物理(二)-【衡水金卷·先享题】2025-2026学年高三物理一轮复习摸底测试卷（HN）

2025一2026学年度高三一轮复习摸底测试卷 物理（二） 本试卷共8页，15题。全卷满分100分。考试用时75分钟。 注意事项： 1.答题前，先将自己的姓名、考号等填写在答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在 答题卡上的指定位置。 2.选择题的作答：选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号 涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3.非选择题的作答：用签字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、 草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 4.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。 一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的。 1.氪85(Kr)是由核反应堆中轴235裂变产生的，自然界中几乎不存在。氪85的衰变 产物是铷85(Rb)和某种射线，科学研究中常用氪85(K)作为示踪剂，例如，向天 然气输气管道中注入少量氪85(Kr),然后监测管道外附近空气中氪85（需Kr)衰变 产生的射线的剂量，就能判断管道是否漏气。下列说法正确的是 A.氪85(Kr)衰变产生的射线是B射线 B.氪85(Kr)衰变产生的射线是中子流 C.氪85(Kr)衰变产生的射线是伦琴射线 D.氪85(Kr)衰变产生的射线是a射线 2.近几年我国电动汽车取得了长足的发展，但电动汽车动力电池的安全性也引起了人 们的担忧，若用质量为270g的钢球以150J的动能撞击固定好的电池，钢球撞击电 池后速度减为零，忽略钢球自身重力的影响，钢球撞击电池时对电池的冲量大小约为 A.3N·s B.6N·s C.9N·s D.12N·s 物理（二）第1页（共8页） 衡水金卷·先 3.如图所示，直线加速器有一个金属圆板0和个与脉冲电源相连的中空金属管道，脉 冲电源的周期为T,电压大小始终为。位于金属圆板0中央的带电粒子，在圆板和 管道1之间的电场中由静止开始加速，粒子在相邻两个管道之间的空隙内均被加速， 管道数量n越大，粒子从管道n离开时的速度v就越大，关于v与n之间的关系，下 列说法正确的是 U 脉冲电源 A.vocn B.vocn2 C.uoc/n D.vccn 4.某科技小组通过设计“水流导光”的实验演示光纤通信的原理。如图甲所示，瓶内装 有适量清水，水从小孔中喷出后形成了弯曲的水流。分别将红色和绿色的激光水平 射向小孔，使光束与水流保持在同一竖直平面内，经过调整水流喷出的速度后，只观 察到一种色光沿着弯曲的水流传播。已知这两种色光从激光器射向P点的路径一 致，简化图如图乙所示，下列说法正确的是 A.沿着弯曲的水流传播的是绿光 B.绿光比红光在水中的传播速度大 微光器 C.红光在P点处发生了全反射 D.光纤通信的物理原理与佩戴3D眼镜观看 立体电影的物理原理相同 5.在如图所示的电路中，变压器为理想变压器，R。、R,均为定值电阻，交流电源电压的 有效值保持不变。当滑动变阻器R的滑片从最底端向上滑动时，理想电压表V1、V2 的读数U1U2都会发生变化。设U1、U2的变化量分别为△U1、△U2,则 △U的变化 △U 情况为 A.逐渐增大 B.逐渐减小 C.保持不变 D.先减小后增大 享题·摸底卷 物理（二）第2页（共8页） HN 6.如图甲所示，长木板放在水平面上，长木板右端放有一小物块，t=0时刻给长木板一 个水平向右且由零逐渐增大的拉力F,小物块受到的摩擦力F:随拉力F变化的关系 图像如图乙所示。已知长木板与水平面间的动摩擦因数为0.05，最大静摩擦力等于 滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2,小物块可视为质点，长木板足够长，则小物块 与长木板间的动摩擦因数为 Fe/N 5 7777777777777777777 15 甲 乙 A.0.25 B.0.2 C.0.15 D.0.05 二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项 符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7.已知一宇宙飞船绕某行星表面做匀速圆周运动的周期为T,该行星的半径为R,引力 常量为G,仅根据这三个已知量可以求得 A.该行星的质量 B.该行星的密度 C.宇宙飞船的质量 D.宇宙飞船的环绕速度 8.如图所示，直角三角形ABC的∠C=90°，∠A=30°，边长BC=a,CD垂直于AB,在 顶点A固定一个电荷量为十q(q>0)的点电荷，在顶点B也固定一个带正电的点电 荷。现将一个带正电的试探电荷从A点右侧附近由静止释放，该试探电荷仅在电场 力作用下沿AB运动的过程中，经过D点时的电势能最小，已知静电力常量为，下 列说法正确的是 A.在AB连线上，从A点到B点，电势先降低后升高 C B.在AB连线上，从A点到B点，场强先增大后减小 C.顶点B处的点电荷的电荷量为十号 A30 D D.顶点C处的场强大小为0kg 9a2 物理（二）第3页（共8页)】 衡水金卷·先 9.t=0时刻，位于坐标原点O(x=0)处的波源开始做简谐运动，在介质中形成一列沿x 轴正方向传播的简谐横波，t=0.3s时波刚好传播到x=3处，此时形成的波形如 图所示，下列说法正确的是 y/m 00.511522.53xm -2- A.x=3m处的质点的起振方向沿y轴正方向 B.该波的传播速度大小为10m/s C.t=0.8s时，x=5.75m处的质点第一次到达波峰 20(m) D.波源的振动方程为y=2sin 10.如图所示，间距为L的两条平行光滑金属导轨固定在绝缘水平面上，两根质量均为 、长度均为L、电阻均为R的金属棒MN和PQ垂直于导轨放置，整个装置处在磁 感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中。已知金属导轨足够长且电阻忽略 不计，两金属棒始终与导轨垂直且接触良好。现将MN锁定，给PQ施加一水平向 右的力F,使PQ以加速度a。做匀加速直线运动，经时间t。撤去力F,同时将MN 的锁定解除，则MN的锁定解除后，下列说法正确的是 A.回路中产生的焦耳热的最大值为)ma6t B.回路中产生的焦耳热的最大值为4ma6 C两金属棒之间的距离增加的最大值为 ①两金属棒之间的距离增加的最大值为， 享题·摸底卷 物理（二）第4页（共8页) HN 三、非选择题：本题共5小题，共56分。 11.(7分) 某小组用如图所示的装置来验证机械能守恒定律。将细线的一端固定在O点，另 一端系一小钢球。悬点O的正下方固定一光电门，细线自然下垂时小钢球的球心正对 光电门的中心，把小钢球拉开使细线与竖直方向成一定的角度，然后由静止释放小钢 球，当小钢球经过光电门时光电门能记录下小钢球的挡光时间t。测得悬点O到小钢 球球心的距离为L,小钢球的直径为d,重力加速度为g。 (1)小钢球由静止释放的位置 (填“能”或“不能”)高于悬点O。 