热点二十八 导体的电阻及测量金属导体的电阻率-【创新教程】2027年山东省普通高中学业水平合格考物理热点专练

热点二十八导体的电阻及测量 热点集训 一、选择题 1.在“测定金属的电阻率”的实验中，下列说法中正确的是（) A.用伏安法测金属丝的电阻时，可采用电流表内接法 B.实验中应调节滑动变阻器，取得多组U和I的值，然后求 出电阻平均值 C.应选用毫米刻度尺测整根金属丝的长度三次，然后求出长 度平均值 D.实验中电流强度大小可不加要求 2.电位器是变阻器的一种.如图所示，如果 滑动触头 把电位器与灯光串联起来，利用它改变灯 炭膜电阻 的亮度，下列说法正确的是 () A.连接A、B使滑动触头顺时针转动，灯 泡变亮 ABC B.连接A、C使滑动触头逆时针转动，灯泡变亮 C.连接A、C使滑动触头顺时针转动，灯泡变暗 D.连接B、C使滑动触头顺时针转动，灯泡变亮 3.关于电阻率的说法中正确的是 A.电阻率ρ与导体的长度L和横截面积S有关 B.电阻率反映材料导电能力的强弱，由导体的材料决定，且与温 度有关 C.电阻率大的导体，电阻一定很大 D.有些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，可用来制成电 阻温度计 4.(多选)滑动变阻器的原理如图所示，则 co- 0 -od 下列说法中正确的是 ao ob A.若将a、c两端连在电路中，则当滑片 OP向右滑动时，变阻器接入电路中的阻值增大 B.若将a、d两端连在电路中，则当滑片OP向右滑动时，变阻 器接入电路中的阻值减小 C.将滑动变阻器以限流式接法接入电路时，必须连入三个接 线柱 D.将滑动变阻器以分压式接法接入电路时，必须连入三个接 线柱 5.用电器距离电源为L,线路上的电流为I,为使在线路上的电 压降不超过U,已知输电线的电阻率为ρ，那么，输电线的横截 面积的最小值为 ( A B.2eL.I U D.2UL (Io) 60 全属导体的电阻率 名师点津 1.电阻与电阻率的区别 (1)电阻是反映导体对电流阻碍作用 大小的物理量，电阻大小与导体的长 度、横截面积及材料等有关，电阻率是 描述导体材料导电性能好坏的物理 量，与导体长度、横截面积无关. (2)导体的电阻大，导体材料的导电性 能不一定差；导体的电阻率小，电阻不一 定小 (3)导体的电阻、电阻率均与温度 有关. 2.公式R=p5与R号 的比较 比较 项目 R-PS R 意义电阻的决定式 电阻的定义式 提供了一种 说明导体的电 测量电阻的 阻由p、l、S决 方法（伏安 理解 定，即与1成 法)，不能认 正比，与S成 为R与U成 反比 正比，与I成 反比 只适用于粗细 适用 均匀的金属导 适用于任何 范围 体或浓度均匀 纯电阻导体 的电解液 6.甲、乙两根保险丝均为同种材料制成，直径分别是d1=0.5mm和 d2=1mm,熔断电流分别为2.0A和6.0A,把以上两根保险 丝各取等长一段并联后再接入电路中，允许通过的最大电 流是 () A.6.0A B.7.5A C.10.0A D.8.0A 7.在测定阻值较小的金属的电阻率的实验中，为了减小实验误 差，并要求在实验中获得较大的电压调节范围，在测量其电阻 时应选择的电路是 () B 二、填空题 8.图1中游标卡尺显示的测量长度是 mm;图2螺旋 测微器显示的测量长度为 mm. 4 cm TTTTTTTT 0 510 图1 图2 9.在“测定金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测量金属丝 直径时的刻度位置如图所示，用米尺测出金属丝的长度L,金 属丝的电阻大约为52，先用伏安法测出金属丝的电阻R,然 后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率. 20 0 15 ①从图中读出金属丝的直径为 mm. ②为此取两节新的干电池、电键和若干导线及下列器材： A.电压表0~3V,内阻10k2 B.电压表0~15V,内阻50k2 C.电流表0~0.6A,内阻0.05k2 D.电流表0~3A,内阻0.012 E.滑动变阻器，0~102 F.滑动变阻器，0~1002 要求较准确地测出其阻值，应选用的器材有 (只填代号) 61 3.测量金属电阻率实验的注意事项和 误差分析 (1)注意事项 ①游标卡尺的读数：若用x表示由主 尺上读出的整毫米数，K表示从游标 尺上读出与主尺上某一刻线对齐的游 标格数，则记录结果表达为(x+K× 精确度)mm. ②螺旋测微器的读数：方法：固定刻度数 mm+可动刻度数（估读一位）× 0.01mm. ③先测直径，再连电路：为了方便，测 量直径时应在金属丝连入电路之前 测量. ④电流表外接法：本实验中被测金属 丝的阻值较小，故采用电流表外接法 ⑤电流控制：电流不宜过大，通电时间 不宜过长，以免金属丝温度过高，导致 电阻率在实验过程中变大 (2)误差分析 若为内接法，电流表分压 差来源 若为外接法，电压表分流 长度和直径的测量8.C南U=m心得√肥，走度v取决于比荷及电 1 压，C正确」 9.C电子在A、B之间做匀加速直线运动，且eU=△Ek,A 正确；在B、C之间做匀速直线运动，B正确；在C、D之间 做匀减速直线运动，到达D板时，速度减为零，C错误，D 正确 10.解析：A、B两极板间的电势差U4B=一U,粒子的带电荷 量为一q,由动能定理得： 1 -qUan=2mv2 2m呢， 计算得出 m略+2gU n 粒子的带电荷量为十q时，由动能定理得： 1 qUAn=2 mv2- 2m喝， 计算得出：u mv6-2qU n mvd+2gU mvd-2gU 答案m n 11.解析：将A板右移，电容器的电容增大，静电计上的电荷 流向电容器，静电计上电荷量减少，因此，指针偏角减 小，A板竖直下移，电容器的电容减小，电容器上的电荷 流向静电计，静电计上的电荷量增多，因此，指针偏角增 大，在AB板之间插入一块电介质，电容器的电容增大， 静电计上的电荷流向电容器，静电计上电荷量减少，因 此，指针偏角减小 答案：减小增大减小 12.解析：电子进入电场后的轨迹如图所示，±++++ 电子在平行于板面方向上做匀速直线运 动，有1品，在套直于板西方向上微初 速度为0的匀加速直线运动，加速度。，所以有归 a2= 1 eUl2 2nd暖'y=aw= nd0,v=V6+= eUl √/听+e07 m'd2v 答案：见解析 热点二十八 1.B2.D3.B4.AD5.B6.B 7D金属的阻值较小，在用伏安法测电阻时应该用电流表 外接法，题干中要求实验中获得较大的电压调节范围，故 滑动变阻器要采用分压式接法，D正确. 8.解析：图1中游标卡尺的主尺读数为2.9cm=29mm,游 标尺上第9个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读 数为0.1×9mm=0.9mm,所以最终读数为29mm十 0.9mm=29.9mm. 8 图2中螺旋测微器的固定刻度为3mm,可动刻度为 0.01×19.0mm=0.190mm,所以最终读数为3.190mm. 答案：29.93.190 9.解析：①由图所示螺旋测微器可知，其示数为0.5m十 18.0×0.01mm=0.680mm,因此金属丝的直径为 0.6790.681mm. ②两节新的干电池，电源电动势为3V,若选取电压表 15V,测量读数误差较大，因此电压表选A:电路最大电 流约为I=马=3A=0.6A,电流表应选C. R5 金属丝的电阻大约为5Ω，为方便实验操作滑动变阻器应 选E. 答案：①0.680②A、C、E 热点二十九 1.A2.A3.A4.D5.B 6.C电器铭牌上的数据为额定值，所以U额=220V, Pa=10W,由P=1释1g=七-罗A=音AA项 错误；当实际电压为110V时，实际电流要小于5/11A, _U额_2202 B项错送；由P长得RP000=484Q,C项正 确：“220V100W”为正常发光时的值，当不正常发光时 电功率小于100W,D项错误. 7.C根据焦耳定律Q=IRt,电流通过电阻丝产生的热量 跟电阻大小、电流的大小、通电时间有关，要想比较不同 电阻的电阻丝的发热量必须控制电流和通电时间一样， 8.B该灯的额定电压为220V,当其两端电压不等于额定 电压时，白炽灯的功率不等于其额定功率40W,但其电 阻R可以认为是不变的.R=5=12100,当电压U1 110V时，实际热功率P1= U =10W,故选项A、D错 R U 误：当电压U2=55V时，实际热功率P2= =2.5W, 故选项B正确；当电压U3=440V时，超过灯泡的额定电 压，故灯丝必被烧断，造成断路，热功率为零，故选项C错 误，故选B. 9.B因为电压U相同，两盏电灯串联后，电压要按照电灯 阻值的大小分配.两盏电灯并联后，加在电灯两端的电压 都为U,因此并联后的灯泡较亮，选项B正确， 10.310800 卫_330A=1.5A. 11.解析：(1)由P=U1得，1=元=220 (2)加热电阻丝为纯电阻， 则p'=U2 U22202 -R,所以R=尸=19500≈24.80. 答案：(1)1.5A(2)24.8