安徽省蚌埠第二中学2026-2027学年高三上学期物理第二次练习（B）

蚌埠第二中学2026—2027学年第一学期高三年级物理学科 第2次B练习 命制人：张文睿 审核人：刘毅 一、单选题 1．乘坐电梯时，人会突然有一种“轻盈”感或“沉重”感，为了研究这种现象，某同学站在力传感器上采集了如图所示图线，g取10m/s2，对于本次实验，下列说法正确的是（     ） A． 该同学失重的最大加速度为0.5 g B． 该同学超重的最大加速度为0.6 g C． 该同学先站起，后下蹲 D． 该同学先下蹲，后站起 2．如图甲，倾角为的传送带始终以恒定速率逆时针运行，时速度大小为（）的小物块从传送带的底端滑上传送带，其速度随时间变化的图像如图乙，则（　　） A．时间内，小物块所受的摩擦力始终不变 B．小物块与传送带间的动摩擦因数满足 C．时刻小物块离传送带底端的距离最远 D．小物块返回传送带底端时的速率小于 3．如图，在光滑水平面上，用轻质弹簧与轻绳连接质量均为的物块、、。现用大小为的恒力作用在上使保持相对静止一起向左匀加速运动，则下列说法正确的是（     ） A．轻绳的拉力大小等于 B．弹簧的弹力大小等于 C．撤去力后的瞬间，的加速度大小为 D．撤去力后的瞬间，的加速度大小为 4．如图所示，质量为M、倾角为30°的斜面固定在水平地面上，斜面体上表面光滑，一轻绳绕过两个轻质滑轮连接着固定点和物体B，两滑轮之间的轻绳始终与斜面平行，物体A、B的质量分别为2m、m，重力加速度大小为g，将A、B由静止释放，在B下降的过程中（物体A未碰到滑轮）。下列说法正确的是（　　） A. 轻绳对B的拉力大小为 B. 轻绳对B的拉力大小为 C. 物体A的加速度大小为 D. 物体A的加速度大小为 5．如图甲所示，光滑水平面上放置紧靠在一起但不黏合的A、B两物体，A、B的质量分别为、。从开始，推力和拉力分别作用于、上，、大小随时间变化的规律如图乙所示，下列说法正确的是（     ） A．时，AB开始分离 B．时，A的加速度为 C．时，B的加速度为 D．时，A的速度开始反向 6．如图所示，虚线EF为圆O的竖直直径，PA、PB、PC为三个光滑直杆分别与圆相交于A、B、C、P四点。现让小环套在光滑杆上分别沿着PA、PB、PC杆自P点由静止滑到A、B、C点，用tA、tB、tC分别表示小环沿三根杆下滑的时间，则（　　） A．tA=tB=tC B．tA<tB<tC C．tA>tB>tC D．无法判断tA、tB、tC的大小关系 二、多选题 7．如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放质量分别为1kg、2kg的物体A、B，弹簧的劲度系数为，初始时系统处于静止状态。一方向竖直向上的拉力F作用在A上，使A开始向上做匀加速直线运动，已知F大小随A上升高度h的变化关系如图乙所示，重力加速度大小g取，不计空气阻力，则（　　） A．A做匀加速运动的加速度大小为 B．图乙中的大小为0.12m C．图乙中的大小为16N D．AB分离之后，B的速度越来越小 8．如图1，水平传送带（A、B为左右两端点）顺时针匀速传动，时在A点轻放一质量为1kg的小物块，物块在传送带上运动全过程的位移-时间图像如图2（0~4s为抛物线，4s~6s为直线）。取重力加速度大小，下列说法中正确的是（    ） A．传送带的传送速度是8m/s B．物块与传送带间的动摩擦因数为0.1 C．物块与传送带的相对位移大小为8m D．若物块以6m/s的速率从B端向左滑上传送带，则它离开传送带时的速率是4m/s 三、解答题 9．如图所示，有一个可视为质点、质量m=1kg的小物块，初速度为零，经由水平顺时针转动的传送带从最左端A送到最右端B，滑过光滑水平面BC后，滑上紧靠BC面末端的质量M=1kg的静止长木板。已知传送带速度恒为v0=4m/s，传送带AB间长度L=3m，木板上表面与面相平，木板下表面与地面之间动摩擦因数为，小物块与传送带、长木板上表面间的动摩擦因数均为。长木板足够长，不计空气阻力，重力加速度取。求： (1)物块在传送带上运动的时间； (2)物块滑上木板瞬间物块和木板的加速度分别为多少？ (3)木板最终停止时，其左端距离水平面上点的距离为多少？ 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 D D D B B C AB BC 1．D 【详解】A．由图可知，同学静止时传感器示数为，即重力 解得质量 由图可知，失重阶段（）的最小支持力约为 根据牛顿第二定律有 解得，故A错误； B．由图可知，超重阶段（）的最大支持力约为 根据牛顿第二定律有 解得，故B错误； CD．在时间内，力先小于重力后大于重力，说明加速度先向下后向上，该同学先加速下降后减速下降，这是下蹲过程； 在时间内，力先大于重力后小于重力，说明加速度先向上后向下，该同学先加速上升后减速上升，这是站起过程。 所以该同学先下蹲，后站起，故C错误，D正确。 故选D。 2．D 【详解】A．通过题图乙可以看出，小物块先向上匀减速运动，减速到零后反向加速，当速度与传送带速度相等时，加速度大小发生突变，所以小物块的速度达到与传送带速度相等以前，摩擦力方向一直沿斜面向下，时刻以后摩擦力方向沿斜面向上，故A错误； B．根据题图乙可知，时刻以后小物块相对于传送带向下加速运动，根据牛顿第二定律可得 解得，故B错误； C．根据题图乙可知，时刻小物块向上运动的速度为零，此时小物块离传送带底端的距离达到最大，故C错误； D．小物块在整个运动过程中重力做功为零，一部分机械能转化为摩擦产生的热，所以小物块的机械能减少，小物块返回传送带底端时的速率小于，故D正确。 故选D。 3．D 【详解】A．对A、B、C整体分析，根据牛顿第二定律有 解得 对C分析， 解得轻绳的拉力 故A错误； B．对B、C分析， 解得弹簧的弹力 故B错误； CD．撤去力F的瞬间，对A分析有 解得 对B、C分析有 解得 故C错误，D正确。 故选D。 4．B 【详解】对B进行受力分析，物体B受重力mg、绳子的拉力T，根据牛顿第二定律得 对A进行受力分析，斜面体上表面光滑，无摩擦力，物体A受重力2mg、两根绳子的拉力2T（轻绳上的力相等）、支持力FN，根据牛顿第二定律得，沿斜面方向 根据滑轮的连接方式可知，在运动过程中B的位移一直是A位移的两倍，根据位移-时间公式，可得        联立解得，，，故选B。 5．B 【详解】A．由图乙可知，随时间的变化规律为，随时间的变化规律为 假设A、B相对静止一起运动，系统受到的总外力为N保持不变。根据牛顿第二定律，系统的共同加速度为 隔离物体B，设A对B的推力为，有 代入数据解得 当A、B刚好分离时，两者之间的相互作用力，即，解得分离时刻s，故A错误； B．在s时，A、B刚好分离，此时两者的加速度仍然相等。代入共同加速度公式或对A单独运用牛顿第二定律验证均可知，此时A的加速度，故B正确； C．在s时，A、B已经分离，对物体B独立受力分析，此时N 根据牛顿第二定律，B的加速度，故C错误； D．在s时，，此时A的合外力为零，加速度为零。因为在到s之间A的加速度一直与速度同向，做加速运动，所以在s时A的速度达到最大。此后开始反向（变为拉力），A开始做减速运动，但速度方向并没有马上反向，故D错误。 故选B。 6．C 【详解】设某光滑直杆与水平方向的夹角为α（），圆的直径为d，作出相应的辅助线及标出相应的角度，如图所示 θ为过P点的直径PQ与竖直直径EF的夹角，物体沿光滑杆做初速度为零的匀加速直线运动，加速度为 位移为 故运动时间 由此可知，α越大，t越小，所以 故选C。 7．AB 【详解】A．施加外力前，根据平衡条件可得 刚施加外力时，由图乙可知 对AB整体受力分析，根据牛顿第二定律可得 解得，故A正确； BD．施加外力前，根据平衡条件可得 解得弹簧的压缩量为 AB分离时，对B受力分析，根据牛顿第二定律可得 解得此时弹簧的压缩量为 故分离后B先做加速度减小的加速运动，则物体A上升的距离为，故B正确，D错误； C．AB分离时，对A受力分析，根据牛顿第二定律可得 解得，故C错误。 故选AB。 8．BC 【详解】A．物块和传送带共速匀速运动，图中这段的斜率即为速度，即传送带速度为，故A错误； B．物块匀加速运动，满足匀加速规律 ，代入，解得 加速过程摩擦力提供加速度，解得，故B正确； C．加速阶段，传送带位移 ，物块位移，共速后物块和传送带相对静止，，因此相对位移，故C正确； D．由图得总长，物块以从向左滑，加速度向右，若物块能到达端，由运动学公式 得，即离开传送带时速率为，故D错误。 故选BC。 9．(1) (2)， (3) 【详解】（1）小物块在传送带上加速运动的加速度 小物块达到与传送带共同速度运动的位移大小 小物块在传送带上匀加速运动的时间 小物块在传送带上匀速运动的位移大小 小物块在传送带上匀速运动的时间 小物块在传送带上运动的时间 （2）物块滑上木板瞬间物块的加速度大小 物块滑上木板瞬间木板的加速度大小为 （3）设小物块与木板达到共同速度运动的时间为，则 解得， 小物块与木板达到共同速度前，木板上相对地面运动的位移大小 小物块与木板达到共同速度后二者相对静止，一起做匀减速运动，加速度大小为 木板匀减速运动的位移大小为 木板最终停止时，其左端距离水平面上点的距离为 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $