河南驻马店市部分学校2026-2027学年高二上学期开学考试物理试题

高二物理学科 试题 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。 2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在 本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 考试时间为75分钟，满分100分 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项 中，只有一项是符合题目要求的。 1.一小车沿直线运动，从t=0开始由静止匀加速至t1时刻，此后做匀减速运动，到t2时刻 速度减为零。在下列小车位移x与时间t的关系曲线中，可能正确的是 ti 2如图所示，一部机器与电动机通过皮带连接，机器皮带轮的半径是电动机皮带轮半径的4 倍，皮带与两轮之间不打滑，A、B为轮边缘的两点。则转速nA：nB= 电动机皮带轮 机器皮带轮 B。 A.1:4 B.1:2 C.4:1 D.1:16 3.下列有关静电的防止与利用说法正确的是 甲 乙 丙 ©第1页（共8页） A.图甲所示静电场的电场线分布图可能正确 B.乙图中，女生接触带电的金属球时起电方式是摩擦起电 C.丙图中，燃气灶中电子点火器点火原理是尖端放电 D.丁图中，电力工作人员在高压电线上带电作业时穿着的屏蔽服是用绝缘材料制作的 4.某千斤顶的结构如图所示，四根等长杆由铰链相连。摇动手柄竖直拾升重物过程中，A、 C两点的间距缩短，当∠CAB=45°时，B点的速度大小vB和C点的速度大小vc之间的 关系为 重物 手柄 D KKMMA7MMKT A.UB-Uc B.vB=√2vc C.√2vB=vc D.UB=2Uc 5.如图所示，质量为m的小球用不可伸长的轻质细绳悬挂，使小球在水平面内做匀速圆周 运动，绳子与竖直方向的夹角为0，忽略空气阻力，下列说法正确的是 A.小球所受细绳的拉力充当向心力 B.若仅增大小球质量，小球的周期减小 C.若仅增大小球质量，则夹角减小 D.若仅增大小球角速度，则夹角θ增大 6在某次演习中，轰炸机沿水平方向投放了一枚炸弹，炸弹正好垂直击中山坡上的目标，山 坡的倾角为45°，如图所示。不计空气阻力，炸弹竖直方向下落的距离与水平方向通过的 距离之比为 545o A.2 B.1 C.√2 D.0.5 ⊙第2页（共8页） 7.随着我国航天事业飞速发展，人们畅想研制一种核聚变能源星际飞行器。从某星球表面 发射的星际飞行器在飞行过程中只考虑该星球引力，不考虑自转，该星球可视为质量分 布均匀的球体，半径为R。,表面重力加速度为g。质量为m的飞行器与星球中心距离为 1 r时，引力势能为mgoR (r>R。)。从该星球表面以初速度vo发射飞行器，使其 R。r 在距星球表面高度为R。的轨道上以线速度v做匀速圆周运动。已知引力常量为G,则 A.该星球的质量为G Ro 3Ggo B.该星球的密度为4R。 3goRo C.v0= 2 D.0=√goR0 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项 中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。 8.2026年5月24日，神舟二十三号载人飞船成功发射，飞船与空间站组合体自主对接后绕 地球做匀速圆周运动，其轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径。下列说法正确的是 A.飞船的发射速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间 B.飞船在轨运行的线速度小于地球同步卫星在轨运行的线速度 C.飞船在轨运行的周期小于地球自转周期 D.飞船返回地球时，需要点火加速做离心运动 9.如图所示，细线一端固定在横梁上，另一端系着一个小球。给小球施加一力F,小球平衡 后细线与竖直方向的夹角为日，现保持日不变，将F由图示位置逆时针缓慢转至竖直方向 的过程中，下列说法正确的是 A.绳的拉力一直变小 B.绳的拉力先变小后变大 C.F的最小值为mgtan0 D.F的最小值为mg sin0 ©第3页（共8页） 10.某同学特别喜欢“弹簧公仔”呆萌的表情和摇摇晃晃的可爱姿态。如图所示，该同学对 “弹簧公仔”头部A施加竖直向下的压力F使其静止，突然撤去力F后，A向上运动，一 段时间后脚部B也离开了地面。已知弹簧公仔头部A的质量为3m,脚部B的质量为 2m,连接AB的弹簧质量忽略不计，从撒去力F到A上升到最高点的过程中，弹簧始终 未超出弹性限度，重力加速度为g。下列说法正确的是 AB刚要离开地面时，A的加速度大小为 3 F B撤去力F后的瞬间，A的加速度大小为 m C.从撤去力F到B刚要离开地面的过程中，A一直处于超重状态 D.从B离开地面到A、B相距最远的过程中，A、B的加速度均不断增大 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)(1)某同学做“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验，装置如图甲所示，其中 A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。 甲 ①关于本实验的操作过程，下列说法正确的是 A.为了方便测量，实验时两细绳OB、OC必须相互垂直 B.橡皮条必须与两细绳夹角的平分线在同一直线上 C,为了减小误差，两细绳必须等长 D,在同一组实验中，结点O的位置不能改变 ⊙第4页（共8页） ②根据实验数据，该同学作出实验结果图如图乙所示，则 (填“F”或“F”)一定 沿AO方向。 (2)某同学在用电火花打点计时器和纸带做“研究匀变速直线运动规律”的实验时，得到 一条打下的纸带如图丙所示，并在上面取了A、B、C、D、E五个计数点，相邻两个计数点 间还有4个点（图中没有画出），打点计时器所用交流电源的周期为T。 d,- 丙 ①电火花打点计时器的工作电压为 V。 ②计算物体加速度大小a的公式为a= (选用T、d1、d2、d3、d4表示)。 12.(9分)小李同学利用数据采集器研究动能和重力势能转化所遵循的规律。实验装置如 图所示，在铁架台上沿竖直方向固定有带格子的圆弧形背板，摆锤释放器可绕固定点O 转动并固定在某一角度；圆柱形摆锤通过绳子悬挂于点O,并可用磁铁吸附在释放器上。 光电门传感器固定在圆弧形背板上，并与数据采集器相连，可自动记录摆锤通过的时长。 摆锤释放器 标尺盘 光电门 (1)将光电门先后分别固定在圆弧形背板上的B和C(最低点)两点，逐次将摆锤从A点 自由释放。 (2)测出B点与C点的高度差hc,以及摆锤经过B点时的挡光时间tg,已知摆锤的直 径为d,则摆锤经过B点时的速度大小为 。（用已知及所测物理量字母表示) (3)再测摆锤经过C点的时间tc,已知重力加速度为g,摆锤的质量为m,则摆锤从B点 运动到C点过程中，重力势能减少量为。（用已知及所测物理量字母表示） ©第5页（共8页） (4)为了证明摆锤在B、C两点的机械能相等，需要得到的关系式是 (用已知及所测物理量字母表示) (5)该同学改变光电门的位置，记录了每次光电门离最低点C的高度h及其相应的挡光 时间t后，绘制了四幅图像。若机械能守恒，则下列图像中正确的是 h B D 13.(10分)如图甲所示，倾角为30°的斜面固定在水平地面上，一个小物块在沿斜面向上的 恒定拉力F作用下，从斜面底端A点由静止开始运动。一段时间后撤去拉力F,小物块 能达到的最高位置为C点。已知小物块的质量为0.3kg,小物块从A点到C点的v一t 图像如图乙所示，取g=10m/s2,求： (1)小物块与斜面间的动摩擦因数；（结果可用分式、根式表示） (2)拉力F的大小。 4(ms) 7.5 5.0 2.5 01234ts 甲 ©第6页（共8页） 14.(12分)(1)如图甲所示，有一边长l=6cm的等边三角形abc,a、b两点分别固定着点电 荷1和2。已知1的电荷量q1=一2.0×10-1C,2的电荷量q2=十2.0X101C,静电 力常量k=9X109N·m2·C-8。求： ①1、2两点电荷之间的库仑力大小； ②c点的电场强度大小和方向。 (2)如图乙所示，将电荷量为十q的带电粒子（视为点电荷）固定在与均匀带电薄板相距 2d的位置C,带电薄板的电荷量为Q,粒子到带电薄板的垂线通过板的几何中心O,A、 B两点关于薄板对称，位置如图。若图中B点的电场强度为0，静电力常量为，求A点 的电场强度大小和方向。 91d 92 甲 ©第7页（共8页） 15.(17分)起重机将一重物由静止开始竖直向上吊起，吊绳的拉力随重物的速率变化的关 系如图所示，已知重物的速率达到v=2/s以后，起重机的输出功率就恒定不变，再经 过1s时间重物速率达到最大值vm(未知)，之后以该速率匀速上升。取g=10m/s2,忽 略空气阻力和一切摩擦。求： (1)重物匀速上升时，起重机的输出功率； (2)重物匀加速上升的时间； (3)速率由o增大到om过程，重物上升的高度。 4F/×104N) 2.2 2 2 Um v/(m's-) ⊙第8页（共8页）高二物理 参考答案及评分意见 1.B【解析】x一t图像的斜率表示速度，小车先做匀加速运动，因此速度变大，即0~t1图像斜率变大，t1~t2做匀 减速运动，则图像的斜率变小，在t2时刻速度为零，则图像的斜率变为零，B正确。 2.A【解析】A、B为轮边缘的两点，则vA：vB=1:1,根据v=wr,可得wA:wB=rB：rA=1:4,根据ω=2πn 可知，nA：nB=1:4,A正确。 3.B【解析】摇动手柄竖直抬升重物过程中，B点的速度方向竖直向上，C点的速度方向垂直CD方向，当 ∠CAB=45°时，C点的速度方向沿CB方向，B点和C点沿CB方向的分速度大小相等，即Ugsin45°=oc,则 vB=√2vC,B正确。 4.D【解析】小球在水平面内做匀速圆周运动，合外力（重力与拉力的合力）充当向心力，A错误；由mg tan0= m答L0,可得T=2xg,小球的周期与质量无关，B错误：由mg1an目=mmL5n0,可得6os8 4π2 ,元，即夹角9与质量无关，若仅增大小球角速度，则夹角9增大，C错误，D正确。 男 5.D【解析】炸弹正好垂直击中山坡上的目标，则有tan45°==，则炸弹竖直方向下落的距离与水平方向通 vy gt 1 过的距离之比为之-281 1.8=。1 9x=0t=2·,2an45=2D正确。 6.C【解析】对木槌进行分析，选择向下为正方向，根据动量定理有一（F一mg)t=0一mv,解得F=550N,C 正确。 goRa 7.C【解析】根据G=mg。,解得该星球的质量M_8R, MG R 5,A错误；该星球的密度p-V一4R 3g。 4πGR。,B错 误：根据万有引力提供向心力有GMm (2R。=m(2R。),解得轨道速度u=√2”，D错误；飞行器在轨道半径r 02 goRo 1 的总机械能包括动能和势能，引力势能E三2mgR。,对应动能Ek=) 二4mgoR,总机械能E。= 3 3gR0,C正确。 mgoR。,根据机械能守恒，初始动能2mu6=E总，解得0o=人2 8.AC【解析】第一宇宙速度是绕地球做圆周运动的最小发射速度，第二宇宙速度是脱离地球引力的最小发射速 度，飞船与空间站组合体自主对接后绕地球做匀速圆周运动，说明卫星的发射速度介于第一宇宙速度和第二宇 宙速度之同，A正确：根万有引方提供向心力有G”=m三，解得线速度。=，，可知轨道半径，越小， r2 线速度越大，因此飞船线速度大于同步卫星线速度，B错误；根据万有引力提供向心力有G,”=m灯r,解得 r2 r 周期T=2π√GM,可知轨道半径越小，周期越小，同步卫星周期等于地球自转周期，因此飞船周期小于地球自 转周期，C正确；飞船返回地球时，需要点火减速使万有引力大于所需向心力，做近心运动降低轨道才能返回，D 错误。 9.AD【解析】对小球受力分析，如图所示，将F由图示位置逆时针缓慢转至竖直方向的过程中，在力的平行四边 形中，可以看到F先变小再变大，当F与细线垂直时F最小，则F的最小值为mg sin0,绳的拉力T一直变 小，A、D正确。 mg 物理答案第1页（共3页） 10BD【解析】B刚要离开地面时，弹簧处于伸长状态，且弹簧弹力等于B的重力，即F弹1=2mg,此时弹簧对A 的弹力向下，根据牛顿第二定律有F知十3mg=30,解得A的加速度大小为aA-受，方向向下，A错误，F 作用在A上，A静止，弹簧被压缩，有F弹。=3mg十F,撤去力F后的瞬间，弹簧弹力不变，对A,根据牛顿第二 定律有F一3mg=3m@,解得A的加速度大小为a2方向向上，B正确；根据前面分析可知，撤去力E 后的瞬间，A的加速度方向向上，处于超重状态，之后随着A向上，弹簧弹力减小，A的加速度减小，当弹簧弹 力等于A的重力时，A的加速度减小为零，之后A继续上升，弹簧弹力小于A的重力，A的加速度方向变为向 下，处于失重状态，直到B刚要离开地面，故A先处于超重状态，后处于失重状态，C错误；B离开地面时，弹簧 处于拉伸状态，此时A的速度大于B的速度，故A上升到A、B相距最远的过程中，弹簧一直被拉长，弹簧弹力 一直增大，根据牛顿第二定律，对A有F弹3十3mg=3maA3,A的加速度不断增大，方向向下，根据牛顿第二定 律，对B有F弹3一2mg=2maB3,B的加速度不断增大，方向向上，D正确。 1.10D②Pg0203o0(每室2分) 【解析】(1)①为了方便测量，两细绳夹角大小合适即可，不必相互垂直，A错误；由于两弹簧测力计的示数不一 定相同，则橡皮条的反向延长线不一定是两细绳夹角的角平分线，B错误；两细绳不必等长，适当长一些，起到方 便测量力方向的作用即可，C错误；在同一组实验中，结点O的位置不能改变，以保证合力与分力作用效果相 同，D正确。 ②F为平行四边形的对角线，是合力的理论值；F'是单独用一个弹簧测力计测出的合力的实验值，因此F'的方 向一定沿AO的方向。 (2)①电火花打点计时器的工作电压为220V。 ②利用逐差法计算物体的加速度大小为a=xce二xac=d,一2d: (10T)2 100T2。 12.(2)4 8mg负c42x号-（其柜形式正确即可得分）（5C(每空2分) 【解析】(2)由光电门的原理，摆锤经过B点时的速度大小为口= (3)摆锤从B点运动到C点过程中，重力势能减少量△E。=mghc。 d2 d2 ④者摆锤在B,C两点的机被能相等，则满足mgh:m()一m -2m tB ,整理可得2ghc=记一品° (5)以C点为零势能面，设释放点到C的高度为H,若机械能守恒，对任意高度h的位置有mgh十2m· 1 d)2 t mgH,变形可得-2,28-2gH器，即正确图像为C。 d2 13.) 6 (2)3N 【解折11小物块减速时的加速度a:=会-0,7/g=-75m/51分 撤去拉力后，根据牛顿第二定律，有-mg sin30°-umg cos30°=ma2(2分) 解得停分 ②小物块加塞时的加莲度a一-2,5。mg-2.5mS1分 在拉力作用下，根据牛顿第二定律，有F-mgsin30°-umg cos30°=ma1(2分) 獬得F=3N(1分) 14.(1)44kW(或4.4×104W)(2)2s(3)2.158m 【解析】(1)重物的速率达到v=2m/s以后，起重机的输出功率就恒定不变，则起重机的输出功率P=Fv(2分) 其中F=2.2×104N 物理答案第2页（共3页） 解得P=44kW(1分) (2)重物匀速上升时，牵引力F1=mg(1分) 其中F1=2×104N 则重物质量m=2.0×103kg 匀加速过程，重物的加速度a=F一m8(2分) m 解得a=1m/s2 故匀加速时间t=”(2分) 解得t=2s(1分) P (3)当匀速上升时，vm=F(2分) 解得vm=2.2m/s 2m哈、 根据动能定理有P'-mgh= Γ2mo2(2分) 其中t'=1s 解得h=2.158m(1分) 15.2)吃3号 、2l 【解析】(1)当球C运动到最低点时，A、B开始分离，根据动量守恒定律有 2mo1-(m+m)v2=0(2分) 则1=V2 1 1 根据机械能守恒定律有2mgl=2×2m+2(m十m)(2分) 解得v2=√gl(1分) (2)球C从释放到运动到最低点过程中，A、B、C构成的系统水平方向动量守恒，根据动量守恒定律水平方向的 位移表达式有2mx1-(m十m)x2=0(2分) 其中x1+x2=l(2分) 解得4=1分) (3)A、B分离后，C与A构成的系统水平方向动量守恒，当球C第一次到达轻杆左侧能上升的最大高度时，有 2mv1-mv2=(2m十m)v3(2分) 设球C第-次到达轻杆左侧能上升的最大高度为九，则有2m6=专×2mai十了mi-名(2m十加)i2分） 1 1 解得k-号2分) 物理答案第3页（共3页）