0 (2)如果小钢球由静止释放后机械能守恒，则 。(用0、L、d、g表示) 回 (3)把小钢球拉开使细线与竖直方向成不同的角度0，多次实验，得到多组0和对应 的时间t,然后用图像法处理数据：以©os0为横轴、是为纵轴建立直角坐标系，并描点作 图，得到一条直线，已知L=0.49m,d=1.96cm,g=9.8m/s2,若这条直线的斜率的绝 对值= ,则机械能守恒定律得以验证。 12.(9分) 某实验小组欲利用如图甲所示的电路测量匀强磁场的磁感应强度大小B,匀强磁 场垂直穿过一块厚度为d的长方形金属导体，给导体通入图示电流I,导体的α、b两端 产生霍尔电压UH。 电流1 金属导体 A 8 45 磁场B 40 35 丙 (1)实验开始之前，同学们用螺旋测微器测量金属导体的厚度d,测量结果如图乙 所示，则d= mm。 (2)由于霍尔效应，金属导体a端的电势 (填“高于”或“低于”)b端的电 物理（二）第5页（共8页) 衡水金卷·先 势；如果使用多用电表的直流电压挡测量α、b两端产生的电压，多用电表的红表笔接 (填“a”或“b”)端。 (3)调节滑动变阻器R,改变通过导体的电流I的大小和产生的霍尔电压UH,记录 下多组I、UH数据，然后用图像法处理数据，如图丙所示，作出的UHI图像为一条过 原点的直线。已知电子的电荷量为，导体的自由电子数密度（单位体积内的自由电荷 数)为n,测得UH-I图像的斜率为k,则磁感应强度大小B= (用题中所给字母表示) 13.(10分) 如图所示，左侧气缸内有一活塞将理想气体分成A、B两部分，当左侧气缸和右侧 真空容器C之间的阀门关闭时，气体A和气体B的体积相等，气体B的压强是气体A 压强的3倍，温度均为T。,环境温度不变。已知活塞可在气缸内无摩擦滑动且不漏气， 气缸和真空容器C均导热性良好。 (1)若打开阀门，待活塞平衡后，气缸中活塞下方的气体体积减少了3，求进人容器 C中的气体质量与气缸中原来气体B质量的比值； (2)在(1)的基础上，关闭阀门，给左侧的整个气缸加热，当活塞回到气缸中间位置 时，求气体的温度。 B 工C 享题·摸底卷 物理（二）第6页（共8页） HN 14.(14分) 如图所示，半径为R的圆形区域内存在着方向垂直于直角坐标系xOy平面向里的 匀强磁场，圆心位于x轴上，磁场边界线与y轴相切，y轴左侧是平行板电容器，电容器 极板与x轴平行，右端紧挨y轴，电容器下极板带正电、上极板带负电，两极板间距为 d。某时刻一质量为、电荷量大小为g的带负电粒子从（一√2R,0)处以大小为的 初速度射出，初速度方向与x轴正方向间的夹角为45°，带电粒子经过y轴时的速度方 向与x轴平行，离开磁场时的速度方向沿y轴负方向，不计粒子重力，粒子不与极板发 生碰撞。求： (1)带电粒子经过y轴时与O点间的距离； (2)电容器正、负极板之间的电势差以及磁场的磁感应强度大小； (3)带电粒子从开始运动到离开磁场区域所需要的时间。 5o 十++++++土士 物理（二）第7页（共8页） 衡水金卷·先享题 15.(16分) 如图所示，质量为2.5kg的平板小车B静置在光滑水平面上，左端与竖直墙壁间 的距离为0.5。滑块A和光滑小球C放在小车最右端，滑块A、小球C的质量分别为 1.5kg和0.99kg。某时刻一质量为0.01kg的子弹水平击中小球C并嵌入其中，随后 小球C以4/s的速度与滑块A发生弹性碰撞，子弹与小球C、小球C与滑块A的作 用时间均极短。已知滑块A与小车B间的动摩擦因数为0.5，重力加速度g= 10m/s2,小车B与墙壁的碰撞为弹性碰撞，在整个运动过程中，滑块A始终未滑离小 车B,小球C离开小车B后立即被取走，滑块A、小球C、子弹均可视为质点，求： (1)子弹击中小球C前瞬间的速度大小； (2)小球C与滑块A碰后瞬间二者的速度及小车B与墙壁碰撞前瞬间的速度 大小； (3)从滑块A开始运动到滑块A与小车B整体最终达到稳定后，整个运动过程中 滑块A相对小车B运动的位移。 A©✉ B 7777777 ·摸底卷 物理（二）第8页（共8页) HN摸底卷 物理（二） 2025一2026学年度高三一轮复习摸底测试卷 摸底卷·物理（二） 9 命题要素一贤表 注： 1.能力要求： I,理解能力Ⅱ，推理能力 Ⅲ，分析综合能力W,应用数学处理物理问题的能力V.实验能力 2.学科素养： ①物理观念 ②科学思维③科学探究 ④科学态度与责任 分 知识点 能力要求 学科素养 预估难度 题号 题型 值 (主题内容) I ① ② ③ ④ 档次 系数 1 选择题 4 原子核衰变 易 0.80 选择题 4 冲量 易 0.80 3 选择题 4 直线加速器 中 0.75 选择题 全反射、光的偏振 0.70 5 选择题 4 变压器原理 中 0.65 6 选择题 4 牛顿第二定律的应用 难 0.55 7 选择题 5 天体运动 中 0.75 8 选择题 5 点电荷电场的叠加、电势、场强 中 0.70 9 选择题 5 机械振动与机械波 中 0.65 10 选择题 5 电磁感应综合 难 0.55 11 非选择题 7 验证机械能守恒定律 中 0.75 测量匀强磁场的磁感应强度 12 非选择题 9 中 0.70 大小 13 非选择题 10 查理定律、理想气体状态方程 中 0.70 14 非选择题 14 带电粒子在电、磁场中的运动 中 0.65 15 非选择题 16 动量守恒与能量守恒综合 难 0.50 ·%1 HN 摸底卷 物理（二） 参考答案及解析 物理（二） 一、选择题 U。=U,U。'=U2',所以 、 g 1.A【解析】根据题意可写出衰变方程为Kr→ U,'-4U Rb十-？e,故氪85(Kr)衰变产生的射线是3射线， U2-U2 =L,即是一个常数，又因为交流 2 '△LU, A项正确。 电源电压的有效值保持不变，则△U1=一△U。,所以 2.C【解析】钢球打到电池上动量由p减为0的过程 AU A=”,即识保持不变，C项正确。 △U2n2 △U, 中，钢球对电池的冲量1=p一0=√/2mE= 6.B【解析】设长木板与水平面间的动摩擦因数为1， √/2×270×10X150N·s=9N·s,C项正确。 小物块与长木板间的动摩擦因数为2，当拉力F= 3.C【解析】粒子离开管道n时，根据动能定理有neu 3N时小物块才有摩擦力，即此时长木板开始运动， 之mt,因此c,C项正确。 则有1(M十m)g=3N,小物块受到的最大静摩擦力 4.A【解析】水流导光的原理为光从水中射到水与空 为4N,则有地mg=4N,当两者不发生相对滑动时， 气分界面时的入射角大于临界角，发生了全反射，由 以整体为研究对象有F-(M十m)g=(M十m)a, 于红光在水中的折射率比绿光小，根据sinC=1,可 以小物块为研究对象，根据牛顿第二定律有F:=ma, n 知绿光的临界角比红光的小。由于红光和绿光的入 联立解得F=m平MF一mg,图像的斜率k= 射角相同，且只观察到一种色光发生全反射，可知是 m十M言，联立解得m=2kg=0.2,B项正确。 m 1 绿光发生了全反射，A项正确，C项错误：光在介质中 二、选择题 的速度0一元，故绿光在水中的传播速度小于红光在 7.ABD 【解标】根据G=n禁R,可得该行星的 4π R2 水中的传播速度，B项错误：光纤通信的物理原理是 质量M=答票，A项正确：又M=pV-专RP联立 光的全反射，佩戴3D眼镜观看立体电影的物理原理 是光的偏振，D项错误。 可得该行星的密度。广祭.B项正确：宇街飞的环 5.C【解析】设理想变压器原、副线圈的匝数之比为 绕速度口=2，D项正确：由上述分析可知，字宙飞 T m,原线圈两端的电压为U,则吧一份-兴，则 船的质量m被约去，故无法求出其质量，C项错误。 HN 物理（二） 参考答案及解析 8.AD【解析】根据题意，试探电荷在D点时电势能最 运动，此时MN的速度最大，根据动量守恒定律可 小，则D点的电势最低，从A点到B点，电势先降低 得mao to=2mu,解得v= ao,两金属棒共速后， 1 后升高，A项正确；电势能最小意味着试探电荷在D 回路中不再产生感应电流，则根据能量守恒定律可 点的动能最大，速度最大，加速度为零，所以D点的 知，回路中产生的焦耳热的最大值Q-之m(a,。) 场强一定等于零，则有0=0，解得顶 kg 1 1 2 X 2mv= ma6,A项错误，B项正确：对 点B处的点电荷的电荷量g=号，B.C项错误：顶点 PQ,根据动量定理可得一BL△t=号ma, A处的点电荷在C处产生的场强大小E4= (W3a) maot0,q=I△t,可得q= mas,又因为q=I△t= 2BL 铝，顶点B处的点电荷在C处产生的场强大小 E 2示△一B二故两金属棒之间的距离增加的最大 E。一甚-铝，故C处的场强大小E=V可 2R a 值Ar=matR C项正确，D项错误。 =√0k9,D项正确。 BL 9a2 三、非选择题 9,BC【解析】根据波的传播方向与振动方向的关系可 11.(1)不能(2分) 知，x=3m处的质点的起振方向沿y轴负方向，A项 (2)2g42gL 错误；由题意可知此波的周期T=0.3s,故该波的传 d?dcos93分) (3)2.5×101(2分) 播速度v=产=10m/s,B项正确：波峰第一次传到x 【解析】(1)若释放位置高于悬点O,由静止释放小 =5.75m处需要的时间△t=t+x=0.3s十 钢球后，小钢球将做一段自由落体运动，细线绷紧后 5.75-0.75s=0.8s,故t=0.8s时刻，x=5.75m 做圆周运动，而在细线绷紧的瞬间，小钢球的机械能 10 将损失一部分，因此释放位置不能高于悬点O。 处的质点第一次到达波峰，C项正确；波源的起振方 向沿y轴负方向，因此波源的振动方程为y= (2)小钢球通过光电门的速度。=兰，根据机械能守 Asm头=一2sn29(m),D项错误。 恒定律有mgL(1一cas)=号md,联立解得子 1O.BC【解析】由题意可知，MN的锁定解除后PQ做 2gL 2gL d dcos。 减速运动，MN做加速运动，当两金属棒的速度相等 时，回路中没有感应电流，两金属棒同时向右做匀速 (3)}与0s0是一次函数关系，图像斜率的绝对值 ·2 HN 摸底卷 物理（二） k=2gL=2×9.8×0.49 d (1.96×102)2 =2.5×10。 11 (1分) 12.(1)1.900(2分) 设气缸中原来气体B的质量为M,阀门打开后，气 (2)高于(2分)a(2分) 缸中活塞下方气体的质量为，因为在温度相同的 (3)kned(3分) 情况下，、V乘积之比等于质量之比 【解析】(1)根据螺旋测微器的读数规则可知d= 11 因此得 11 18 (1分) 1.5mm十40.0×0.01mm=1.900mm。 (2)根据左手定则可知自由电子向着b端移动，使得 所以-石 7 (1分) a端的电势高于b端的电势，多用电表的红表笔接 (2)当活塞再次回到气缸中间位置时，设此时气体A 高电势点，黑表笔接低电势点，所以红表笔接a端。 的压强为p4 (3)金属导体中的自由电荷为自由电子，电子在洛伦 (1分) 兹力作用下发生偏转，a、b间出现电势差，当自由电 对气体A:根据查理定律有会一会 荷所受静电力和洛伦兹力平衡时，Q、b间的电势差 此时气体B的压强Pm'=p,'+警=p'十2A UH保持稳定，设导体的宽度为l,由euB=e Ua,I= 11 3 对气体B,根据理想气体状态方程有 4p。· To anSS=d,联立解得B停d=kad。 Pa'Vo T (1分) 13.【解析】(1)阀门关闭时，设气体A的体积为V。、压 联立解得T=2.4T (2分) 强为p,则气体B的体积为V、压强为3p0 14.【解析】(1)带电粒子在电场中的运动为类平抛运动 对活塞受力分析有pS十mg=3pS 解得活塞的重力mg=2poS (1分) 沿x轴方向有√2R=wcos45°·i (1分) 阀门打开后，气缸中活塞下方气体的体积变为 1 沿y轴方向有h=之sin45°·有 (1分) 号，气体A的体积变为 解得带电粒子经过y轴时与O点间的距离=R 2 设此时气体A的压强为p1 (1分) 则有V,=A·号 (1分) (2)带电粒子在电场中运动的加速度大小a=g吗 m (1分) (1分) 此时气缸中活塞下方气体的压强p加=十墨 y轴方向的分位移h=之a近 1 (1分) S ·3· 网 物理（二） 参考答案及解析 联立解得E-2m (1分) 4gR 粒子在酸场中做圆周运动的时间1，=十T=}× 电容器正、负极板之间的电势差U=Ed=Em5d 2πm=R 4gR gB vo (1分) 则粒子从开始运动到离开磁场区域所需要的时间t 设粒子从M点进入磁场、从N点离开磁场，运动轨 =1十6十t4=π十E+1)R (1分) 迹如图所示 15.【解析】(1)设子弹击中小球C前瞬间的速度大小 y 为o 根据动量守恒定律有mo6=(十mc) (1分) 解得=400m/s (1分) (2)以向左为正方向，小球C与滑块A碰撞的过程 由几何知识得MN与y轴负方向的夹角为45 根据动量守恒定律有（十c)=(十c)十 MO-2h=R (1分) mAUs (1分) 因此MV刚好为圆形有界磁场的直径，故粒子在磁 根据能量守恒定律有合(m,十m)d=子 1 场中做圆周运动的轨道半径=√2R (1分) mc)十乞m (1分) 粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得 解得2=-0.8m/s,5=3.2m/s (1分) qoB-m r (1分) 故碰后瞬间小球C的速度大小为0.8m/s,方向向 其中，粒子的速度=wcos45 右，滑块A的速度大小为3.2m/s,方向向左(1分) 解得B一器 (1分) 碰后瞬间小球C从小车B上掉下 (3)粒子在电场中的运动时间 假设小车B与墙壁碰撞时，小车B与滑块A已经达 √2R_2R 到共同速度v1 t= vo cos 453 (1分) Uo 以向左为正方向，由动量守恒定律得4v:=(A十 粒子离开电场进入磁场前做匀速直线运动的位移x nB） (1分) =R-9R 解得1=1.2m/s 粒子做匀速直线运动的时间，=工=巨-1)R 设此过程小车B运动的位移为x (1分) 由动能定理得magx=立mno (1分) ·4· HN 摸底卷 物理（二） 解得x=0.24m<0.5m 解得s=一0.3m/s (1分) 假设成立，故小车B与墙壁碰撞前瞬间的速度大小 根据能量守恒定律有uAgL2=- 1 2 (mA十mB)号- 为1.2m/s (1分) 1 (ma十mu)G (1分) (3)滑块A与小车B第一次达到共同速度的过程中 由能量守恒定律得mgL:=子m时-之(m十 1 解得L2=0.36m (1分) 此后滑块A与小车B相对静止一起向右运动，则整 ma)v (1分) 个运动过程中滑块A相对小车B运动的位移L= 解得L1=0.64m (1分) L1十L2=1m (1分) 小车B与墙壁碰撞后，与滑块A再次达到共同速度 s的过程中 由动量守恒定律得mAv1一maU1=(A十m)5 (1分) ·%5 HN