，所以卡片会跳起来。弹性势能是指物体由于发生弹性形变而具有的能，决定弹性势能大小的因素是物体弹性形变的程度； 掌握影响物体重力势能的因素：质量和被举高度，根据控制变量法分析。 本题考查学生对定滑轮、影响弹性势能的因素、影响重力势能的因素的掌握。 20. 阻力是重物对杠杆的拉力，画出阻力的示意图，在画力臂时，由支点向力的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂。 杠杆平衡条件：动力动力臂阻力阻力臂，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。 本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。 21. 由题可知，工人站在地面用如图所示滑轮组提升重物，即绳子自由端的拉力向下，故可从人手处由外向里绕绳，得出滑轮组的绕线情况。 本题滑轮组的安装，明确绳子自由端拉力的方向是关键。 22. 由实物图分析电路的连接情况，再画出电路图 本题考查根据实物图画电路图的能力，能正确识别电路的连接方式是画电路图的前提。还要注意电路图与实物图要一一对应。 23. 解：由图可知，，绳子自由端移动的速度为： ， 拉力做功的功率为： ； 由图可知，，不计绳重和摩擦，根据可知，动滑轮重力为： ； 不计绳重和摩擦，若用此滑轮组竖直向上匀速提升重为的物体，机械效率为： 。 答：拉力的功率为； 动滑轮的重为； 若用此滑轮组竖直向上匀速提升重为的物体，机械效率为。 根据滑轮组装置确定绳子股数，利用求出绳子自由端移动的速度，根据求出拉力做功的功率； 根据滑轮组装置确定绳子股数，不计绳重和摩擦，利用求出动滑轮的重； 不计绳重和摩擦，根据求出机械效率。 本题考查了功率公式、机械效率公式和滑轮组绳子拉力公式的综合应用。 24. 详细答案和解答过程见答案 25. 解：杠杆静止在图甲所示的位置，此时杠杆处于平衡状态。 要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端螺母向右调节。让杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是：便于测量力臂，避免杠杆自重对实验的影响。 设每个钩码重为，杠杆每格长为，由杠杆平衡条件可知，，解得，故应在点挂个钩码才能使杠杆平衡。 进行多次实验，目的是得到普遍规律。 图丙所示实验，拉力的作用点不变，图丙中测力计倾斜，则右端弹簧测力计拉力的力臂小于挂钩码的力臂，而左端钩码重力与钩码重力的力臂均不变，由杠杆平衡条件可知弹簧测力计拉力将变大。 用竖直向上的力匀速拉动质量分布均匀的杠杆，重力的方向是竖直向下，在杠杆向上拉起的过程中，由数学知识可知动力臂和阻力臂的比值不变，重力不变，由杠杆的平衡条件可知拉力的大小也不变； 仅将拉力作用点从图中位置移至处，两次都将同一重物移动相同高度，由数学知识可知，重物在点时，重心上移的距离大些，杠杆提升时，克服杠杆自重所做的额外功多，由有用功不变，总功大时，机械效率小，故杠杆的机械效率变大。 故答案为：平衡；右；便于测量力臂，避免杠杆自重对实验的影响；；得到普遍规律；大于；不变；变大。 当杠杆在动力和阻力作用下静止时，说明杠杆处于平衡状态。 在调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母应向着杠杆高的一端移动。 使杠杆在平衡位置平衡的目的是便于测量力臂。 设每个钩码重为，杠杆每格长为，根据杠杆平衡条件进行分析。 根据图示判断弹簧测力计拉力力臂的大小关系，然后应用杠杆平衡条件判断拉力大小关系。 用竖直向上的力匀速拉动质量分布均匀的杠杆，重力的方向是竖直向下，所以在杠杆向上拉起的过程中，动力臂和阻力臂的比值不变，重力不变，由杠杆的平衡条件可知拉力是否变化；仅将拉力作用点从图中位置移至处，两次都将同一重物移动相同高度，由数学知识可知，杠杆重心上升的距离的变化，由此确定杠杆的机械效率的变化。 本题考查了利用杠杆的平衡条件来对杠杆的动态平衡情况进行分析，是我们应该掌握的。 26. 解：实验中通过观察木块被撞击后移动的距离的大小来间接判断小球动能的大小，采用的方法是转换法；探究声音的产生发声的音叉插入水中激起水花；利用了转换法；探究杠杆平衡的条件，没有采用转换法； 故选； 用来研究超速安全隐患，即探究动能与速度的关系时，根据控制变量法可知应保持质量不变，改变钢球到达水平面的速度，则钢球从斜面静止滚下的高度不同，所以应选择甲和乙两图所示实验； 把小车从斜面同一高度由静止释放，让其分别滑上铺有毛巾和玻璃的木板表面直到静止，两种情况下小车在水平面的初始速度相同，则初始动能相同，最终均速度变为零，即动能为零，动能转化为内能，动能变化量相同，所以克服摩擦力做的功也相同，即； 若用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，弹性势能相同，则转化的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同，即； 在凸形滑道运动的物体，在运动到最高点的过程中，要将动能转化为重力势能，这个过程的平均速度小于初速度；在下落过程中不计滑道的摩擦，机械能守恒，重力势能再全部转化为动能，最后的速度等于初速度，则这个过程的平均速度小于初速度；在凹形滑道运动的物体，在运动到最低点的过程中，要将重力势能转化为动能，这个过程的平均速度大于初速度，运动在下落过程中不计滑道的摩擦，机械能守恒，动能再全部转化为重力势能，最后的速度等于初速度，则这个过程的平均速度大于初速度；因此在凸形滑道运动物体的平均速度小于在凹形滑道运动物体的平均速度，两物体运动的路程相同，由可知，凸形滑道运动物体的时间较长，即。 故答案为：木块被推动距离的远近；小球；； 甲、乙； ； ； 。 实验中通过木块移动的距离来表示小球动能的大小，利用了转换法； 动能大小的影响因素：质量和速度。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大；根据控制变量法分析； 把小车从斜面同一高度由静止释放，让其分别滑上铺有毛巾和玻璃的木板表面直到静止，两种情况下动能变化量相同，所以克服摩擦力做的功也相同； 若用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧势能相同，转化出的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同； 没有能量损失时，动能与势能是相互转化的，在转化过程中机械能守恒。 探究物体动能大小与哪些因素，重点考查了控制变量法和转换法以及能量的转化等内容。 27. 解：在比较“不同液体吸热本领大小”的实验中，为了便于比较，要控制不同物质的质量相同，故实验中应取质量相同的、两种液体分别倒入相同的烧杯中。 本实验需要的测量工具除温度计、天平外，还需要秒表，用来记录不同时刻温度计的示数。 实验中两个试管放在同一热源中，相同时间吸收的热量相同，通过加热时间来比较和两种液体吸收热量的多少。 从表格数据可以看出物质温度升高需要用时，物质温度升高需要用时，可得出：升高相同的温度，液体所需的加热时间更长，说明液体的吸热能力强。 图乙中是加热时温度随时间变化的图线，如果将初温相同的物质质量增加到原来的倍，不考虑热损失，用相同的加热器加热，升高相同温度时吸收热量将是原来的倍，也就是加热时间变为原来的倍，则图中的符合题意。 探究“不同燃料燃烧时放出的热量”的实验，燃烧相同质量的不同燃料，通过加热水升高的温度，看出放出热量的多少，运用了转换法。 天然气热值较高，单位体积释放的热量更多，燃烧效率更高，能有效减少能源浪费； 天然气主要成分为甲烷，燃烧后主要生成二氧化碳和水，污染物排放极低。相比煤气和液化石油气，其二氧化硫、氮氧化物及粉尘排放量大幅减少，有助于改善空气质量并减缓酸雨和温室效应。 故答案为：质量；秒表；加热的时间；；； 水升高的温度；天然气热值较高，燃烧效率更高，能有效减少能源浪费，有助于改善空气质量并减缓酸雨和温室效应。 实验中需要控制两种液体的质量是相同的；用秒表来记录不同时刻温度计的示数； 本实验通过加热时间的长短来反映液体吸热的多少； 加热相同时间，吸收相同的热量，升高温度较小的液体吸热能力强； 根据可知，吸收相同的热量，当质量增加时，升高的温度将变小； 相同质量的同种液体，升高的温度反映燃料放出热量的多少； 使用天然气取代煤气和液化石油气的好处，可以从环境保护、有效利用能源的角度考虑。 本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。 28. 解：“车用压缩天然气转换装置”，该装置在充入天然气时，压缩体积，对气体做功，将机械能转化内能，天然气的内能增加，天然气液化时温度会升高； 选用水做冷却剂是因为水的比热容较大； 天然气消耗率为， 天然气放出的热量：， 该天然气热机的效率为：； 如图甲，火花塞喷出电火花，为热机的做功冲程，此冲程能量转化是内能转化为机械能； 汽车以的速度行驶了， 汽车的行驶时间：， 一个工作循环飞轮转转，该时间段有个工作循环， 一个工作循环有一个做功冲程，共完成个做功冲程； 加速至时牵引力，由图知此时速度， 汽车功率：； 由图知汽车在后做匀速直线运动，由得此时牵引力：； 此时汽车受到的牵引力和阻力为一对平衡力，则：阻力； 天然气完全燃烧放出的热量：， 汽车做的有用功：， 汽车行驶路程：； 故答案为：升高；水的比热容大；；做功；内能转化为机械能；；；。 压缩体积可使天然气液化，压缩体积，对气体做功，将机械能转化内能，天然气的内能增加； 选用水做冷却剂是因为水的比热容较大； 首先根据计算天然气放出的热量，根据效率公式计算该天然气热机的效率； 火花塞喷出电火花，为热机的做功冲程，此冲程能量转化是内能转化为机械能； 汽车以的速度行驶了，根据速度公式计算汽车的行驶时间，一个工作循环飞轮转转，进一步计算该时间段有几个工作循环，一个工作循环有一个做功冲程，据此可知共完成几个做功冲程； 加速至时牵引力，由图知此时速度，根据计算汽车功率； 由图知汽车在后做匀速直线运动，由计算此时牵引力，此时汽车受到的牵引力和阻力为一对平衡力； 根据计算天然气完全燃烧放出的热量，根据效率公式计算汽车做的有用功，根据做功公式计算汽车行驶路程。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026-2027学年苏科版九年级物理（上）期中模拟练习卷（江苏专用） 解析版 一、单选题：本大题共12小题，共24分。 1.(2026·山西省大同市·期末考试)如图，手提起重物，桡骨在肱二头肌的牵引下绕着肘关节转动，可简化为一种杠杆。下列工具使用时，和它属于同一类型杠杆的是(    ) A. 瓶盖起子 B. 剪铁皮的剪刀 C. 船桨 D. 撬棒 1.【解析】解：桡骨在肱二头肌的牵引下绕着肘关节转动，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆， A、瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A错误； B、剪铁皮的剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误； C、船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C正确； D、撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误。 故选：。 根据生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。 此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种： 省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。 2.(2026·江苏省宿迁市·月考试卷)工人师傅使用一个轻质动滑轮提升物体，这样做(    ) A. 省力，也可以省距离 B. 不能省力，但可以省距离 C. 省力，但不可以省距离 D. 不能省力，也不可以省距离 2.【解析】解：动滑轮可以省力，但费距离。 故选：。 轴随物体一起运动的滑轮是动滑轮，使用动滑轮能省一半力，但费距离。 此题考查了动滑轮的特点。 3.(2026·湖北省襄阳市·模拟题)如图所示，“龙骨水车”是我国古代主要的提水设施之一，水车一端浸入水中，另一端固定于岸上，使用时，人踩动长柄摇杆末端的踏板使大轮转动，带动嵌满刮水板的链条匀速运动，槽内板片刮水上行，倾灌于地势较高的田中，下列说法中不正确的是(    ) A. 长柄摇杆越长，踩动时越省力 B. 踩得越快，提水做功越多 C. 提水过程中，随板片上行的水克服重力做了功 D. 减小水车各部件间的摩擦，提水效率增大 3.【解析】解：长柄摇杆相当于一个杠杆，根据杠杆平衡条件可知，动力臂越长，越省力，所以长柄摇杆越长，动力臂越大，踩动越省力，故A正确，不符合题意； B.提水做的功，取决于水的质量和提升高度。踩得越快，虽然单位时间内提水次数多，但每次提升的水的质量和提升的高度不变，因此克服水的重力做功不变，故B错误，符合题意； C.水被提升运动的距离与重力方向相反，是克服重力做功，使水升高，故C正确，不符合题意； D.摩擦会消耗能量，增加额外功，从而降低效率，所以减小摩擦，即减少额外功，可以提高提水的效率，故D正确，不符合题意。 故选：。 长柄摇杆相当于一个杠杆，长柄摇杆越长，动力臂越大，踩动越省力； 踩得越快，虽然单位时间内提水次数多，但每次提升的水的质量和提升的高度不变，克服水的重力做功不变； 克服水的重力做功即为有用功； 减小摩擦可以减小额外功，可以提高机械效率。 本题考查杠杆的分类，功和机械效率，属于基础题目。 4.(2025·江苏省宿迁市·期中考试)下列数据符合实际的是(    ) A. 从地上拿起一个鸡蛋并把它缓缓举过头顶，对鸡蛋做的功约为 B. 人骑自行车时的功率约为 C. 汽车中蓄电池的电压约为 D. 教室中的照明灯电流约为 4.【解析】解：、托举一个鸡蛋的力约为，中学生将一个鸡蛋从地面举过头顶举起的高度约为，中学生对鸡蛋所做的功大约是，故A不符合实际； B、人骑自行车的功率约为，故B不符合实际； C、汽车蓄电池的标准电压通常为，故C符合实际； D、教室中照明灯的功率一般约为，其正常工作时的电流，远小于，故D不符合实际。 故选：。 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。 物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。 5.(2026·江苏省·模拟题)关于温度、热量和内能，下列说法正确的是(    ) A. 把冰放在手心，感到冷，是因为冰的内能为 B. 的冰熔化成的水后，温度不变，内能变大 C. 冰内能增加，一定从外界吸收了热量 D. 冰受热熔化时，一定是从内能大的物体吸收热量 5.【解析】解：、一切物体都具有内能，冰的内能不为，故A错误； B、的冰变成的水，属于熔化现象，该过程中吸收热量，温度不变，内能变大，故B正确； C、冰内能增加，可能是从外界吸收了热量，也可能是有物体对它做了功，故C错误； D、冰受热熔化时，一定是从温度高的物体吸收热量，内能大的物体温度不一定高，故D错误。 故选：。 一切物体都具有内能，内能与物体的质量、温度以及状态有关； 晶体熔化时，吸收热量，内能增加，温度不变； 改变物体内能的两种方式：做功和热传递，改变物体内能的两种方法是等效的； 热传递的条件是存在温度差。 本题主要考查学生对影响内能因素的掌握、改变内能的两种方式以及晶体熔化的特点的认识，是综合题。 6.(2025·江苏省宿迁市·期中考试)如图为蹦床运动照片及其简化示意图，点是运动员由最高点开始自由落下的起始位置，点是蹦床不发生形变时的原位置，点是运动员受到的重力与蹦床对运动员的弹力相等处，点是运动员到达的最低点。若整个过程忽略空气阻力，则下列说法正确的是(    ) A. 在点时运动员的速度最大 B. 从点到点的过程中，运动员机械能守恒 C. 从点到点的过程中，运动员动能一直先增大后减小 D. 在到的过程中运动员的重力势能的变化量大于蹦床的弹性势能变化量 6.【解析】解：从点到点，分为两个阶段：点是重力与弹力相等处，从到，重力大于弹力，运动员做加速运动，到点时速度最大，动能增大；从到，弹力大于重力，运动员做减速运动，动能减小。因此，到过程中动能先增大后减小，并非一直减小，故A错误，C正确。 B.从点到点，运动员只受重力，机械能守恒；但从点到点，蹦床对运动员有弹力作用，弹力对运动员做功，运动员的机械能会转化为蹦床的弹性势能，运动员的机械能减小，因此运动员的机械能不守恒，故B错误； D、从刚接触跳床到运动到最低点的过程中，运动员动能和重力势能转化为蹦床的弹性势能，所以重力势能的变化量小于蹦床的弹性势能变化量，故D错误。 故选：。 从点到点，分为两个阶段：点是重力与弹力相等处，分析从到及从到，人的受力情况确定人的运动状态及动能的变化情况； B.从点到点，运动员只受重力，机械能守恒；但从点到点，蹦床对运动员有弹力作用，弹力对运动员做功，运动员的机械能会转化为蹦床的弹性势能，据此分析； D、从刚接触跳床到运动到最低点的过程中，运动员动能和重力势能转化为蹦床的弹性势能，据此分析。 本题考查力与运动的关系及机械能守恒的条件和影响机械能大小的因素。 7.(2026·江苏省扬州市·期中考试)如图是投掷实心球的场景。若不计空气阻力，实心球自脱手至落地的过程中，下列关于其动能、势能和机械能的大小分别随时间变化的曲线中，正确的是(    ) A. B. C. D. 7.【解析】解：小球上升的过程中，速度越来越小，动能越来越小，当上升到最高点时，速度最小，动能最小，下落的过程中，速度越来越大，动能越来越大。所以动能是先减小，上升到最高点速度最小，动能最小，后又增大。但是斜向上抛时球达到最高点，竖直方向速度为零，但水平方向依然有向前的速度，最高点动能不为零。故图错误，图正确。 小球上升的过程中，高度越来越大，重力势能越来越大，当上升到最高点时，高度最高，重力势能最大，下落的过程中，高度越来越小，最后落地，重力势能越来越小，直到为零。所以重力势能是先增大，上升到最高点重力势能最大，后又减小，最后为零。故图正确， 由于此时不计空气阻力，所以机械能是守恒的，故机械能不变，图正确。故选：。 影响动能大小的因素是物体的质量和速度，质量越大、速度越大，动能越大； 影响重力势能大小的因素是物体的质量和高度，质量越大、高度越大，重力势能越大。 本题考查根据动能和势能的变化来判断图象，理解影响能量大小的因素和运动的过程是解题的关键，有一定难度。 8.(2026·江苏省苏州市·模拟题)将质量相等、初温相同的沙子和水分别放在两个瓷盘中，如图所示，用红外灯照射两个瓷盘后，沙子的温度为，水的温度为，它们的温度随时间变化图象如图乙所示，则下列说法正确的是(    ) A. 图线、分别对应物质是水和沙子 B. 升高相同温度物质吸收的热量更多 C. 沙子与水的比热容之比：： D. 该实验可解释沿海地区白天产生的陆风现象 8.【解析】解：、由图乙可知，沙子的水的质量和初温相同，在同样吸热的情况下，升温快，说明比热容小，是沙子；升温慢，说明比热容大，是水，故A错误； B、由图乙可知，升高相同温度，比如升高至，物质需要的时间短，物质需要的时间长，因此，物质吸收的热量更多，故B错误； C、照射，沙子和水吸收的热量相同，由公式可得，， 则：，故C正确； D、沿海地区的白天，在太阳照射下，陆地和海水同样吸热的情况下，由于海水的比热容大，所以海水升渐慢，陆地升温快，陆地上方空气上升，海面上的空气补充，形成海风，故D错误。 故选：。 水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。 根据图像中所获得的数据，利用公式可分析沙子与水的比热容关系。 本题考查了利用水的比热容大的特性，来解释生活中的现象，以及利用热量公式来进行简单的计算，属热学综合题。 9.(2026·江苏省宿迁市·模拟题)随处可见的自动售货机大大方便了我们的购物生活，小明在学习电路设计后去自学了解了自动售货机的工作原理：可通过手机扫码闭合或投币闭合，启动电动机完成自动售货；在光线较暗时光控开关自动闭合，接通灯泡照明。于是他尝试设计了如下四个电路，其中符合要求的是(    ) A. B. C. D. 9.【解析】解：由题意可知，通过手机扫码使开关闭合或通过投币使开关闭合，都能启动电动机完成自动售货，说明开关和开关可以独立工作、互不影响，则开关和开关应并联，再与电动机串联； 由题知，在光线较暗时光控开关自动闭合，接通灯泡照明即灯泡只由光控开关控制，因灯泡与电动机工作时互不影响，则两用电器应并联； 结合选项图可知，只有图符合题意。 故选：。 根据题意可知，通过手机扫码和投币都可以启动电动机完成自动售货，说明开关和开关可以独立工作、互不影响即为并联；再由照明灯泡与电动机工作时互不影响可知电动机与照明灯并联，且照明灯泡只由光控开关控制，据此分析进行解答。 本题考查了串并联电路的设计，关键要知道：串联电路中各元件间相互影响，并联电路中各支路间互不影响。 10.(2026·江苏省南京市·期中考试)如图所示，闭合开关后，两个规格相同小灯泡均发光，关于甲、乙、丙三个电表的类型，下列说法正确的是(    ) A. 甲电表与乙电表可能为同种电表 B. 乙电表与丙电表一定为不同种电表 C. 若丙电表的示数为甲电表的一半，则电表甲、丙为电压表 D. 若甲电表的示数为丙电表的一半，则电表甲、丙为电流表 10.【解析】解：闭合开关后，两个小灯泡、均能发光，两灯可能是串联，也可能是并联； 若、串联，根据电流的流向可知，此时乙表串联在电路中，则乙是电流表；此时丙表并联在、的两端，则丙是电压表，测量、的总电压；为了避免被短路，则甲只能是电压表，测量两端的电压； 由此可知，乙是电流表，甲、丙是电压表； 若、并联，根据电流的流向可知，此时丙表串联在的支路中，则丙是电流表，测量通过的电流；甲表串联在干路中，所以甲是电流表，测量干路电流；乙表只能是电压表，测量电源电压，也等于、的电压； 由此可知，乙是电压表，甲、丙是电流表； A.由以上两种情况分析已知，甲电表与乙电表不可能为同种电表，故A错误； B.由以上两种情况分析已知，乙电表与丙电表一定为不同种电表，故B正确； C.若丙电表的示数为甲电表的一半，则此时、并联，电表甲、丙应为电流表；丙电流表测量通过的电流，甲电流表测量干路电流，因为两灯规格相同，通过两灯的电流相等，根据并联电路电流特点，干路电流等于各支路电流之和，则丙电流表的示数为甲电流表的一半，所以电表甲、丙应为电流表，而不是电压表，故C错误； D.若甲电表的示数为丙电表的一半，则此时、串联，电表甲、丙应为电压表；丙电压表并联在、的两端，测量、的总电压，甲电压表测量两端的电压；因为两灯规格相同，通过两灯的电流相等，两灯两端的电压相等，根据串联电路电压特点，电源电压等于各用电器电压两端的之和，则甲电压表的示数为丙电压表的一半，电表甲、丙应为电压表，而不是电流表，故D错误。 故选：。 闭合开关后，两个规格相同的小灯泡、均发光，两灯可能是串联，也可能是并联； 电流表应串联在被测电路中，相当于导线；而电压表应并联在被测电路两端，相当于断路； 两灯泡、可能是串联，也可能是并联，据此分情况讨论，最终得出甲、乙、丙三个电表的类型，以及电表示数的关系。 本题考查电压表、电流表的使用规则以及电路的连接方式，解题时需要根据灯泡的发光情况判断连接方式，再结合电表使用规则分析电表类型，难度较大。 11.(2026·江苏省无锡市·模拟题)小明用如图所示的装置探究杠杆的机械效率，他将重为的物体挂在均匀杠杆的中点，在杠杆的另一端始终保持竖直方向拉动杠杆，使其绕点缓慢转动，带动物体匀速上升了不计绳重及摩擦，下列说法正确的是(    ) A. 在物体上升过程中，拉力大小将变大 B. 若杠杆机械效率为，则杠杆自重为 C. 仅将物体悬挂点向支点靠近一些，杠杆的机械效率将变大 D. 仅将拉力的作用点向支点靠近一些，杠杆的机械效率将不变 11.【解析】解：物体挂在杠杆中点，拉力的方向始终竖直向上，杆的重力的方向和物体通过绳对杆的拉力的方向始终竖直向下。根据力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，假设拉力的力臂为，因为物体挂在均匀杠杆的中点，而力始终保持竖直，所以根据数学知识中的三角形相似，对应边成比例可知，阻力臂与动力臂之比等于杆的一半的长度与杆的全长之比，即物体对杆的拉力的力臂。假设杠杆自重为，其重心在中点，则力臂也为。根据杠杆平衡条件可知，； 化简得；则拉力大小不变，故A错误； B.机械效率，因为物体对杆的拉力的作用点和杆自身重力的作用点都在杠杆的中点，所以物体和杠杆上升高度相同，即。已知，，代入得；解得，而非，故B错误； C.将物体悬挂点向支点靠近，物体上升高度不变，有用功不变；额外功，由数学知识可知，变大，额外功变大。机械效率； 由于变大，会使变小，故C错误； D.仅将拉力作用点向支点靠近，动力臂减小，而，与动力臂无关，所以杠杆的机械效率不变，故D正确。 故选：。 手竖直向上用力时，阻力也是竖直方向，动力臂和阻力臂的比值不变，阻力不变，动力不变。 用杠杆提升物体时，克服杠杆重做功是额外功，使物体升高做功是有用功，根据机械效率公式计算杠杆自重。 将物体的悬挂点向支点靠近一点，匀速提升杠杆时，有用功在总功中的比值变小，机械效率变小； 根据机械效率的表达式与拉力的力臂无关分析解答。 本题考查杠杆机械效率的分析，属于难题。 12.(2026·江苏省徐州市·期末考试)图示电路中，、是定值电阻，开关闭合一段时间后，电流表示数突然减小。用电压表检测电路，当电压表接、两点时，电压表有示数；接、两点时，电压表无示数。则故障原因可能是(    ) A. 仅断路 B. 仅断路 C. 电流表断路 D. 导线断路 12.【解析】解： 根据电路图可知，定值电阻、并联连接，电流表测量的是干路的电流； 开关闭合一段时间后，电流表示数突然减小，说明某一条支路出现了断路； 当电压表接、两点时，电压表有示数，说明到电源的负极与到电源的正极之间是接通的； 电压表接、两点时，电压表无示数，说明到电源的负极与到电源的正极之间是断开的，由前面解答可知到电源的负极、到电源的正极之间是接通的，故间导线出现了断路。 故选：。 根据电路图可知，定值电阻、并联连接；电流表测量的是干路的电流；开关闭合一段时间后，电流表示数突然减小，说明某一条电路出现了断路；根据电压表的示数判定故障之处。 本题考查电路的故障分析、电流的变化以及并联电路的特点、电压表的应用，涉及的内容较多，但难度不大。 二、填空题：本大题共7小题，共14分。 13.(2025·江苏省盐城市·期中考试)水稻是喜温植物，春季育秧时，通常傍晚向秧田灌水，早晨将水放出，以防霜冻。隐含的物理知识是，水的          较大。气温降低时，水能          选填“放出”或“吸收”较多的          选填“温度”、“内能”或“热量”。 13.【解析】解：水的比热容是常见物体中最大的； 根据其中为水的初温，为水的末温，气温降低时，由于水的比热容比较大，在质量一定时，水可以放出更多的热量。 故答案为：比热容；放出；热量。 水的比热容是比较大，根据其中为水的初温，为水的末温得出水降低温度时放热的多少。 此题考查了水的比热容较大的一个应用，是一道应用题。 14.(2025·江苏省南通市·期中考试)一节新干电池的电压为          ；如图所示，将图中的一节干电池正确装入右边电池盒，则电池盒的正极是          端选填“”或“”；若要提高电源电压，可将几节新干电池          选填“串联”或“并联”； 两个小灯泡与电池连接组成电路，两灯都发光时取下其中一个灯，观察到另一个灯不亮，这种连接方式的电路，电流特点是          。 14.【解析】解：一节新干电池的电压是，要将电池盒的弹簧端连接电池的负极，将图中的一节干电池正确装入右边电池盒，则电池盒的正极是接线柱。若要提高电源电压，可将几节新干电池串联； 串联电路中，一个用电器开路，其他用电器也开路，两灯都发光时取下其中一个灯，观察到另一个灯不亮，这种连接方式的电路，电流特点是电流处处相等。 故答案为：；；串联；电流处处相等。 一节干电池的电压是；根据电池盒的使用方法解答即可；节图新干电池串联电压为。 在串联电路中，电流只有一条通路，所以断开任意一个地方，整个电路都会断路。 本题考查了电压和电池盒的使用，以及串联电压的特点、难度不大。 15.(2025·江苏省南京市·期中考试)小明将两箱书搬上楼，用图所示的两种方法：一是把两箱书一起搬上楼；二是先搬一箱书上楼，再搬剩下的一箱。假设他上楼的速度相同，用这两种方法搬书，有用功分别为和，人做功的功率分别为和，机械效率分别为和，则          ，          ，          。 15.【解析】这两箱书的总重力一定，提升的高度相同，根据  可知，有用功  。 方法一所做的额外功为克服自身重力所做的功，而方法二所做的额外功是两次克服自身重力所做的功，方法二所做的额外功是方法一所做的额外功的两倍，有用功相同，所以方法二所做的总功大于方法一的总功，但小于方法一的总功的两倍，上楼的速度相同，所以方法二所用的时间是方法一的两倍，根据  可知，人做功的功率  。 有用功相同，方法二所做的总功大于方法一的总功，根据  可知，机械效率  。 16.(2026·江苏省·模拟题)若一台四冲程汽油机的汽缸面积为，活塞行程为。做功冲程燃气的平均压强为，飞轮转速为，那么该汽油机分钟内对外做功          次，工作时汽缸内气体对活塞的平均压力为          。这台汽油机的功率是          。 16.【解析】【详解】四冲程汽油机每个工作循环飞轮转圈，对外做功次。飞轮转速为，故分钟内做功次数为  工作时汽缸内气体对活塞的平均压力为  每次做功冲程做的功  分钟内做的总功  汽油机的功率  17.(2026·江苏省无锡市·月考试卷)如图所示为完全相同的甲、乙两个小球，分别用细线、橡皮筋系在同一高度的悬点，将两球移动到与悬点等高的位置，此时细线恰好拉直，橡皮筋达到原长，由静止开始释放，当两球摆至悬点正下方点时，橡皮筋长度恰好与细线长度相等。若不计空气阻力，两球到达点时，甲球的动能        选填“”“”或“”乙球的动能；甲球到达点时的机械能        选填“”“”或“”乙球在初始位置时的机械能。 17.【解析】解：两球到达点时，甲小球的重力势能全部转化为动能，乙球的重力势能转化为动能和弹性势能，由于初始的重力势能相同，所以两球到达点时，甲小球的动能比乙大。 由于甲乙小球初始机械能相等，且甲球在运动过程中机械能守恒，所以，甲球到达点时的机械能等于乙球在初始位置时的机械能。 故答案为：，。 动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，弹性势能的大小与物体的弹性形变程度的大小有关；机械能为动能和势能的和；不计空气阻力，机械能守恒。 本题考查了学生对机械能的转化和守恒的掌握，掌握机械能守恒定律是解题的关键，有一定的难度。 18.(2025·江苏省泰州市·期中考试)如图为小明加热质量为某物质时，测得其温度随时间变化的图像。已知该物质在固态时的比热容为；假设这种物质从热源吸热的功率恒定不变，根据图像解答下列问题：不计热量损失 该物质在第时的内能           选填“小于”、“等于”或“大于”第时的内能； 该物质液态的比热容           ； 在第至第时间内，物质吸收的热量为           。 18.【解析】解：从图像可以看出，该物质在第到第处于熔化过程，此过程中物质持续吸收热量，但温度保持不变。吸收热量会使物质的内能增加。因此，该物质在第时的内能小于第时的内能。 由图像可知，在时间内，物质处于固态，吸收热量使温度从升高到。吸收的热量 加热时间为，在时间内，物质处于液态，吸收热量使温度从升高到。加热时间， 由于物质从热源吸热的功率恒定不变，相同时间内吸收的热量是相同的，则该物质在时间内吸收的热量为， 根据热量计算公式，可得液态比热容为：； 在第至第时间内，物质的加热时间为， 此过程中物质吸收的热量为。 故答案为：小于；；。 晶体在熔化过程吸热内能增加，温度不变。 由图像可知，在时间内，物质处于固态，吸收热量使温度从升高到。根据算出吸收的热量，根据这种物质从热源吸热的功率恒定不变算出该物质在时间内吸收的热量，根据算出液态比热容； 根据这种物质从热源吸热的功率恒定不变算出该物质在时间内吸收的热量。 本题考查了晶体熔化的规律、吸收热量的计算、物体吸热功率的计算，涉及到从温度时间图象搜集信息并加以利用，知识点多，属于难题。 19.(2025·江苏省苏州市·期中考试)请完成下列填空。 小明利用如图所示的装置探究定滑轮的特点，已知，当整个装置静止时，忽略摩擦力，使用定滑轮时弹簧测力计的示数          。 如图所示的是“会跳的卡片”，为了让卡片跳得更高一些，可以将豁口剪得浅一些，并          选填“增大”或“减小”两豁口之间的距离。 如图所示的是“探究影响重力势能大小因素”的实验过程，容器中装有沙子，和为实心铁块，的质量比的质量小。由甲、丙两图          选填“能”或“不能”探究重力势能的大小与质量的关系，理由是          。 19.【解析】解：定滑轮实质上是一个等臂杠杆，所以当整个装置静止时，忽略摩擦力，使用定滑轮时弹簧测力计的示数； 增大豁口之间的距离，同样会使橡皮筋的形变程度增大，从而使橡皮筋具有更大的弹性势能，转化为卡片更多的动能，让卡片跳得更高； 由甲、丙两图相比，不能探究重力势能的大小与质量的关系，因为没有控制下落的高度相同。 故答案为：；增大；不能；没有控制下落的高度相同。 定滑轮实质上是一个等臂杠杆； 橡皮筋拉开后具有弹性势能，恢复时转化为动能，所以卡片会跳起来。弹性势能是指物体由于发生弹性形变而具有的能，决定弹性势能大小的因素是物体弹性形变的程度； 掌握影响物体重力势能的因素：质量和被举高度，根据控制变量法分析。 本题考查学生对定滑轮、影响弹性势能的因素、影响重力势能的因素的掌握。 三、作图题：本大题共3小题，共6分。 20.(2025·江苏省南通市·期中考试)画出阻力的力臂和作用在点的最小动力。 20.【解析】阻力是重物对杠杆的拉力，画出阻力的示意图，在画力臂时，由支点向力的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂。 杠杆平衡条件：动力动力臂阻力阻力臂，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。 本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。 21.(2026·黑龙江省·期末考试)工人站在地面用如图所示滑轮组提升重物，请画出工人使用滑轮组的正确绕线。 21.【解析】由题可知，工人站在地面用如图所示滑轮组提升重物，即绳子自由端的拉力向下，故可从人手处由外向里绕绳，得出滑轮组的绕线情况。 本题滑轮组的安装，明确绳子自由端拉力的方向是关键。 22.(2026·陕西省榆林市·期末考试)根据如图所示的实物图，在虚线框内画出对应的电路图。 22.【解析】由实物图分析电路的连接情况，再画出电路图 本题考查根据实物图画电路图的能力，能正确识别电路的连接方式是画电路图的前提。还要注意电路图与实物图要一一对应。 四、计算题：本大题共2小题，共16分。 23.(2025·江苏省扬州市·期中考试)工人利用如图所示的滑轮组在内将重为的物体向上匀速提起，所用拉力为，不计绳重和摩擦。 求拉力的功率； 求动滑轮的重； 若用此滑轮组竖直向上匀速提升重为的物体，机械效率为多大？ 23.【解析】解：由图可知，，绳子自由端移动的速度为： ， 拉力做功的功率为： ； 由图可知，，不计绳重和摩擦，根据可知，动滑轮重力为： ； 不计绳重和摩擦，若用此滑轮组竖直向上匀速提升重为的物体，机械效率为： 。 答：拉力的功率为； 动滑轮的重为； 若用此滑轮组竖直向上匀速提升重为的物体，机械效率为。 根据滑轮组装置确定绳子股数，利用求出绳子自由端移动的速度，根据求出拉力做功的功率； 根据滑轮组装置确定绳子股数，不计绳重和摩擦，利用求出动滑轮的重； 不计绳重和摩擦，根据求出机械效率。 本题考查了功率公式、机械效率公式和滑轮组绳子拉力公式的综合应用。 24.(2026·辽宁省盘锦市·模拟题)为纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利周年，年月日，我国在天安门广场举行了盛大的阅兵仪式。如图所示是首次亮相的某款无人驾驶战车，在平直的长安街上接受检阅。若战车匀速行驶了，这个过程中受到的阻力为，发动机总共消耗柴油。已知水，柴油，当地大气压为个标准大气压求： 战车的牵引力在这里做的功； 这辆战车发动机的热机效率； 若发动机所做额外功的的能量，全部被初温为、质量为的水吸收，水温可以升高多少。 24.【解析】详细答案和解答过程见答案 五、实验探究题：本大题共4小题，共24分。 25.(2025·江苏省镇江市·期中考试)实验小组在“研究杠杆平衡条件”的实验中，所用的实验器材有刻度均匀的杠杆、支架、刻度尺、细线和重为的相同钩码若干。 如图甲所示，杠杆处于        选填“平衡”或“不平衡”状态，此时，应将杠杆的右端的平衡螺母向        选填“左”或“右”调节，使杠杆水平平衡，这样做的好处是        小明同学完成某次操作后实验现象如图乙所示，在处所挂钩码为        个。为了进一步完善实验，应进行多次实验，目的是：        选填“减小误差”或“得到普遍规律” 如图丙所示，若不在点挂钩码，可改用弹簧测力计在点向下拉杠杆，使杠杆仍在水平位置平衡，其示数        处所挂的钩码重力选填“大于”、“小于”或“等于” 完成以上实验后，小华利用如图丁来测量杠杆的机械效率，始终用竖直向上的力匀速拉动质量分布均匀的杠杆，杠杆转动过程中，拉力的大小将        选填“变大”、“变小”或“不变”，下同；如果仅将拉力作用点从图中位置移至处，两次都将同一重物移动相同高度，此杠杆的机械效率将        不计摩擦 25.【解析】解：杠杆静止在图甲所示的位置，此时杠杆处于平衡状态。 要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端螺母向右调节。让杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是：便于测量力臂，避免杠杆自重对实验的影响。 设每个钩码重为，杠杆每格长为，由杠杆平衡条件可知，，解得，故应在点挂个钩码才能使杠杆平衡。 进行多次实验，目的是得到普遍规律。 图丙所示实验，拉力的作用点不变，图丙中测力计倾斜，则右端弹簧测力计拉力的力臂小于挂钩码的力臂，而左端钩码重力与钩码重力的力臂均不变，由杠杆平衡条件可知弹簧测力计拉力将变大。 用竖直向上的力匀速拉动质量分布均匀的杠杆，重力的方向是竖直向下，在杠杆向上拉起的过程中，由数学知识可知动力臂和阻力臂的比值不变，重力不变，由杠杆的平衡条件可知拉力的大小也不变； 仅将拉力作用点从图中位置移至处，两次都将同一重物移动相同高度，由数学知识可知，重物在点时，重心上移的距离大些，杠杆提升时，克服杠杆自重所做的额外功多，由有用功不变，总功大时，机械效率小，故杠杆的机械效率变大。 故答案为：平衡；右；便于测量力臂，避免杠杆自重对实验的影响；；得到普遍规律；大于；不变；变大。 当杠杆在动力和阻力作用下静止时，说明杠杆处于平衡状态。 在调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母应向着杠杆高的一端移动。 使杠杆在平衡位置平衡的目的是便于测量力臂。 设每个钩码重为，杠杆每格长为，根据杠杆平衡条件进行分析。 根据图示判断弹簧测力计拉力力臂的大小关系，然后应用杠杆平衡条件判断拉力大小关系。 用竖直向上的力匀速拉动质量分布均匀的杠杆，重力的方向是竖直向下，所以在杠杆向上拉起的过程中，动力臂和阻力臂的比值不变，重力不变，由杠杆的平衡条件可知拉力是否变化；仅将拉力作用点从图中位置移至处，两次都将同一重物移动相同高度，由数学知识可知，杠杆重心上升的距离的变化，由此确定杠杆的机械效率的变化。 本题考查了利用杠杆的平衡条件来对杠杆的动态平衡情况进行分析，是我们应该掌握的。 26.(2025·江苏省镇江市·期中考试)为探究物体动能的大小与哪些因素有关，实验小组利用斜面、质量不同的钢球、木块等器材进行了如图所示的实验。 实验中是通过观察        来判断        填“木块”或“小球”的动能大小；下列实验中也用到此种方法的是        填序号。 探究声音的产生发声的音叉插入水中激起水花； 探究杠杆平衡的条件 为了研究超速的安全隐患，我们应选择        两图所示实验来进行比较 小亮又把小车从斜面同一高度由静止释放，让其分别滑到铺有毛巾和玻璃的木板表面直到静止，两次在水平面上克服摩擦力做的功分别记为、，则        选填“”、“”或“” 继续用图丁的实验装置来探究“动能与质量的关系”，先后把质量为、的两个钢球将弹簧压缩相同的长度，由静止释放分别撞击静止在同一位置一木块忽略钢球撞击木块前的能量损失且碰撞后钢球的能量全部传递给木块，木块移动的距离为和，则        选填“”、“”或“” 小亮还利用图戊来研究动能和势能相互转化，图中两个相同的光滑弧形槽，一个为凸形，一个为凹形，两个相同的钢球、进入两弧形槽的速度都为，运动到槽的末端速度也都为，则球和球通过弧形槽的时间为和，则        选填“”、“”或“” 26.【解析】解：实验中通过观察木块被撞击后移动的距离的大小来间接判断小球动能的大小，采用的方法是转换法；探究声音的产生发声的音叉插入水中激起水花；利用了转换法；探究杠杆平衡的条件，没有采用转换法； 故选； 用来研究超速安全隐患，即探究动能与速度的关系时，根据控制变量法可知应保持质量不变，改变钢球到达水平面的速度，则钢球从斜面静止滚下的高度不同，所以应选择甲和乙两图所示实验； 把小车从斜面同一高度由静止释放，让其分别滑上铺有毛巾和玻璃的木板表面直到静止，两种情况下小车在水平面的初始速度相同，则初始动能相同，最终均速度变为零，即动能为零，动能转化为内能，动能变化量相同，所以克服摩擦力做的功也相同，即； 若用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，弹性势能相同，则转化的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同，即； 在凸形滑道运动的物体，在运动到最高点的过程中，要将动能转化为重力势能，这个过程的平均速度小于初速度；在下落过程中不计滑道的摩擦，机械能守恒，重力势能再全部转化为动能，最后的速度等于初速度，则这个过程的平均速度小于初速度；在凹形滑道运动的物体，在运动到最低点的过程中，要将重力势能转化为动能，这个过程的平均速度大于初速度，运动在下落过程中不计滑道的摩擦，机械能守恒，动能再全部转化为重力势能，最后的速度等于初速度，则这个过程的平均速度大于初速度；因此在凸形滑道运动物体的平均速度小于在凹形滑道运动物体的平均速度，两物体运动的路程相同，由可知，凸形滑道运动物体的时间较长，即。 故答案为：木块被推动距离的远近；小球；； 甲、乙； ； ； 。 实验中通过木块移动的距离来表示小球动能的大小，利用了转换法； 动能大小的影响因素：质量和速度。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大；根据控制变量法分析； 把小车从斜面同一高度由静止释放，让其分别滑上铺有毛巾和玻璃的木板表面直到静止，两种情况下动能变化量相同，所以克服摩擦力做的功也相同； 若用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧势能相同，转化出的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同； 没有能量损失时，动能与势能是相互转化的，在转化过程中机械能守恒。 探究物体动能大小与哪些因素，重点考查了控制变量法和转换法以及能量的转化等内容。 27.(2025·江苏省无锡市·期中考试)在热学实验中： 如图甲所示，在比较“不同液体吸热本领大小”的实验中，小明将两支相同的试管分别盛有初温相同的、两种液体放入同一个红外加热器中，两个温度传感器的探头部分与两试管内的液体接触良好，并通过数据采集线与计算机相连接。利用红外加热器对两试管内的液体加热，在其沸腾前记录到、两种液体温度随时间变化如下表格。 加热时间 的温度 的温度 实验中应取        选填“质量”或“体积”相同的、两种液体；本实验需要的测量工具除温度计、天平外还需要        。 实验中通过比较        选填“升高的温度”或“加热的时间”来反映甲、乙两种液体吸收热量的多少。 根据表格实验数据可知，        选填“”或“”液体的吸热能力强。 图乙中是液体加热时温度随时间变化的图线，如果将初温相同的液体质量增加到原来的倍，不考虑热损失，用相同的加热器加热，再绘制出一条温度随时间变化的图线，则为图中的第        选填“”、“”或“”条线 如图丙所示，是探究“不同燃料燃烧时放出的热量”的实验： 该实验是通过        来反映不同燃料放出热量的多少。 目前，我国大部分城市的家庭开始用天然气来取代煤气和液体石油气。你认为这样做有哪些好处？至少写出两条         27.【解析】解：在比较“不同液体吸热本领大小”的实验中，为了便于比较，要控制不同物质的质量相同，故实验中应取质量相同的、两种液体分别倒入相同的烧杯中。 本实验需要的测量工具除温度计、天平外，还需要秒表，用来记录不同时刻温度计的示数。 实验中两个试管放在同一热源中，相同时间吸收的热量相同，通过加热时间来比较和两种液体吸收热量的多少。 从表格数据可以看出物质温度升高需要用时，物质温度升高需要用时，可得出：升高相同的温度，液体所需的加热时间更长，说明液体的吸热能力强。 图乙中是加热时温度随时间变化的图线，如果将初温相同的物质质量增加到原来的倍，不考虑热损失，用相同的加热器加热，升高相同温度时吸收热量将是原来的倍，也就是加热时间变为原来的倍，则图中的符合题意。 探究“不同燃料燃烧时放出的热量”的实验，燃烧相同质量的不同燃料，通过加热水升高的温度，看出放出热量的多少，运用了转换法。 天然气热值较高，单位体积释放的热量更多，燃烧效率更高，能有效减少能源浪费； 天然气主要成分为甲烷，燃烧后主要生成二氧化碳和水，污染物排放极低。相比煤气和液化石油气，其二氧化硫、氮氧化物及粉尘排放量大幅减少，有助于改善空气质量并减缓酸雨和温室效应。 故答案为：质量；秒表；加热的时间；；； 水升高的温度；天然气热值较高，燃烧效率更高，能有效减少能源浪费，有助于改善空气质量并减缓酸雨和温室效应。 实验中需要控制两种液体的质量是相同的；用秒表来记录不同时刻温度计的示数； 本实验通过加热时间的长短来反映液体吸热的多少； 加热相同时间，吸收相同的热量，升高温度较小的液体吸热能力强； 根据可知，吸收相同的热量，当质量增加时，升高的温度将变小； 相同质量的同种液体，升高的温度反映燃料放出热量的多少； 使用天然气取代煤气和液化石油气的好处，可以从环境保护、有效利用能源的角度考虑。 本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。 28.(2025·江苏省南通市·期中考试)天然气汽车是以油改天然气为燃料的一种气体燃料汽车。天然气中甲烷的含量一般在以上，是一种很好的汽车发动机燃料。目前，天然气被世界公认为比较成熟的车用汽油、柴油的代用燃料 天然气汽车采用定型汽车改装，在保留原车供油系统的情况下增加一套“车用压缩天然气转换装置”，该装置在充入天然气时，温度会        升高降低 某天然气汽车部分技术规格如下表所示： 汽缸 气缸直径 额定功率 转数 天然气消耗率 冷却方式 单缸四冲程 循环水 其中，“额定功率”是指天然气热机正常工作时对外所做机械功的功率；“燃气消耗率”是指热机正常工作时汽车每克服摩擦阻力做功即，天然气所消耗天然气的千克数。 选用水做冷却剂是因为        ； 该天然气热机的效率为        ，如图甲为热机的        冲程，此冲程能量转化是        ，如汽车以的速度行驶了，共完成        个上述冲程 该天然气汽车保持恒定功率在水平路面做直线运动，测得其运动的速度随时间变化的图象如图乙所示。汽车运动过程中受到的阻力不变，此时发动机效率为，加速至时牵引力为，后油箱内还剩天然气，汽车所受的阻力为        ；后该车最多还能继续行驶的路程        28.【解析】解：“车用压缩天然气转换装置”，该装置在充入天然气时，压缩体积，对气体做功，将机械能转化内能，天然气的内能增加，天然气液化时温度会升高； 选用水做冷却剂是因为水的比热容较大； 天然气消耗率为， 天然气放出的热量：， 该天然气热机的效率为：； 如图甲，火花塞喷出电火花，为热机的做功冲程，此冲程能量转化是内能转化为机械能； 汽车以的速度行驶了， 汽车的行驶时间：， 一个工作循环飞轮转转，该时间段有个工作循环， 一个工作循环有一个做功冲程，共完成个做功冲程； 加速至时牵引力，由图知此时速度， 汽车功率：； 由图知汽车在后做匀速直线运动，由得此时牵引力：； 此时汽车受到的牵引力和阻力为一对平衡力，则：阻力； 天然气完全燃烧放出的热量：， 汽车做的有用功：， 汽车行驶路程：； 故答案为：升高；水的比热容大；；做功；内能转化为机械能；；；； 压缩体积可使天然气液化，压缩体积，对气体做功，将机械能转化内能，天然气的内能增加； 选用水做冷却剂是因为水的比热容较大； 首先根据计算天然气放出的热量，根据效率公式计算该天然气热机的效率； 火花塞喷出电火花，为热机的做功冲程，此冲程能量转化是内能转化为机械能； 汽车以的速度行驶了，根据速度公式计算汽车的行驶时间，一个工作循环飞轮转转，进一步计算该时间段有几个工作循环，一个工作循环有一个做功冲程，据此可知共完成几个做功冲程； 加速至时牵引力，由图知此时速度，根据计算汽车功率； 由图知汽车在后做匀速直线运动，由计算此时牵引力，此时汽车受到的牵引力和阻力为一对平衡力； 根据计算天然气完全燃烧放出的热量，根据效率公式计算汽车做的有用功，根据做功公式计算汽车行驶路程. 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026-2027学年苏科版九年级物理（上）期中模拟练习卷（江苏专用）时间90分钟 满分 100分 考生注意： 1. 所有作答务必书写在答题纸上对应的区域，不得错位。在试卷上作答一律不得分。 2. 选择题未标注说明的为单选，每题只能选一个选项；标注“不定项”的，每题应选一个或多个选项；标注“多选”的，每题应选两个或两个以上的选项。 3. 试卷标注“计算”“说理”的试题，在列式计算、逻辑推理以及回答问题过程中，必须给出必要的文字说明、公式、演算等。 第I卷（选择题） 一、单选题：本大题共12小题，共24分。 1.如图，手提起重物，桡骨在肱二头肌的牵引下绕着肘关节转动，可简化为一种杠杆。下列工具使用时，和它属于同一类型杠杆的是(    ) A. 瓶盖起子 B. 剪铁皮的剪刀 C. 船桨 D. 撬棒 2.工人师傅使用一个轻质动滑轮提升物体，这样做(    ) A. 省力，也可以省距离 B. 不能省力，但可以省距离 C. 省力，但不可以省距离 D. 不能省力，也不可以省距离 3.如图所示，“龙骨水车”是我国古代主要的提水设施之一，水车一端浸入水中，另一端固定于岸上，使用时，人踩动长柄摇杆末端的踏板使大轮转动，带动嵌满刮水板的链条匀速运动，槽内板片刮水上行，倾灌于地势较高的田中，下列说法中不正确的是(    ) A. 长柄摇杆越长，踩动时越省力 B. 踩得越快，提水做功越多 C. 提水过程中，随板片上行的水克服重力做了功 D. 减小水车各部件间的摩擦，提水效率增大 4.下列数据符合实际的是(    ) A. 从地上拿起一个鸡蛋并把它缓缓举过头顶，对鸡蛋做的功约为 B. 人骑自行车时的功率约为 C. 汽车中蓄电池的电压约为 D. 教室中的照明灯电流约为 5.关于温度、热量和内能，下列说法正确的是(    ) A. 把冰放在手心，感到冷，是因为冰的内能为 B. 的冰熔化成的水后，温度不变，内能变大 C. 冰内能增加，一定从外界吸收了热量 D. 冰受热熔化时，一定是从内能大的物体吸收热量 6.如图为蹦床运动照片及其简化示意图，点是运动员由最高点开始自由落下的起始位置，点是蹦床不发生形变时的原位置，点是运动员受到的重力与蹦床对运动员的弹力相等处，点是运动员到达的最低点。若整个过程忽略空气阻力，则下列说法正确的是(    ) A. 在点时运动员的速度最大 B. 从点到点的过程中，运动员机械能守恒 C. 从点到点的过程中，运动员动能一直先增大后减小 D. 在到的过程中运动员的重力势能的变化量大于蹦床的弹性势能变化量 7.如图是投掷实心球的场景。若不计空气阻力，实心球自脱手至落地的过程中，下列关于其动能、势能和机械能的大小分别随时间变化的曲线中，正确的是(    ) A. B. C. D. 8.将质量相等、初温相同的沙子和水分别放在两个瓷盘中，如图所示，用红外灯照射两个瓷盘后，沙子的温度为，水的温度为，它们的温度随时间变化图象如图乙所示，则下列说法正确的是(    ) A. 图线、分别对应物质是水和沙子 B. 升高相同温度物质吸收的热量更多 C. 沙子与水的比热容之比：： D. 该实验可解释沿海地区白天产生的陆风现象 9.随处可见的自动售货机大大方便了我们的购物生活，小明在学习电路设计后去自学了解了自动售货机的工作原理：可通过手机扫码闭合或投币闭合，启动电动机完成自动售货；在光线较暗时光控开关自动闭合，接通灯泡照明。于是他尝试设计了如下四个电路，其中符合要求的是(    ) A. B. C. D. 10.如图所示，闭合开关后，两个规格相同小灯泡均发光，关于甲、乙、丙三个电表的类型，下列说法正确的是(    ) A. 甲电表与乙电表可能为同种电表 B. 乙电表与丙电表一定为不同种电表 C. 若丙电表的示数为甲电表的一半，则电表甲、丙为电压表 D. 若甲电表的示数为丙电表的一半，则电表甲、丙为电流表 11.小明用如图所示的装置探究杠杆的机械效率，他将重为的物体挂在均匀杠杆的中点，在杠杆的另一端始终保持竖直方向拉动杠杆，使其绕点缓慢转动，带动物体匀速上升了不计绳重及摩擦，下列说法正确的是(    ) A. 在物体上升过程中，拉力大小将变大 B. 若杠杆机械效率为，则杠杆自重为 C. 仅将物体悬挂点向支点靠近一些，杠杆的机械效率将变大 D. 仅将拉力的作用点向支点靠近一些，杠杆的机械效率将不变 12.图示电路中，、是定值电阻，开关闭合一段时间后，电流表示数突然减小。用电压表检测电路，当电压表接、两点时，电压表有示数；接、两点时，电压表无示数。则故障原因可能是(    ) A. 仅断路 B. 仅断路 C. 电流表断路 D. 导线断路 第II卷（非选择题） 二、填空题：本大题共7小题，共22分。 13.水稻是喜温植物，春季育秧时，通常傍晚向秧田灌水，早晨将水放出，以防霜冻。隐含的物理知识是，水的          较大。气温降低时，水能          选填“放出”或“吸收”较多的          选填“温度”、“内能”或“热量”。 14.一节新干电池的电压为          ；如图所示，将图中的一节干电池正确装入右边电池盒，则电池盒的正极是          端选填“”或“”；若要提高电源电压，可将几节新干电池          选填“串联”或“并联”； 两个小灯泡与电池连接组成电路，两灯都发光时取下其中一个灯，观察到另一个灯不亮，这种连接方式的电路，电流特点是          。 15.小明将两箱书搬上楼，用图所示的两种方法：一是把两箱书一起搬上楼；二是先搬一箱书上楼，再搬剩下的一箱。假设他上楼的速度相同，用这两种方法搬书，有用功分别为和，人做功的功率分别为和，机械效率分别为和，则          ，          ，          。 16.若一台四冲程汽油机的汽缸面积为，活塞行程为。做功冲程燃气的平均压强为，飞轮转速为，那么该汽油机分钟内对外做功          次，工作时汽缸内气体对活塞的平均压力为          。这台汽油机的功率是          。 17.如图所示为完全相同的甲、乙两个小球，分别用细线、橡皮筋系在同一高度的悬点，将两球移动到与悬点等高的位置，此时细线恰好拉直，橡皮筋达到原长，由静止开始释放，当两球摆至悬点正下方点时，橡皮筋长度恰好与细线长度相等。若不计空气阻力，两球到达点时，甲球的动能        选填“”“”或“”乙球的动能；甲球到达点时的机械能        选填“”“”或“”乙球在初始位置时的机械能。 18.如图为小明加热质量为某物质时，测得其温度随时间变化的图像。已知该物质在固态时的比热容为；假设这种物质从热源吸热的功率恒定不变，根据图像解答下列问题：不计热量损失 该物质在第时的内能           选填“小于”、“等于”或“大于”第时的内能； 该物质液态的比热容           ； 在第至第时间内，物质吸收的热量为           。 19.请完成下列填空。 小明利用如图所示的装置探究定滑轮的特点，已知，当整个装置静止时，忽略摩擦力，使用定滑轮时弹簧测力计的示数          。 如图所示的是“会跳的卡片”，为了让卡片跳得更高一些，可以将豁口剪得浅一些，并          选填“增大”或“减小”两豁口之间的距离。 如图所示的是“探究影响重力势能大小因素”的实验过程，容器中装有沙子，和为实心铁块，的质量比的质量小。由甲、丙两图          选填“能”或“不能”探究重力势能的大小与质量的关系，理由是          。 三、作图题：本大题共3小题，共6分。 20.画出阻力的力臂和作用在点的最小动力。 21.工人站在地面用如图所示滑轮组提升重物，请画出工人使用滑轮组的正确绕线。 22.根据如图所示的实物图，在虚线框内画出对应的电路图。 4、 计算题：本大题共2小题，共16分。 23.工人利用如图所示的滑轮组在内将重为的物体向上匀速提起，所用拉力为，不计绳重和摩擦。 求拉力的功率； 求动滑轮的重； 若用此滑轮组竖直向上匀速提升重为的物体，机械效率为多大？ 24.为纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利周年，年月日，我国在天安门广场举行了盛大的阅兵仪式。如图所示是首次亮相的某款无人驾驶战车，在平直的长安街上接受检阅。若战车匀速行驶了，这个过程中受到的阻力为，发动机总共消耗柴油。已知水，柴油，当地大气压为个标准大气压求： 战车的牵引力在这里做的功； 这辆战车发动机的热机效率； 若发动机所做额外功的的能量，全部被初温为、质量为的水吸收，水温可以升高多少。 五、实验探究题：本大题共4小题，共32分。 25.实验小组在“研究杠杆平衡条件”的实验中，所用的实验器材有刻度均匀的杠杆、支架、刻度尺、细线和重为的相同钩码若干。 如图甲所示，杠杆处于        选填“平衡”或“不平衡”状态，此时，应将杠杆的右端的平衡螺母向        选填“左”或“右”调节，使杠杆水平平衡，这样做的好处是        小明同学完成某次操作后实验现象如图乙所示，在处所挂钩码为        个。为了进一步完善实验，应进行多次实验，目的是：        选填“减小误差”或“得到普遍规律” 如图丙所示，若不在点挂钩码，可改用弹簧测力计在点向下拉杠杆，使杠杆仍在水平位置平衡，其示数        处所挂的钩码重力选填“大于”、“小于”或“等于” 完成以上实验后，小华利用如图丁来测量杠杆的机械效率，始终用竖直向上的力匀速拉动质量分布均匀的杠杆，杠杆转动过程中，拉力的大小将        选填“变大”、“变小”或“不变”，下同；如果仅将拉力作用点从图中位置移至处，两次都将同一重物移动相同高度，此杠杆的机械效率将        不计摩擦 26.为探究物体动能的大小与哪些因素有关，实验小组利用斜面、质量不同的钢球、木块等器材进行了如图所示的实验。 实验中是通过观察        来判断        填“木块”或“小球”的动能大小；下列实验中也用到此种方法的是        填序号。 探究声音的产生发声的音叉插入水中激起水花； 探究杠杆平衡的条件 为了研究超速的安全隐患，我们应选择        两图所示实验来进行比较 小亮又把小车从斜面同一高度由静止释放，让其分别滑到铺有毛巾和玻璃的木板表面直到静止，两次在水平面上克服摩擦力做的功分别记为、，则        选填“”、“”或“” 继续用图丁的实验装置来探究“动能与质量的关系”，先后把质量为、的两个钢球将弹簧压缩相同的长度，由静止释放分别撞击静止在同一位置一木块忽略钢球撞击木块前的能量损失且碰撞后钢球的能量全部传递给木块，木块移动的距离为和，则        选填“”、“”或“” 小亮还利用图戊来研究动能和势能相互转化，图中两个相同的光滑弧形槽，一个为凸形，一个为凹形，两个相同的钢球、进入两弧形槽的速度都为，运动到槽的末端速度也都为，则球和球通过弧形槽的时间为和，则        选填“”、“”或“” 27.在热学实验中： 如图甲所示，在比较“不同液体吸热本领大小”的实验中，小明将两支相同的试管分别盛有初温相同的、两种液体放入同一个红外加热器中，两个温度传感器的探头部分与两试管内的液体接触良好，并通过数据采集线与计算机相连接。利用红外加热器对两试管内的液体加热，在其沸腾前记录到、两种液体温度随时间变化如下表格。 加热时间 的温度 的温度 实验中应取        选填“质量”或“体积”相同的、两种液体；本实验需要的测量工具除温度计、天平外还需要        。 实验中通过比较        选填“升高的温度”或“加热的时间”来反映甲、乙两种液体吸收热量的多少。 根据表格实验数据可知，        选填“”或“”液体的吸热能力强。 图乙中是液体加热时温度随时间变化的图线，如果将初温相同的液体质量增加到原来的倍，不考虑热损失，用相同的加热器加热，再绘制出一条温度随时间变化的图线，则为图中的第        选填“”、“”或“”条线 如图丙所示，是探究“不同燃料燃烧时放出的热量”的实验： 该实验是通过        来反映不同燃料放出热量的多少。 目前，我国大部分城市的家庭开始用天然气来取代煤气和液体石油气。你认为这样做有哪些好处？至少写出两条         28.天然气汽车是以油改天然气为燃料的一种气体燃料汽车。天然气中甲烷的含量一般在以上，是一种很好的汽车发动机燃料。目前，天然气被世界公认为比较成熟的车用汽油、柴油的代用燃料 天然气汽车采用定型汽车改装，在保留原车供油系统的情况下增加一套“车用压缩天然气转换装置”，该装置在充入天然气时，温度会        升高降低 某天然气汽车部分技术规格如下表所示： 汽缸 气缸直径 额定功率 转数 天然气消耗率 冷却方式 单缸四冲程 循环水 其中，“额定功率”是指天然气热机正常工作时对外所做机械功的功率；“燃气消耗率”是指热机正常工作时汽车每克服摩擦阻力做功即，天然气所消耗天然气的千克数。 选用水做冷却剂是因为        ； 该天然气热机的效率为        ，如图甲为热机的        冲程，此冲程能量转化是        ，如汽车以的速度行驶了，共完成        个上述冲程 该天然气汽车保持恒定功率在水平路面做直线运动，测得其运动的速度随时间变化的图象如图乙所示。汽车运动过程中受到的阻力不变，此时发动机效率为，加速至时牵引力为，后油箱内还剩天然气，汽车所受的阻力为        ；后该车最多还能继续行驶的路程        1 / 1 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $