精品解析：江苏扬州市高邮市2026-2027学年第一学期高三期初学情调研物理试题

2026～2027学年度第一学期高三期初学情调研测试 物理试题 考试时间：75分钟 试卷满分：100分 一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分。每题只有一个选项最符合题意。 1. 新能源汽车在辅助驾驶系统测试时，感应到前方有障碍物立刻制动，做匀减速直线运动。内速度由减至0。该过程中汽车位移大小为（ ） A. B. C. D. 2. 如图为铁路12306APP查询的车次信息截图，扬州东站与高邮站之间里程约为。下列说法正确的是（ ） A. “07:23”指时间间隔 B. “15分”指时刻 C. 由题中信息可求出动车全程的平均速度 D. 车厢显示屏实时显示的是瞬时速度的大小 3. 汽车沿平直公路先加速一段时间，再减速至停止，其位移-时间、速度-时间的图像可能是（ ） A. B. C. D. 4. 2026年7月24日7时33分，我国“力箭一号”运载火箭成功将五颗卫星依次送入预定轨道（近地卫星轨道）。下列说法正确的是（ ） A. 星箭分离时，星箭间相对静止 B. 研究卫星姿态调整时，可以将卫星视为质点 C. 火箭从发射到星箭分离过程，路程与位移大小相等 D. 卫星入轨后运行，路程大于位移大小 5. 如图所示，摩天轮悬挂的座舱在竖直平面内做匀速圆周运动。座舱的质量为，运动半径为，角速度大小为，重力加速度为，则座舱（ ） A. 运动周期为 B. 所受合力的大小始终为 C. 在与转轴等高处受到摩天轮作用力的方向水平向左 D. 在与转轴等高处受到摩天轮的作用力大小为 6. 某物理量的表达式为，其中表示力、表示时间，表示质量，则这个物理量可能是（ ） A. 速度 B. 角速度 C. 加速度 D. 位移 7. 某小组利用如图所示的实验装置完成实验1“小车速度随时间变化”以及实验2“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”，下列说法正确的是（ ） A. 实验1中，首先要将长木板一端垫高，补偿阻力 B. 实验1中，调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行 C. 实验2在补偿阻力时，需将砂桶用细线通过定滑轮拴在小车上 D. 实验2中要使小车所受拉力近似等于砂桶的总重力，需要保证小车的质量远小于砂桶的总质量 8. 第二届世界人形机器人运动会上天工Ultra以的成绩获得跳高冠军，则天工Ultra（ ） A. 最大位移为 B. 起跳阶段一直处于超重状态 C. 腾空阶段一直处于失重状态 D. 落地阶段对地面的压力始终大于它的重力 9. 如图所示为教材中感受向心力实验情境图，沙袋在水平面内做圆周运动，下列说法正确的是（ ） A. 绳子可以保持水平 B. 手通过绳对沙袋的拉力等于沙袋的向心力 C. 沙袋转动的线速度越大，绳与竖直方向的夹角越大 D. 沙袋质量大时能感受到向心力，质量小时不能感受到向心力 10. 一颗探月卫星，其先后在DRO轨道上分别经过M、N两点，如图所示。设卫星在M点受地球引力为F1，受月球引力为F2，卫星在N点时受地球、月球的引力分别为F1′、F2′，则（　　） A. B. C. D. 11. 某同学用如图甲所示的装置测量弹簧的劲度系数，得到弹簧弹力随弹簧长度变化的图像如图乙所示，则（ ） A. 弹簧劲度系数为 B. 用图像的斜率计算弹簧劲度系数会使测量值偏小 C. 刻度尺的“0”刻度线低于弹簧上端，对测量结果无影响 D. 若弹簧从中间断裂成两根，劲度系数不变 二、非选择题：共5题，共56分。其中第12题～第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。 12. 图甲是“探究平抛运动的特点”实验装置演示图，包含背板、弹射器、小球（含信号源、记录仪）、接球槽等。小球被弹射器水平射出后，每隔相同时间发射一次信号，背板接收信号并记录该时刻小球的位置信息，图乙为某次记录中的一部分，、、为三个连续位置，重力加速度取，则： （1）现有以下材质的小球，实验中应当选用_____。 A. 钢质 B. 木质 C. 橡胶 （2）主要操作步骤有： ①发射小球，背板接收信号并记录该时刻小球的位置信息； ②安装器材，使背板竖直，调节弹射器，使小球弹出时初速度方向水平； ③取下背板，用平滑的曲线把这些位置连接起来，得到小球的轨迹。 以上操作的正确次序是_______________（填写步骤序号即可）； （3）弹射器轨道__________（选填“需要”或“不需要”）光滑； （4）图乙中，小方格每格边长为，则小球水平射出时速度大小为__________； （5）图丙是小明利用平抛实验仪进行实验，他把桌子移到竖直墙的附近，调整好仪器，使从斜槽轨道滚下的小球打在正对的墙上，把白纸和复写纸附在墙上，记录小球的落点。然后等间距地改变桌子与墙的距离（桌子移动方向与墙垂直），让小球从斜槽轨道同一位置滚下，就可以得到多个落点。他认为再有一把刻度尺就能计算出小球平抛的初速度大小。你是否同意他的观点?请简要说明理由。___________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。 13. 用三根细线a、b、c将两个小球1和2连接并悬挂，如图所示。两小球处于静止状态，细线a与竖直方向的夹角为细线b与竖直方向的夹角为，细线c水平。已知小球2的质量为，重力加速度为，求： （1）细线b、c中的张力大小、； （2）小球1的质量。 14. 如图甲所示，木板静止在光滑水平面上，物体（可看作质点）以水平速度滑上木板的左端，恰好未从木板右端滑落，、的图像如图乙所示。取，求： （1）A、B之间的动摩擦因数； （2）木板的长度。 15. 一质量的汽车经过一半径的拱形桥，已知重力加速度为，求： （1）汽车经过拱形桥顶部时的最大速度； （2）若汽车以速度经过拱形桥顶部时，所受阻力大小为，牵引力为。求此时汽车： ①受到的支持力大小； ②加速度大小。 16. 如图所示，工程队向峡谷对岸平台抛射重物，初速度大小为，与水平方向的夹角为，抛出点和落点的连线与水平方向夹角为，取，忽略空气阻力。求： （1）重物在最高点速度大小； （2）重物在空中的运动时间； （3）、两点的高度差。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026～2027学年度第一学期高三期初学情调研测试 物理试题 考试时间：75分钟 试卷满分：100分 一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分。每题只有一个选项最符合题意。 1. 新能源汽车在辅助驾驶系统测试时，感应到前方有障碍物立刻制动，做匀减速直线运动。内速度由减至0。该过程中汽车位移大小为（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】根据题意可知，汽车做匀减速直线运动，则该过程中汽车位移大小为 故选B。 2. 如图为铁路12306APP查询的车次信息截图，扬州东站与高邮站之间里程约为。下列说法正确的是（ ） A. “07:23”指时间间隔 B. “15分”指时刻 C. 由题中信息可求出动车全程的平均速度 D. 车厢显示屏实时显示的是瞬时速度的大小 【答案】D 【解析】 【详解】A．“07:23”表示某一瞬间，属于时刻，不是时间间隔，故A错误； B．“15分”表示从发车到到达所用的时长，属于时间间隔，不是时刻，故B错误； C．因为没有位移，所以无法计算全程的平均速度，故C错误； D．车厢显示屏上实时显示的是当前时刻列车的速度，表示某一瞬间运动的快慢，属于瞬时速率，也就是瞬时速度的大小，故D正确。 故选D。 3. 汽车沿平直公路先加速一段时间，再减速至停止，其位移-时间、速度-时间的图像可能是（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】AB．汽车先加速后减速直至停止，位移-时间图像斜率先增大后减小最后斜率为零，A正确，B错误； C．图像显示物体先向负向减速，后向正向加速，C错误； D．图像显示物体先向正向减速，后向负向加速，D错误。 故选A。 4. 2026年7月24日7时33分，我国“力箭一号”运载火箭成功将五颗卫星依次送入预定轨道（近地卫星轨道）。下列说法正确的是（ ） A. 星箭分离时，星箭间相对静止 B. 研究卫星姿态调整时，可以将卫星视为质点 C. 火箭从发射到星箭分离过程，路程与位移大小相等 D. 卫星入轨后运行，路程大于位移大小 【答案】D 【解析】 【详解】A．相对静止的条件是两物体相对速度为0，星箭分离时二者存在相对运动，故A错误； B．质点是忽略大小、形状的理想化模型，研究卫星姿态调整时，卫星的姿态、自身转动是研究核心，不能忽略其大小形状，不能视为质点，故B错误； C．只有单向直线运动中，路程才等于位移大小。火箭发射到星箭分离的过程轨迹不是单向直线，路程大于位移大小，故C错误； D．卫星入轨后做圆周运动（曲线运动），60min内轨迹为一段圆弧，路程是圆弧的长度，位移大小是初末位置的弦长，因此路程大于位移大小，故D正确。 故选D。 5. 如图所示，摩天轮悬挂的座舱在竖直平面内做匀速圆周运动。座舱的质量为，运动半径为，角速度大小为，重力加速度为，则座舱（ ） A. 运动周期为 B. 所受合力的大小始终为 C. 在与转轴等高处受到摩天轮作用力的方向水平向左 D. 在与转轴等高处受到摩天轮的作用力大小为 【答案】B 【解析】 【详解】A．匀速圆周运动中，角速度与周期的关系为，故A错误。 B．匀速圆周运动的合力全部提供向心力，向心力大小为 因此座舱所受合力大小始终为，故B正确。 C．当座舱运动到与转轴等高的位置时，向心力方向水平指向转轴。此时座舱受两个力：竖直向下的重力、摩天轮对座舱的作用力。两个力的合力需要水平向左，因此需要同时满足：竖直分量向上平衡重力，水平分量向左提供向心力，因此的方向为斜向左上方，并非水平向左，故C错误。 D．由上述受力分析可知，摩天轮对座舱的作用力的竖直分量大小为，水平分量大小为，根据勾股定理可得，故D错误。 故选B。 6. 某物理量的表达式为，其中表示力、表示时间，表示质量，则这个物理量可能是（ ） A. 速度 B. 角速度 C. 加速度 D. 位移 【答案】A 【解析】 【详解】本题通过量纲分析判断物理量的类别， 的表达式推导量纲为 则这个物理量可能是速度。 故选A。 7. 某小组利用如图所示的实验装置完成实验1“小车速度随时间变化”以及实验2“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”，下列说法正确的是（ ） A. 实验1中，首先要将长木板一端垫高，补偿阻力 B. 实验1中，调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行 C. 实验2在补偿阻力时，需将砂桶用细线通过定滑轮拴在小车上 D. 实验2中要使小车所受拉力近似等于砂桶的总重力，需要保证小车的质量远小于砂桶的总质量 【答案】B 【解析】 【详解】A．实验1不需要补偿阻力，只要小车所受合力恒定，就能做匀变速运动，摩擦力恒定不影响结论，故A错误； B．实验1中，使牵引小车的细绳与长木板保持平行，这样才能使拉力沿小车运动方向，故B正确； C．实验2中，补偿阻力时不能挂砂桶，应垫高木板一端，让小车自身重力沿斜面分力平衡摩擦力，故C错误； D．实验2中，要使小车所受拉力近似等于砂桶总重力，应满足小车的质量远大于砂桶的总质量，故D错误。 故选B。 8. 第二届世界人形机器人运动会上天工Ultra以的成绩获得跳高冠军，则天工Ultra（ ） A. 最大位移为 B. 起跳阶段一直处于超重状态 C. 腾空阶段一直处于失重状态 D. 落地阶段对地面的压力始终大于它的重力 【答案】C 【解析】 【详解】A．跳高成绩是竖直方向上升的高度；位移是从初位置指向末位置的有向线段。机器人起跳后，水平方向也有位移，所以最大的位移大于，故A错误； B．起跳阶段，机器人需要从静止开始获得向上的速度，这意味着在起跳的初始阶段，地面对它的支持力必须大于重力，加速度向上，此时处于超重状态。但在即将离开地面的瞬间，为了减小对地面的压力直至为零（离开地面），支持力会逐渐减小到零。如果支持力小于重力，加速度向下，此时处于失重状态。所以，起跳阶段并非一直处于超重状态，故B错误； C．腾空阶段（离开地面后，落地之前）：机器人只受重力，加速度恒为重力加速度，方向竖直向下，一直处于失重（完全失重）状态，故C正确； D．落地阶段，机器人刚接触地面时，会先向下加速，此时对地面的压力小于自身重力，故D错误。 故选C。 9. 如图所示为教材中感受向心力实验情境图，沙袋在水平面内做圆周运动，下列说法正确的是（ ） A. 绳子可以保持水平 B. 手通过绳对沙袋的拉力等于沙袋的向心力 C. 沙袋转动的线速度越大，绳与竖直方向的夹角越大 D. 沙袋质量大时能感受到向心力，质量小时不能感受到向心力 【答案】C 【解析】 【详解】AB．沙袋受力如图： 手通过绳子对沙袋的拉力水平分量充当向心力，竖直分量与重力抵消，则绳子不可以保持水平，故AB错误； C．对沙袋有 则有 由三角函数单调性可知转动速度越大，绳与竖直方向夹角越大，故C正确； D．绳子拉力，同样条件下质量大能感觉到的向心力大，质量小能感受到的向心力小，故D错误。 故选C。 10. 一颗探月卫星，其先后在DRO轨道上分别经过M、N两点，如图所示。设卫星在M点受地球引力为F1，受月球引力为F2，卫星在N点时受地球、月球的引力分别为F1′、F2′，则（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】AB．根据万有引力计算公式可知，若卫星与星球间的距离增大，则万有引力减小，由于卫星在M点与地球球心间的距离小于卫星在N点与地球球心间的距离，则 同理，卫星在M点与月球球心间的距离大于卫星在N点与月球球心间的距离，则，故AB错误； CD．由于做曲线运动的物体所受合力的方向应指向轨迹的凹侧，所以在M点，合力向左，则 在N点，合力向右，则，故C错误，D正确。 故选D。 11. 某同学用如图甲所示的装置测量弹簧的劲度系数，得到弹簧弹力随弹簧长度变化的图像如图乙所示，则（ ） A. 弹簧劲度系数为 B. 用图像的斜率计算弹簧劲度系数会使测量值偏小 C. 刻度尺的“0”刻度线低于弹簧上端，对测量结果无影响 D. 若弹簧从中间断裂成两根，劲度系数不变 【答案】C 【解析】 【详解】A．由图乙可知，线并不过原点，不是斜率，故A错误； B．图像的斜率表示弹簧的劲度系数，故B错误； C．弹簧的劲度系数，刻度尺的“0”刻度线低于弹簧上端不影响测量结果，故C正确； D．若弹簧从中间断裂成两根，每根弹簧长度为原弹簧的，相同弹力作用下形变量为原弹簧的，故劲度系数大于原弹簧劲度系数，故D错误。 故选C。 二、非选择题：共5题，共56分。其中第12题～第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。 12. 图甲是“探究平抛运动的特点”实验装置演示图，包含背板、弹射器、小球（含信号源、记录仪）、接球槽等。小球被弹射器水平射出后，每隔相同时间发射一次信号，背板接收信号并记录该时刻小球的位置信息，图乙为某次记录中的一部分，、、为三个连续位置，重力加速度取，则： （1）现有以下材质的小球，实验中应当选用_____。 A. 钢质 B. 木质 C. 橡胶 （2）主要操作步骤有： ①发射小球，背板接收信号并记录该时刻小球的位置信息； ②安装器材，使背板竖直，调节弹射器，使小球弹出时初速度方向水平； ③取下背板，用平滑的曲线把这些位置连接起来，得到小球的轨迹。 以上操作的正确次序是_______________（填写步骤序号即可）； （3）弹射器轨道__________（选填“需要”或“不需要”）光滑； （4）图乙中，小方格每格边长为，则小球水平射出时速度大小为__________； （5）图丙是小明利用平抛实验仪进行实验，他把桌子移到竖直墙的附近，调整好仪器，使从斜槽轨道滚下的小球打在正对的墙上，把白纸和复写纸附在墙上，记录小球的落点。然后等间距地改变桌子与墙的距离（桌子移动方向与墙垂直），让小球从斜槽轨道同一位置滚下，就可以得到多个落点。他认为再有一把刻度尺就能计算出小球平抛的初速度大小。你是否同意他的观点?请简要说明理由。