广西壮族自治区南宁市2026-2027学年高三上学期10月联考物理模拟练习试卷

广西壮族自治区南宁市2026-2027学年高三上学期10月联考物理模拟练习试卷【含答案word版】 考试范围：高中物理全部内容 考试时间：75分钟 总分：100分 学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________ 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上． 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效． 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回． 第一部分（选择题 共46分） 1、 选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．[4分]核反应方程中，则是（　　） A． B． C． D． 2．[4分]某地开通无人机医疗物资应急配送工作。如图所示为某次任务中，无人机在竖直方向运动的图像。若配送物资质量为，以竖直向上为正方向，设水平方向速度始终为0，不计空气阻力，取。下列说法正确的是（ ） A．无人机在内处于失重状态 B．在此过程中无人机上升的最大高度为 C．无人机在第内和第内的加速度大小相等 D．在末配送物资所受无人机的拉力大于其自身重力 3．[4分]假设地球可视为质量均匀分布的球体，已知地球表面的重力加速度在两极的大小为g0，在赤道的大小为g；地球自转的周期为T，引力常数为G，则地球的密度为（　　） A． B． C． D． 4．[4分]光滑水平面上，用轻质弹簧将两物块M和N相连，弹簧处于原长状态，如图甲所示。时刻，物块M受到一水平向左的瞬时冲量，同时物块N受到一水平向右的瞬时冲量（和沿两物块连线方向）。在此后时间内，两物块运动的速度随时间变化关系如图乙所示。弹簧始终处于弹性限度内。下列说法正确的是（     ） A．瞬时冲量的大小大于的大小 B．物块M的质量小于物块N的质量 C．内，物块M、N组成的系统机械能守恒 D．内，物块M、N的动能变化量相等 5．[4分]磁电式电表原理示意图如图所示，两磁极装有极靴，极靴中间还有一个用软铁制成的圆柱。极靴与圆柱间的磁场都沿半径方向，两者之间有可转动的线圈。a、b、c和d为磁场中的四个点。下列说法正确的是（　　） A．图示左侧通电导线受到安培力向里 B．a、b两点的磁感应强度相同 C．图示右侧通电导线受到安培力向上 D．c、d两点的磁感应强度大小相等 6．[4分]如图甲所示，一列简谐横波沿直线传播，P、Q为波传播路径上相距24m的两个质点，P、Q两个质点的振动图像分别如图乙、丙所示，则下列说法正确的是（　　） A．该波一定从Q点向P点传播 B．t=0时刻，P、Q连线中点处的质点不可能处于平衡位置 C．t=1.5s时，P、Q两质点的位移不相同 D．该波的波速可能为2m/s 7．[4分]如图所示,固定在水平面上的光滑金属导轨AB、CD,导轨一端连接电阻R,导轨宽为L,垂直于导轨平面向下存在磁感应强度为B的匀强磁场,将一长为L、质量为m、电阻为r的导体棒垂直导轨静止放置,导体棒与金属导轨接触良好,用恒力F向右拉动导体棒,经过距离x导体棒恰好达到最大速度,则在此过程中( ) A．最大速度v= B．通过导体棒的电荷量q= C．从开始至速度最大所用的时间t=+ D．回路产生的焦耳热Q=Fx- 二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．[6分]如图是工厂利用u＝220sin 100πt V的交流电给36 V照明灯供电的电路，理想变压器原线圈匝数为1 100，下列说法正确的是 ( ) A．电源电压有效值为220 V B．交变电流的周期为0.02 s C．副线圈匝数为180 D．副线圈匝数为240 9．[6分]对光的波粒二象性的理解，正确的是（ ） A．一切粒子的运动都具有波粒二象性 B．波粒二象性就是微粒说与波动说的统一 C．大量光子往往表现出波动性，少量光子往往表现出粒子性 D．凡是光的现象，都可用光的波动性去解释，也可用光的粒子性去解释 10．[6分]真空中有两个点电荷，电荷量均为，固定于相距为的、两点，是连线的中点，点在连线的中垂线上，距离点为，点在连线上，距离点为，已知静电力常量为，则下列说法正确的是（ ） A．中垂线上电场强度最大的点到点的距离为 B．中垂线上电场强度的最大值为 C．在点放入一电子，从静止释放，电子的加速度一直减小 D．在点放入一电子，从静止释放，电子的运动可视为简谐运动 第二部分（非选择题 共54分） 2、 非选择题：本大题共5题，共54分。 11．[8分]在“探究加速度与力、质量关系”实验中，针对不同实验方案，需明确两个关键操作条件：①是否必须平衡摩擦力；②是否必须满足小车质量远大于所挂钩码的质量。 甲方案：采用如图甲所示的装置。认为钩码的重力等于小车受到的拉力。 乙方案：采用如图乙所示的装置。使用弹簧测力计直接测量细绳对钩码的拉力。 丙方案：采用如图丙所示的装置。使用力传感器直接测量细绳对小车的拉力。 （1）上述三种实验方案中，若要顺利完成实验，哪些方案需要平衡摩擦力（　　） A．甲方案 B．乙方案 C．丙方案 D．都不需要 （2）上述三种实验方案中，哪个方案需满足“小车质量远大于所挂钩码的质量”（　　） A．甲方案 B．乙方案 C．丙方案 D．都不需要 （3）某同学用乙方案进行实验，正确操作后获得一条清晰的纸带。A、B、C、D、E、F、G是选取的计数点，如图a所示，相邻两个计数点之间还有四个点未画出，为使实验结果尽可能准确，他用刻度尺测量出各计数点与点A之间的距离。已知交流电的频率是50Hz，计算小车运动的加速度大小a=___________m/s2（结果保留两位有效数字）。 （4）该同学用甲、乙、丙三个实验方案作出的a-F图像分别对应图b中的_____（填选项前字母序号）。 A．ABC B．CAB C．CBA D．ACB 12．[9分]在测量定值电阻阻值的实验中，提供的实验器材如下：电压表（量程，内阻），电压表（量程，内阻），滑动变阻器R（额定电流，最大阻值），待测定值电阻，电源E（电动势，内阻不计），单刀开关S，导线若干： 回答下列问题： （1）根据本实验采用的滑动变阻器的合理接法，将虚线框中的电路原理图补充完整______，根据原理图，在开关S闭合前，滑动变阻器R的滑片应滑至______端（选填“左”或“右”）； （2）实验中，得到电压表，的示数分别为，则待测定值电阻______（请选用“”、“”、“”、“”表示）； （3）为减小误差，实验测得多组数据，根据下表中的实验数据，在给出的坐标纸上补齐数据点，绘制图像______，并由图像得到待测定值电阻的阻值______（结果保留三位有效数字） 测量次数 1 2 3 4 5 1.00 1.50 2.00 2.50 3.00 1.61 2.41 3.21 4.02 4.82 13．[12分]沙漠地区昼夜温差很大，清晨温度为，到了正午可达到。清晨一游客将喝光的矿泉水瓶用封盖封紧，此时瓶内气体的压强为大气压强。矿泉水瓶中气体为理想气体，忽略瓶的容积变化，，大气压强恒为。求： （1）正午时，矿泉水瓶内气体的压强； （2）正午时，该游客打开瓶盖，经过足够长时间后，瓶内剩余的气体与原有气体质量之比。 14．[12分]在磁感应强度为B的匀强磁场中，一个静止的放射性原子核发生了一次α衰变．放射出α粒子（ ）在与磁场垂直的平面内做圆周运动，其轨道半径为R．以m、q分别表示α粒子的质量和电荷量．     （1）放射性原子核用 表示，新核的元素符号用Y表示，写出该α衰变的核反应方程．     （2）α粒子的圆周运动可以等效成一个环形电流，求圆周运动的周期和环形电流大小．     （3）设该衰变过程释放的核能都转为α粒子和新核的动能，新核的质量为M，求衰变过程的质量亏损△m． 15．[13分]如图所示，一足够长的传送带固定在竖直平面内，半径、圆心角的圆弧轨道与平台平滑连接，平台与顺时针匀速转动的水平传送带平滑连接，工件A从圆弧顶点无初速度下滑，在平台上与B碰撞成为一个整体，随后整体滑上传送带，已知，，A、B可视为质点，A、B与传送带间的动摩擦因数恒定，在传送带上运动的过程中，因摩擦生热，忽略轨道及平台的摩擦，g取10m/。求： （1）A滑到圆弧轨道最低点时受到的支持力； （2）A与B整个碰撞过程中损失的机械能； （3）传送带的速度大小。 参考答案 1．【答案】C 【详解】根据核反应过程中质量数和电荷数守恒的原则，反应前的总质量数为235+1=236，反应后总质量数为140+94=234，剩余由X的质量数补足，可得X的质量数为236-234=2。电荷数方面，反应前总电荷数为92，反应后总电荷数为54+38=92，因此X的电荷数为0。由此确定X为中子，选项C正确。 2．【答案】D 【详解】根据图像，可知无人机在内竖直向上做加速运动，加速度向上，处于超重状态（点拨：判断超重状态的两个角度：一是从加速度上看，加速度向上即为超重；二是从力的角度，如果物体受到向上的拉力或支持力大于重力也是处于超重状态），根据牛顿第二定律，有，可得，所以物资所受无人机的拉力大于其自身重力，A错误，D正确；根据图像与时间轴围成的面积表示位移，可知时无人机运动至最高点，则在此过程中无人机上升的最大高度为，B错误；根据图像的斜率绝对值表示加速度的大小，可得第内无人机的加速度大小为，第内无人机的加速度大小为，可知，即无人机在第内和第内的加速度大小不相等，C错误。 3．【答案】B 【详解】由万有引力定律可知，设质量为的物体在两极处，在地球的赤道上，地球的质量，联立三式可得。 4．【答案】B 【详解】根据动量定理有，可知，即瞬时冲量的大小等于瞬时冲量的大小，故A错误；由图乙可知，时刻，故时刻系统动量为0，因水平面光滑，物块M、N运动过程中受到的合外力为0，系统动量守恒，故，规定向右为正方向，设时刻，M、N的初速度大小分别为和，可知，结合图像，时刻，可知，故B正确；内，弹簧对物块M的拉力方向向右，物块M向左运动，弹簧对物块M做负功。弹簧对物块N的拉力方向向左，物块N向右运动，弹簧对物块N做负功。弹簧对物块M和物块N都做功，因此物块M、N组成的系统机械能不守恒，故C错误；因为时刻，内，物块M、N的动能变化量分别为， 由动量定理有，，故， 因为，，可知物块M的动能变化量与物块N的动能变化量不相等，故D错误。 5．【答案】C 【详解】由左手定则可知，题图中左侧通电导线受到的安培力向下，右侧通电导线受到的安培力向上，故A错误，C正确；磁感线的方向与磁感应强度的方向相同，由题图可知，点处的磁感线向左下方，点处的磁感线向左上方，、两点的磁感应强度的方向不同，故a、b两点的磁感应强度不同，B错误；磁感线的疏密表示磁场的强弱，由题图可知，点处的磁感线较点密集，故点处的磁感应强度大于点处的磁感应强度，故D错误。 6．【答案】B 【详解】根据题中信息不能确定该波的传播方向，选项A错误；t=0时刻，P在平衡位置，Q在最高点，则P、Q连线中点处的质点不可能处于平衡位置，选项B正确；由两质点的振动图像可知，t=1.5s时，P、Q两质点的位移相同，均为，选项C错误；若波向右传播，则，波速，若波向左传播，则，波速，两种情况下波速都不可能为2m/s，选项D错误。 7．【答案】C 【详解】导体棒达到最大速度时,感应电动势Emax=BLvmax,感应电流Imax=,此时导体棒所受合力为0,则有F=BImaxL,解得vmax=,A项错误;感应电动势的平均值==,感应电流的平均值==,解得q=,B项错误;根据动量定理有Ft-BLt=mvmax,其中q=t,q=,结合上述解得t=+,C项正确;根据功能关系与能量守恒定律可知,回路产生的焦耳热Q=Fx-m,结合上述解得Q=Fx-,D项错误。 8．【答案】BC 【命题点】交变电流和变压器原理 【详解】电源电压最大值Um＝220 V，则有效值为U＝＝220 V，A错误；由瞬时值表达式知ω＝100π rad/s，则交变电流周期T＝＝0.02 s，B正确；变压器副线圈所在电路电灯并联，则输出电压U2＝36 V，U1＝U＝220 V，由＝，解得n2＝180，C正确，D错误。 9．【答案】AC 【详解】一切粒子的运动都具有波粒二象性,故正确；波粒二象性是粒子性和波动性的统一,不是微粒说与波动说的统一,故错误；光子数量多时,波动性强,往往表现出波动性,光子数量少时,粒子性强,往往表现出粒子性,故正确；光的波动性和粒子性是光在不同条件下的具体表现,比如光电效应现象是光的粒子性的体现,光的干涉、衍射是光的波动性的体现,故错误. 10．【答案】BCD 【详解】设中垂线上某点电场强度为，该点和点电荷连线与连线的夹角为 ，如图所示，由电场叠加得，令，则导数时，最大，电场强度最大，解得，，，故中垂线上电场强度最大的点到点的距离为，错误；中垂线上电场强度的最大值为，正确；，中垂线上由向外，电场强度一直减小，在点放入一电子，从静止释放，电子所受电场力方向沿方向，故加速度一直减小，正确；电子在点所受合力大小为，由于，则电子所受合力大小可近似为，由于电子带负电，可知电子的位移方向与合外力方向始终相反，则，符合简谐运动回复力的特点，正确. 11．【答案】（1）ABC （2）A （3）0.50 （4）B 【详解】（1）甲、乙、丙方案中均需要使绳子对小车的拉力（或其合力）等于小车所受合力，故需要平衡摩擦力。 （2）根据牛顿第二定律可得， 联立可得 由此可知，当小车质量M远大于所挂钩码的质量m时，钩码的重力等于小车受到的拉力，而乙、丙均有测力的工具，不需要满足小车质量M远大于所挂钩码的质量m。 （3）由于交流电的频率为50Hz，且相邻两个计数点间还有4个计时点未画出，则相邻两个计数点间的时间间隔为 根据逐差法可得小车运动的加速度大小为 （4）对甲图，根据牛顿第二定律可得， 联立可得， 当小车质量M远大于所挂钩码的质量m时，钩码的重力等于小车受到的拉力，即小车所受合力，所以 当钩码质量不断增大时，即F增大，若不满足小车质量M远大于所挂钩码的质量m时，则a-F图线切线的斜率不断减小，即图线向下弯曲，对乙图，根据牛顿第二定律可得 解得 对丙图，根据牛顿第二定律可得 解得 由以上分析可知，图线A为乙方案，图线B为丙方案，图线C为甲方案。 12．【答案】；左；；；（可适当放宽范围） 【详解】（1）电压表V1和Rx串联后再和电压表V2并联，并联后总电阻远大于滑动变阻器的最大阻值，为了调节滑动变阻器时，电表示数变化明显，并且能获得较多数据，应选择滑动变阻器的分压式接法，完整电路图如图所示 为了保护电路，闭合开关时，滑动变阻器滑片应该滑到最左端； （2） Rx两端电压为 根据串联电路电流特点，通过Rx的电流为 则 （3） 图像如图所示 根据 得 则图像斜率为 根据实验数据，得斜率为 联立解得 13．【答案】（1） （2） 【详解】（1）瓶内气体可视为等容变化，根据查理定律有 其中， 解得 （2）根据理想气体状态方程有 解得 则有 即瓶内剩余的气体与原有气体质量之比为。 14．【答案】（1）放射性原子核用 表示，新核的元素符号用Y表示，则该α衰变的核反应方程为 ；（2）α粒子的圆周运动可以等效成一个环形电流，则圆周运动的周期为 ，环形电流大小为 ；（3）设该衰变过程释放的核能都转为α粒子和新核的动能，新核的质量为M，则衰变过程的质量亏损△m为损 ．   【详解】（1）根据核反应中质量数与电荷数守恒可知，该α衰变的核反应方程为 （2）设α粒子在磁场中做圆周运动的速度大小为v，由洛伦兹力提供向心力有 根据圆周运动的参量关系有 得α粒子在磁场中运动的周期 根据电流强度定义式，可得环形电流大小为 （3）由，得 设衰变后新核Y的速度大小为v′，核反应前后系统动量守恒，有Mv′–mv=0 可得 根据爱因斯坦质能方程和能量守恒定律有 解得 说明：若利用解答，亦可． 【名师点睛】（1）无论哪种核反应方程，都必须遵循质量数、电荷数守恒． （2）α衰变的生成物是两种带电荷量不同的“带电粒子”，反应前后系统动量守恒，因此反应后的两产物向相反方向运动，在匀强磁场中，受洛伦兹力作用将各自做匀速圆周运动，且两轨迹圆相外切，应用洛伦兹力计算公式和向心力公式即可求解运动周期，根据电流强度的定义式可求解电流大小． （3）核反应中释放的核能应利用爱因斯坦质能方程求解，在结合动量守恒定律与能量守恒定律即可解得质量亏损． 【易错点】α衰变动量守恒，衰变前原子核静止，衰变后α粒子和新核动量大小相等方向相反；磁场中圆周运动半径与粒子比荷相关。 15．【答案】（1），方向竖直向上；（2）；（3）或 【详解】（1）A从开始到滑到圆弧轨道最低点，根据机械能守恒有， 解得， 在最低点，根据牛顿第二定律有， 解得，方向竖直向上。 （2）根据题意A、B碰后成一整体，根据动量守恒有， 解得， 故A与B整个碰撞过程中损失的机械能为。 （3）第一种情况，当传送带速度小于时，AB滑上传送带后先减速后匀速运动， 设AB与传送带间的动摩擦因数为， 对AB根据牛顿第二定律有， 设经过时间后AB与传送带共速，可得， 该段时间内AB运动的位移为， 传送带运动的位移为， 故可得， 联立解得，另一解大于，舍去； 第二种情况，当传送带速度大于时，AB滑上传送带后先加速后匀速运动，设经过时间后AB与传送带共速， 同理可得， 该段时间内AB运动的位移为， 传送带运动的位移为， 故可得， 解得，另一解小于，舍去。 第 page number 页，共 number of pages 页 学科网（北京）股份有限公司 $