___________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。 【答案】（1）A （2）②①③ （3）不需要 （4）1 （5） 同意，以桌子为参考系，墙等间距远离桌子，如图所示；小球从斜槽轨道同一位置滚下，小球做平抛运动的轨迹是相同的，白纸上的多个落点可以看成轨迹上的多个位置，且这些位置水平距离相等；由和可解得小球平抛运动的初速度大小。 【解析】 【小问1详解】 实验需要减小空气阻力对平抛运动的影响，钢质小球密度大、重力远大于空气阻力，运动轨迹更接近理想平抛运动，因此选钢质小球。 故选A。 【小问2详解】 实验操作需先安装调试器材，保证背板竖直、弹射器出口水平，之后再发射小球记录位置，最后取下背板连接位置点得到轨迹，顺序为②①③。 【小问3详解】 本实验只需要保证小球每次弹出的初速度水平且大小一致即可，轨道的摩擦力不会改变小球初速度水平的特性，也不影响后续对平抛轨迹的研究，因此轨道不需要光滑。 【小问4详解】 平抛运动竖直方向为自由落体运动，连续相等时间内的位移差满足 其中 可得时间间隔 水平方向做匀速直线运动 其中 解得初速度 【小问5详解】 同意，以桌子为参考系，墙等间距远离桌子，如图所示；小球从斜槽轨道同一位置滚下，小球做平抛运动的轨迹是相同的，白纸上的多个落点可以看成轨迹上的多个位置，且这些位置水平距离相等；由和可解得小球平抛运动的初速度大小。 13. 用三根细线a、b、c将两个小球1和2连接并悬挂，如图所示。两小球处于静止状态，细线a与竖直方向的夹角为细线b与竖直方向的夹角为，细线c水平。已知小球2的质量为，重力加速度为，求： （1）细线b、c中的张力大小、； （2）小球1的质量。 【答案】（1）； （2） 【解析】 【小问1详解】 对2球进行受力分析，如图所示。 由竖直方向平衡条件可得 解得 由水平方向平衡条件可得 可得 【小问2详解】 对整体进行受力分析，如图所示 由平衡条件可得， 解得 14. 如图甲所示，木板静止在光滑水平面上，物体（可看作质点）以水平速度滑上木板的左端，恰好未从木板右端滑落，、的图像如图乙所示。取，求： （1）A、B之间的动摩擦因数； （2）木板的长度。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 由图乙可知：物体B做匀减速直线运动的加速度大小 对物体B受力分析，由牛顿第二定律得： 解得 【小问2详解】 解法一：恰好不滑落的条件是：物体B滑至木板A的最右端时两者共速， 由乙图中可知内物体B的位移 木板A的位移 木板A的长度 解法二：恰好不滑落的条件是：物体B滑至木板A的最右端时两者共速， 木板长度等于两者在内的相对位移，与图乙中左侧三角形面积相等， 木板A的长度 15. 一质量的汽车经过一半径的拱形桥，已知重力加速度为，求： （1）汽车经过拱形桥顶部时的最大速度； （2）若汽车以速度经过拱形桥顶部时，所受阻力大小为，牵引力为。求此时汽车： ①受到的支持力大小； ②加速度大小。 【答案】（1） （2）①；② 【解析】 【小问1详解】 当支持力为零时速度最大，重力提供向心力 解得 【小问2详解】 ①对汽车进行受力分析，如图所示 由牛顿第二定律得 解得 ②向心加速度为 水平方向上，由牛顿第二定律得 由运动的合成规律得此时汽车加速度为 解得 16. 如图所示，工程队向峡谷对岸平台抛射重物，初速度大小为，与水平方向的夹角为，抛出点和落点的连线与水平方向夹角为，取，忽略空气阻力。求： （1）重物在最高点速度大小； （2）重物在空中的运动时间； （3）、两点的高度差。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 重物在水平方向做匀速运动，故重物在最高点的速度大小 解得 【小问2详解】 建立如图所示的直角坐标系，沿轴方向做类竖直上抛运动，则加速度 重物在空中的运动时间 解得 【小问3详解】 建立如图所示的直角坐标系，沿轴方向做匀速直线运动，则方向的位移大小 由于与水平方向夹角为，则 解得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $