精品解析：2025届福建厦门外国语学校高三下学期5月模考物理试题

厦门外国语学校2025届高三高考适应性考试 物理试题 本试卷分选择题和非选择题两部分，共8页，满分为100分。考试用时75分钟。 注意事项： 1、答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和准考证号填写在答题卡相应的位置上，用2B铅笔将自己的准考证号填涂在答题卡上。 2、选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；在试卷上做答无效。 3、非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答题卡上作答，答案必须写在答题卡上各题目指定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案：不准使用涂改液。不按以上要求作答的答案无效。 4、考生必须保持答题卡的整洁和平整。 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 2024年底，哈工大取得了EUV光刻机光源技术的重大突破，可直接利用电能生成等离子体，产生波长13.5 nm的极紫外光，为EUV光刻机的国产化打下了坚实的基础。市面上另一种DUV光刻机使用的光源为深紫外光，波长为或。关于波长为的极紫外光和波长为的深紫外光，则（　　） A. 极紫外光的光子的能量比深紫外光的小 B. 极紫外光的光子的动量比深紫外光的大 C. 在真空中极紫外光的传播速度比深紫外光的大 D. 这两种紫外光照射同一金属发生光电效应时，深紫外光对应的光电子最大初动能大 【答案】B 【解析】 【详解】A．由光子能量公式，波长越短，光子能量越大。因13.5纳米小于193纳米，极紫外光子的能量更大，故A错误； B．由光子动量公式，波长越短，光子动量越大。因13.5纳米小于193纳米，极紫外光子的动量更大，故B正确； C．真空中电磁波的传播速度均为光速，与波长无关，两种光的传播速度相等，故C错误； D．对同一金属，光电效应方程为，其中逸出功相同。波长越短，光子能量越大，光电子的最大初动能越大，因此极紫外光对应的最大初动能更大，故D错误。 故选B。 2. 潜水员在潜水时偶然会观察到上方坑洞里存在着明亮的“反光”，这是因为坑洞里存在空气，光在水面发生了全反射。如图，a处光源发出沿ab方向的光在b点恰好发生全反射，被c处的潜水员观察到。若水的折射率为n，光线与水面的夹角为θ，则（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】由光的折射定律可得 由几何关系 联立可得 故选C。 3. 随着科技的不断发展和环境保护意识的增强，中国的纯电动汽车市场正迅速壮大。相比传统燃油车，纯电动汽车能将汽车制动过程中的机械能转化为电能收集起来。如图甲所示，永磁铁在车轮和传动装置的带动下绕固定线圈旋转，在线圈中产生如图乙所示的感应电流回充到蓄电系统，使永磁铁受到阻力阻碍汽车前行。则（　　） A. 甲图示磁铁位置可能对应着乙图中时刻 B. 甲图示位置电流的方向由指向 C. 制动过程中永磁铁受到的阻力大小恒定不变 D. 制动过程中交变电流的周期越来越大 【答案】D 【解析】 【详解】A．图示位置线圈中的磁通量最大，磁通量变化率为零，感应电流为零；而时电流达到正向最大值，故A错误； B．图示位置没有感应电流，不存在由指向的电流，故B错误； C．汽车减速时永磁铁的转速减小，磁通量变化率减小，感应电流减小，制动力随之减小，故C错误； D．永磁铁转速减小，交变电流频率减小，周期越来越大，故D正确。 故选D。 4. 为了测定某平行于纸面的匀强电场的电场强度，某同学进行了如下操作：取电场内某一位置O为坐标原点建立x轴，x轴上P点到O点距离为r，以O为圆心、r为半径作圆，如图（a）所示。从P点起沿圆周逆时针测量圆周上各点的电势φ和对应转过的角度θ，并绘制图，如图（b）所示，时达到最大值，时达到最小值0。一电荷量为的粒子沿图（a）中虚线逆时针做圆周运动，下列说法正确的是（　　） A. 电场方向沿x轴负方向 B. 电场强度的大小为 C. 由0到粒子的电势能一直减小 D. 由0到电场力对粒子做功为 【答案】B 【解析】 【详解】A．曲线在时达到最大值，说明电场线不是沿着x轴，而是沿着与x轴正方向的夹角为的直线，而且电场线方向指向左下方，A错误； B．由题知，取曲线最高点电势和最低点电势来求电场强度，则有 B正确； C．带正电粒子的电势能，由图可知，从 到 ，电势逐渐升高到最大，粒子的电势能逐渐升高到最大，从到，电势逐渐减小为零，粒子的电势能随之减小，故由0到粒子的电势能先增大后减小，C错误； D．电场力做功等于带电粒子电势能的减少量,由于时的电势小于，而时电势0，则两点的电势能的变化量小于，电场力所做的功小于，D错误。 故选B。 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 5. 如图所示，地球公转所处的四个位置、、、分别大致对应四个节气。夏至和冬至时地球中心与太阳中心的距离分别为、，地球在相同时间内的路程分别为、且有，、是椭圆的两个焦点，则（　　） A. 太阳处于处 B. 从春分到夏至的过程中地球做减速运动 C. 在夏至和冬至时太阳对地球的引力之比为 D. 根据题目和图中信息可以求出地球质量 【答案】BC 【解析】 【详解】A．开普勒第一定律指出，行星绕太阳运动的轨道是椭圆，太阳位于其中一个焦点。由开普勒第二定律，在相等时间内扫过相等面积；若太阳位于图中，夏至位置A比冬至位置C更靠近太阳，则夏至时速度应更大，与题给夏至等时间路程小于冬至矛盾，所以太阳应位于处，故A错误； B．太阳位于时，从春分位置D运动到夏至位置A的过程中，地球与太阳的距离逐渐增大。根据开普勒第二定律，地球远离太阳运动时速度逐渐减小，因此地球做减速运动，故B正确； C．由万有引力定律，太阳对地球的引力大小满足。夏至和冬至时太阳对地球的引力之比为，故C正确； D．由前述万有引力关系，要确定地球质量还需要太阳质量、万有引力常量以及引力大小等独立信息。题干和图中只给出了位置关系及等时间路程关系，缺少这些数据，不能求出地球质量，故D错误。 故选BC。 6. 如图甲所示，水平桌面上有一算盘。中心带孔的相同算珠可穿在固定的杆上滑动，算珠与杆之间的动摩擦因数恒定，有A、B两颗算珠未在归零位，A、B相隔，B与上边框相隔。现用手指将A以某一初速度拨出，在方格纸中作出A、B运动的图像如图乙所示（实线代表A，虚线代表B）、忽略算珠A、B碰撞的时间，重力加速度取，则（　　） A. 算珠A能自己回到归零位 B. 算珠B能自己回到归零位 C. 算珠A、B在碰撞过程为非弹性碰撞 D. 算珠A、B在碰撞过程为弹性碰撞 【答案】BC 【解析】 【详解】A．设A碰B前运动时间为，由图可知A的初速度为，碰B前速度为，图面积表示位移，则有 代入数据，解得 故图乙中横坐标每一小格表示0.1s，由图乙可知，A碰B后速度方向未变，位移大小为 可知A并未回到归零位，故A错误； B．由图乙可知，A碰B后，A的速度大小为，B的速度大小为B的位移大小为 可知算珠B能自己回到归零位，故B正确； CD．设单颗算珠质量为m，由以上分析有 可知碰撞过程系统动量守恒。A碰B前系统动能为 A碰B后系统动能为 可知碰后系统机械能减少了，因此算珠A、B在碰撞过程为非弹性碰撞，故C正确，D错误。 故选BC。 7. 我国成功研制出大功率单通道霍尔推进器，并将其运用到载人航天器中，如图甲所示。霍尔推进器的部分结构如图乙所示，在很窄的圆环空间内存在沿半径方向向外的辐射状的磁场I，其磁感强度大小可近似认为处处相等。若在垂直圆环平面的方向上加上匀强磁场II和匀强电场（图中都没有画出），沿平行圆环的方向以一定的速度射入电子。电子恰好可以在圆环内沿顺时针方向做半径为、周期为的匀速圆周运动。已知磁场、II的磁感应强度大小相等，电子的电量为，质量为，电子重力忽略不计，则（　　） A. 磁场I对电子的作用力提供电子做匀速圆周运动所需向心力 B. 电场方向垂直圆环平面向里，磁场II的方向垂直圆环平面向里 C. 磁场I、II的磁感应强度大小为 D. 电场的电场强度大小为 【答案】BD 【解析】 【详解】A．电子带负电，沿顺时针方向运动，速度方向沿圆周切线方向。磁场沿半径向外，由左手定则可知，磁场对电子的洛伦兹力垂直圆环平面，不能提供径向向心力，故A错误； B．电子在圆环平面内做匀速圆周运动，垂直圆环平面方向合力为零，电场力与磁场的洛伦兹力平衡，故电场方向垂直圆环平面向里。由电子需要的向心力方向以及左手定则可知，磁场II方向也垂直圆环平面向里，故B正确； C．磁场II提供向心力，有 又有 联立得 题设知，故，故C错误； D．磁场与电场力平衡，有 所以，故D正确。 故选BD。 8. 如图甲，某轻弹簧两端系着质量均为的小球A、B。小球A用细线悬挂于天花板上，系统处于静止状态。将细线烧断，并以此为计时起点，A、B两小球运动的图线如图乙所示（为小球的加速度，为时间），两图线对应纵轴最小值均为，表示0到时间内的图线与横轴所围面积大小，当地重力加速度为。则（　　） A. 时刻，弹簧弹性势能最大 B. 从0到时刻，弹簧对A球的冲量为 C. 时刻，A、B两小球的速度差最大 D. 时刻，B物体的速度大小为 【答案】CD 【解析】 【详解】A．取竖直向下为正方向。对A、B整体，竖直方向有 所以两球加速度之和始终等于重力加速度的2倍。由图知时刻两图线相交，结合整体关系可知此时两球加速度均为。设弹簧对A球的作用力大小为，对A球应用牛顿第二定律可得 此时弹簧作用力为零，弹簧处于原长，弹性势能最小而非最大，故A错误； B．从0到，A球的图线关于对称，图线在线上、下方围成的面积相等，因此A球合加速度的平均值为，合外力冲量与重力冲量相等，弹簧对A球的冲量为零而不是，故B错误； C．两球速度差的变化趋势由两球加速度之差决定。前A球加速度大于B球加速度，后A球加速度小于B球加速度，速度差在时刻由增大变为减小，故C正确； D．由整体关系，0到内B球加速度图线与横轴所围面积为，且B球初速度为零，所以时刻B球的速度大小为，故D正确。 故选CD。 三、非选择题：共60分。考生根据要求作答。 9. 如图所示为弹性健身球，球内气体的体积为，压强为。某同学靠到球上，达到稳定时，球内气体体积变为，球内气体视为理想气体且温度不变，球内气体压强为___________（结果保留2位有效数字），则该过程气体向外界___________（填“放出”或“吸收”）热量。 【答案】 ①. ②. 放出 【解析】 【详解】[1]根据玻意耳定律可知 解得 [2]该过程气体温度不变，内能不变，体积减小，外界对气体做功，可知气体向外界放出热量。 10. 《大国重器》节目介绍的GIL输电系统的三相共箱技术，如图甲所示。管道内部有三根绝缘超高压输电线缆平行且间距相等，截面图如图乙所示，上方两根输电线缆A、B圆心连线水平。某时刻A、C中电流方向垂直于纸面向外、B中电流方向垂直于纸面向里，A、B中电流大小均为，C电流大小为，则B、C输电线缆相互__________（选填“吸引”或“排斥”），输电线缆A所受安培力__________输电线缆B所受安培力（选填“大于”“等于”或“小于”） 【答案】 ①. 排斥 ②. 小于 【解析】 【详解】[1]由于B、C输电线缆通入的电流方向相反，所以两线缆相互排斥。 [2]由于A、B、C输电线缆间距相等，设A、B间的作用力大小为F，则A、C间作用力大小为2F，B、C间作用力大小也为2F，则A、B受力如下 则输电线缆A受到总的安培力 输电线缆B受到总的安培力 可知输电线缆A所受安培力小于输电线缆B所受安培力。 11. 一波源处于平面的原点处，并且垂直平面向外、向内振动。在时，波形如图所示，只有一个实线圆和一个虚线圆，分别代表波峰和波谷。在时，质点第1次处在波峰位置，以垂直平面向外（即沿波峰方向）为正方向，则点的起振方向垂直平面________（选填“向外”“向内”），该波的传播速度大小为________m/s。 【答案】 ①. 向外 ②. 1 【解析】 【详解】[1]时刻，波源仅向外传播了一个波峰（实线圆，半径2cm）和一个波谷（虚线圆，半径1cm），说明最外围的波峰是最先从波源发出的振动，波源的起振方向为正方向（向外）； [2]首先确定P点到原点O的距离：由坐标得，，因此。 从的波形可知，实线波峰半径为2cm。 时刻最外侧的波峰距离P点的距离为，这个波峰传到P点时，P第一次到达波峰：用时 因此波速 【点睛】 12. 某实验小组利用图示装置测量物体自由下落的加速度。 （1）图甲中的打点计时器使用的电源为（　　） A. 交流 B. 直流 C. 交流 D. 直流 （2）实验中打出多条纸带，选择其中点迹比较清晰的一条纸带进行数据采集和处理：从第一个点开始每隔1个点作为1个计数点，用刻度尺测量各计数点的位置，并记录在下表中，其中计数点7的位置刻度如图乙所示，则其读数为__________cm；对表中数据利用Excel软件进行处理，得到的图像公式为：（cm），则根据公式可知物体下落的加速度为__________（结果保留三位有效数字） 计数点 0 1 2 3 4 5 6 7 8 t/s 0 0.04 0.08 0.12 0.16 0.20 0.24 0.28 0.32 x/cm 1.00 1.80 4.10 7.92 13.30 20.20 28.70 50.30 （3）上表中，利用计数点4-5之间和5-6之间的位移之差求得加速度的值为__________（结果保留三位有效数字）；该结果与当地重力加速度存在一定偏差，其原因可能是__________。 A．重锤的质量过大 B．纸带与限位孔之间的摩擦较大 C．电火花计时器的放电火花有漂移 【答案】（1）C （2） ①. 38.79##38.80##38.81 ②. 9.63 （3） ①. 10.0 ②. C 【解析】 【小问1详解】 电火花计时器使用交流电源。 故选C。 【小问2详解】 [1]刻度尺最小分度值为，计数点7指在附近，均在合理读数范围。 [2]物体做匀变速直线运动，由位移与时间的关系得 比较题给拟合式中的系数，有 按三位有效数字取 【小问3详解】 [1]相邻计数点的时间间隔相等，由匀变速直线运动的位移差推论得 其中，。代入及位移差，整理得 [2]A．重锤质量不会影响自由落体加速度，故A错误； B．纸带与限位孔摩擦会使测得的加速度偏小，故B错误； C．电火花计时器的放电火花有漂移会导致位移测量偏差，使测得的加速度偏大，故C正确。 故选C。 13. 某小组同学进行“测量热敏电阻的温度特性曲线”实验，实验室提供如下器材∶ 电池组E（3V，内阻约1Ω）、电压表V（量程3V，内阻约为3kΩ）、电流表A（量程0.6A，内阻约5Ω）、热敏电阻Rₜ（常温下约10Ω）、滑动变阻器R（最大阻值为20Ω）、开关S、导线若干、温度计、烧杯和水。 （1）将图甲所示的实物图中所缺导线补充完整，要使电阻测量尽量准确______； （2）利用补充完整的实验电路测量出不同温度下热敏电阻的阻值，画出该热敏电阻的电阻随温度变化的特性曲线如图乙所示； （3）考虑电表内阻的影响，本实验中热敏电阻的测量值比真实值________（选填“偏大”或“偏小”），误差原因主要是____________（选填“电压表分流”或“电流表分压”）； （4）将该热敏电阻放在如图丙所示电路中，在温室中用来做低温报警器。已知蜂鸣器的电阻为30Ω，其两端电压大于3V就发出鸣叫声音。要求当环境温度低于10℃，蜂鸣器就要报警，那么蜂鸣器的右端应接________（选填“a”或“b”），可调电阻的阻值应调为________Ω。 【答案】 ①. ②. 偏小 ③. 电压表分流 ④. b ⑤. 12 【解析】 【详解】[1]若采用限流式接法，回路电流最大值 该电流不满足电流表A量程的三分之一，测量误差较大，故滑动变阻器应采用分压接法；因为 电流表采用外接法，故实物电路图如图所示 [2][3]考虑电表内阻的影响，可知在电压表分流作用下，电流测量值大于真实值，可知热敏电阻的测量值比真实值偏小； [4]由图乙可知，温度低于10℃时，热敏电阻阻值>20Ω 。要使蜂鸣器在温度低于10℃时报警，即此时蜂鸣器两端电压大于3V 。温度降低，热敏电阻阻值增大，要使蜂鸣器电压增大，根据串联电路分压原理，蜂鸣器应与热敏电阻并联，所以蜂鸣器右端应接b 。 [5]图像可知10℃时，热敏电阻阻值=20Ω ，根据串联、并联特点有 代入题中数据，解得 14. 风洞是空气动力学研究和实验中广泛使用的工具，风洞也从实验室走向大众游乐，如图甲所示。某研究小组设计了一个总高度的低速风洞游乐设备，等效模型如图乙所示，设备分成一个高度为的无风区和一个受风区，某物体质量，在无风区中受到空气的阻力可忽略，在受风区受到空气对它竖直向上的恒力作用。某次实验时该物体（可视作质点）从风洞顶端由静止释放，且运动到风洞底端时速度恰好为0，重力加速度取。求实验中： （1）物体刚进入受风区时的速度大小； （2）物体在受风区受到空气对它的作用力大小； （3）若物体第一次运动到风洞底端时风力变为原来的0.8倍则物体在无风区上升的最大高度。 【答案】（1） （2），方向竖直向上 （3） 【解析】 【小问1详解】 物体在无风区内只受重力作用，从静止开始做自由落体运动。取竖直向下为正方向，由匀变速直线运动的速度与位移关系，物体刚进入受风区时满足 代入，和，所以 【小问2详解】 取竖直向下为正方向，受风区高度为。在受风区内，以物体为研究对象，由牛顿第二定律得 由匀变速直线运动的速度与位移关系，物体到达洞底时满足 代入，，和，所以 利用前述牛顿第二定律方程解得 负号说明空气作用力方向与所取正方向相反，即竖直向上。 【小问3详解】 风力变为原来的倍后，物体在洞底由静止开始向上运动。取竖直向上为正方向，受风区内以物体为研究对象，由牛顿第二定律得 代入和，所以 物体在受风区内上升后进入无风区，进入无风区时的速度满足 代入和，所以 进入无风区后只受重力作用，设在无风区内上升的高度为，到达最高点时速度为零，则 代入和，所以 15. 在“鸡蛋撞地球”活动中，某兴趣小组设想利用“电磁阻尼+弹簧”来设计着地缓冲装置，简化的结构原理如图所示。承重装置和鸡蛋的总质量为，其内部区域存在着磁感应强度大小为的匀强磁场；缓冲装置由匝数为的刚性线圈和上端两根轻质弹簧构成，已知每根弹簧的劲度系数均为，线圈的总电阻为、宽度为、高度足够高。现将整体装置在距离地面高度为处自由释放，此时弹簧上端与承重装置相距为。假设弹簧与承重装置接触后立即连接在一起。刚性线圈落地后不反弹，整个装置始终处于竖直状态，不计空气阻力，重力加速度取。 （1）在落地后瞬间，求线圈产生感应电流的大小； （2）若承重装置与弹簧接触前已经做匀速运动，求承重装置匀速运动速度的大小： （3）弹簧弹性势能，表示弹簧形变量，装置最终处于竖直静止状态，求整个过程中安培力做的功。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 装置释放后做自由落体，线圈下端落地前的速度大小为 线圈落地后，承重装置中的磁场相对线圈以速度向下运动，线圈每匝的有效切割长度为。由法拉第电磁感应定律得 由闭合电路欧姆定律得。因此电流大小为 【小问2详解】 设承重装置向下做匀速运动的速度大小为，线圈已落地静止。相对速度为时，由法拉第电磁感应定律得 由闭合电路欧姆定律得。承重装置受到的安培力方向竖直向上，大小等于线圈所受安培力。由安培力公式得 匀速运动时重力与安培力平衡，故 联立上述关系，得到 【小问3详解】 线圈落地前各部分无相对运动，安培力不做功；线圈落地后至最终静止，承重装置继续向下移动，安培力在此过程中做功。最终两根弹簧形变量相同，承重装置静止时由平衡条件得 以线圈落地后的承重装置和弹簧为研究系统。此时承重装置的动能为 最终状态动能为零，重力做功为，两根弹簧弹力做功为 由功能关系得 解得 代入弹簧平衡关系，得到 16. 如图所示，一半径为R的光滑圆轨道竖直固定在水平地面上，圆轨道最低点M与水平地面平滑连接，距M点距离处有一静止滑板A，滑板上右端固定一竖直挡板（厚度忽略），一带电量为的物块B紧靠挡板静止在滑板上，水平地面上方存在水平向右的匀强电场，电场强度大小。小滑块C从圆轨道的最高点由静止开始释放，运动到水平地面后与滑板发生完全非弹性碰撞（A、C并没有粘连），已知B、C均可视为质点，A（含挡板）、B、C的质量分别为m、2m、m，B与挡板间碰撞为弹性碰撞，且不会从A上掉下来，除圆轨道外其他接触面间的动摩擦因数均为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，求： （1）滑块C刚运动到M点时，对轨道压力的大小； （2）滑板A的最小长度； （3）从滑块C静止释放到C刚刚静止时，系统产生的总热量。 【答案】（1）；（2）；（3） 【解析】 【详解】（1）滑块下滑过程，根据动能定理 在M点，根据牛顿第二定律 解得 ， 根据牛顿第三定律，滑块C刚运动到M点时，对轨道压力的大小为。 （2）C由释放到与A碰前瞬间，根据动能定理 C与A发生完全非弹性碰撞，根据动量守恒 碰后共同速度为 之后A、B相对滑动，对A、C整体，根据牛顿第二定律 对B，根据牛顿第二定律 解得 ， 当A、B、C共速时 解得 此时A、B之间的相对位移即为木板的最小长度 （3）结合上述，A、B、C共速时的速度大小为 从C静止释放到A、B、C速度相等过程，系统产生的热量 A、B、C速度相等之后，B向右的加速度为 B向右做匀速直线运动，A向左的加速度为 C向左的加速度为 则此后B匀速直线运动，A、C以相同的加速度向右做匀减速直线运动，由于 表明在A、B碰撞前，A、C速度已减为零，则由A、B、C共速到C静止过程，经历时间 此过程，A、B之间由于摩擦生热 A、C与地面之间的摩擦生热 故从滑块C静止释放到C刚刚静止，系统产生的总热量 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 厦门外国语学校2025届高三高考适应性考试 物理试题 本试卷分选择题和非选择题两部分，共8页，满分为100分。考试用时75分钟。 注意事项： 1、答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和准考证号填写在答题卡相应的位置上，用2B铅笔将自己的准考证号填涂在答题卡上。 2、选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；在试卷上做答无效。 3、非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答题卡上作答，答案必须写在答题卡上各题目指定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案：不准使用涂改液。不按以上要求作答的答案无效。 4、考生必须保持答题卡的整洁和平整。 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 2024年底，哈工大取得了EUV光刻机光源技术的重大突破，可直接利用电能生成等离子体，产生波长13.5 nm的极紫外光，为EUV光刻机的国产化打下了坚实的基础。市面上另一种DUV光刻机使用的光源为深紫外光，波长为或。关于波长为的极紫外光和波长为的深紫外光，则（　　） A. 极紫外光的光子的能量比深紫外光的小 B. 极紫外光的光子的动量比深紫外光的大 C. 在真空中极紫外光的传播速度比深紫外光的大 D. 这两种紫外光照射同一金属发生光电效应时，深紫外光对应的光电子最大初动能大 2. 潜水员在潜水时偶然会观察到上方坑洞里存在着明亮的“反光”，这是因为坑洞里存在空气，光在水面发生了全反射。如图，a处光源发出沿ab方向的光在b点恰好发生全反射，被c处的潜水员观察到。若水的折射率为n，光线与水面的夹角为θ，则（　　） A. B. C. D. 3. 随着科技的不断发展和环境保护意识的增强，中国的纯电动汽车市场正迅速壮大。相比传统燃油车，纯电动汽车能将汽车制动过程中的机械能转化为电能收集起来。如图甲所示，永磁铁在车轮和传动装置的带动下绕固定线圈旋转，在线圈中产生如图乙所示的感应电流回充到蓄电系统，使永磁铁受到阻力阻碍汽车前行。则（　　） A. 甲图示磁铁位置可能对应着乙图中时刻 B. 甲图示位置电流的方向由指向 C. 制动过程中永磁铁受到的阻力大小恒定不变 D. 制动过程中交变电流的周期越来越大 4. 为了测定某平行于纸面的匀强电场的电场强度，某同学进行了如下操作：取电场内某一位置O为坐标原点建立x轴，x轴上P点到O点距离为r，以O为圆心、r为半径作圆，如图（a）所示。从P点起沿圆周逆时针测量圆周上各点的电势φ和对应转过的角度θ，并绘制图，如图（b）所示，时达到最大值，时达到最小值0。一电荷量为的粒子沿图（a）中虚线逆时针做圆周运动，下列说法正确的是（　　） A. 电场方向沿x轴负方向 B. 电场强度的大小为 C. 由0到粒子的电势能一直减小 D. 由0到电场力对粒子做功为 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 5. 如图所示，地球公转所处的四个位置、、、分别大致对应四个节气。夏至和冬至时地球中心与太阳中心的距离分别为、，地球在相同时间内的路程分别为、且有，、是椭圆的两个焦点，则（　　） A. 太阳处于处 B. 从春分到夏至的过程中地球做减速运动 C. 在夏至和冬至时太阳对地球的引力之比为 D. 根据题目和图中信息可以求出地球质量 6. 如图甲所示，水平桌面上有一算盘。中心带孔的相同算珠可穿在固定的杆上滑动，算珠与杆之间的动摩擦因数恒定，有A、B两颗算珠未在归零位，A、B相隔，B与上边框相隔。现用手指将A以某一初速度拨出，在方格纸中作出A、B运动的图像如图乙所示（实线代表A，虚线代表B）、忽略算珠A、B碰撞的时间，重力加速度取，则（　　） A. 算珠A能自己回到归零位 B. 算珠B能自己回到归零位 C. 算珠A、B在碰撞过程为非弹性碰撞 D. 算珠A、B在碰撞过程为弹性碰撞 7. 我国成功研制出大功率单通道霍尔推进器，并将其运用到载人航天器中，如图甲所示。霍尔推进器的部分结构如图乙所示，在很窄的圆环空间内存在沿半径方向向外的辐射状的磁场I，其磁感强度大小可近似认为处处相等。若在垂直圆环平面的方向上加上匀强磁场II和匀强电场（图中都没有画出），沿平行圆环的方向以一定的速度射入电子。电子恰好可以在圆环内沿顺时针方向做半径为、周期为的匀速圆周运动。已知磁场、II的磁感应强度大小相等，电子的电量为，质量为，电子重力忽略不计，则（　　） A. 磁场I对电子的作用力提供电子做匀速圆周运动所需向心力 B. 电场方向垂直圆环平面向里，磁场II的方向垂直圆环平面向里 C. 磁场I、II的磁感应强度大小为 D. 电场的电场强度大小为 8. 如图甲，某轻弹簧两端系着质量均为的小球A、B。小球A用细线悬挂于天花板上，系统处于静止状态。将细线烧断，并以此为计时起点，A、B两小球运动的图线如图乙所示（为小球的加速度，为时间），两图线对应纵轴最小值均为，表示0到时间内的图线与横轴所围面积大小，当地重力加速度为。则（　　） A. 时刻，弹簧弹性势能最大 B. 从0到时刻，弹簧对A球的冲量为 C. 时刻，A、B两小球的速度差最大 D. 时刻，B物体的速度大小为 三、非选择题：共60分。考生根据要求作答。 9. 如图所示为弹性健身球，球内气体的体积为，压强为。某同学靠到球上，达到稳定时，球内气体体积变为，球内气体视为理想气体且温度不变，球内气体压强为___________（结果保留2位有效数字），则该过程气体向外界___________（填“放出”或“吸收”）热量。 10. 《大国重器》节目介绍的GIL输电系统的三相共箱技术，如图甲所示。管道内部有三根绝缘超高压输电线缆平行且间距相等，截面图如图乙所示，上方两根输电线缆A、B圆心连线水平。某时刻A、C中电流方向垂直于纸面向外、B中电流方向垂直于纸面向里，A、B中电流大小均为，C电流大小为，则B、C输电线缆相互__________（选填“吸引”或“排斥”），输电线缆A所受安培力__________输电线缆B所受安培力（选填“大于”“等于”或“小于”） 11. 一波源处于平面的原点处，并且垂直平面向外、向内振动。在时，波形如图所示，只有一个实线圆和一个虚线圆，分别代表波峰和波谷。在时，质点第1次处在波峰位置，以垂直平面向外（即沿波峰方向）为正方向，则点的起振方向垂直平面________（选填“向外”“向内”），该波的传播速度大小为________m/s。 12. 某实验小组利用图示装置测量物体自由下落的加速度。 （1）图甲中的打点计时器使用的电源为（　　） A. 交流 B. 直流 C. 交流 D. 直流 （2）实验中打出多条纸带，选择其中点迹比较清晰的一条纸带进行数据采集和处理：从第一个点开始每隔1个点作为1个计数点，用刻度尺测量各计数点的位置，并记录在下表中，其中计数点7的位置刻度如图乙所示，则其读数为__________cm；对表中数据利用Excel软件进行处理，得到的图像公式为：（cm），则根据公式可知物体下落的加速度为__________（结果保留三位有效数字） 计数点 0 1 2 3 4 5 6 7 8 t/s 0 0.04 0.08 0.12 0.16 0.20 0.24 0.28 0.32 x/cm 1.00 1.80 4.10 7.92 13.30 20.20 28.70 50.30 （3）上表中，利用计数点4-5之间和5-6之间的位移之差求得加速度的值为__________（结果保留三位有效数字）；该结果与当地重力加速度存在一定偏差，其原因可能是__________。 A．重锤的质量过大 B．纸带与限位孔之间的摩擦较大 C．电火花计时器的放电火花有漂移 13. 某小组同学进行“测量热敏电阻的温度特性曲线”实验，实验室提供如下器材∶ 电池组E（3V，内阻约1Ω）、电压表V（量程3V，内阻约为3kΩ）、电流表A（量程0.6A，内阻约5Ω）、热敏电阻Rₜ（常温下约10Ω）、滑动变阻器R（最大阻值为20Ω）、开关S、导线若干、温度计、烧杯和水。 （1）将图甲所示的实物图中所缺导线补充完整，要使电阻测量尽量准确______； （2）利用补充完整的实验电路测量出不同温度下热敏电阻的阻值，画出该热敏电阻的电阻随温度变化的特性曲线如图乙所示； （3）考虑电表内阻的影响，本实验中热敏电阻的测量值比真实值________（选填“偏大”或“偏小”），误差原因主要是____________（选填“电压表分流”或“电流表分压”）； （4）将该热敏电阻放在如图丙所示电路中，在温室中用来做低温报警器。已知蜂鸣器的电阻为30Ω，其两端电压大于3V就发出鸣叫声音。要求当环境温度低于10℃，蜂鸣器就要报警，那么蜂鸣器的右端应接________（选填“a”或“b”），可调电阻的阻值应调为________Ω。 14. 风洞是空气动力学研究和实验中广泛使用的工具，风洞也从实验室走向大众游乐，如图甲所示。某研究小组设计了一个总高度的低速风洞游乐设备，等效模型如图乙所示，设备分成一个高度为的无风区和一个受风区，某物体质量，在无风区中受到空气的阻力可忽略，在受风区受到空气对它竖直向上的恒力作用。某次实验时该物体（可视作质点）从风洞顶端由静止释放，且运动到风洞底端时速度恰好为0，重力加速度取。求实验中： （1）物体刚进入受风区时的速度大小； （2）物体在受风区受到空气对它的作用力大小； （3）若物体第一次运动到风洞底端时风力变为原来的0.8倍则物体在无风区上升的最大高度。 15. 在“鸡蛋撞地球”活动中，某兴趣小组设想利用“电磁阻尼+弹簧”来设计着地缓冲装置，简化的结构原理如图所示。承重装置和鸡蛋的总质量为，其内部区域存在着磁感应强度大小为的匀强磁场；缓冲装置由匝数为的刚性线圈和上端两根轻质弹簧构成，已知每根弹簧的劲度系数均为，线圈的总电阻为、宽度为、高度足够高。现将整体装置在距离地面高度为处自由释放，此时弹簧上端与承重装置相距为。假设弹簧与承重装置接触后立即连接在一起。刚性线圈落地后不反弹，整个装置始终处于竖直状态，不计空气阻力，重力加速度取。 （1）在落地后瞬间，求线圈产生感应电流的大小； （2）若承重装置与弹簧接触前已经做匀速运动，求承重装置匀速运动速度的大小： （3）弹簧弹性势能，表示弹簧形变量，装置最终处于竖直静止状态，求整个过程中安培力做的功。 16. 如图所示，一半径为R的光滑圆轨道竖直固定在水平地面上，圆轨道最低点M与水平地面平滑连接，距M点距离处有一静止滑板A，滑板上右端固定一竖直挡板（厚度忽略），一带电量为的物块B紧靠挡板静止在滑板上，水平地面上方存在水平向右的匀强电场，电场强度大小。小滑块C从圆轨道的最高点由静止开始释放，运动到水平地面后与滑板发生完全非弹性碰撞（A、C并没有粘连），已知B、C均可视为质点，A（含挡板）、B、C的质量分别为m、2m、m，B与挡板间碰撞为弹性碰撞，且不会从A上掉下来，除圆轨道外其他接触面间的动摩擦因数均为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，求： （1）滑块C刚运动到M点时，对轨道压力的大小； （2）滑板A的最小长度； （3）从滑块C静止释放到C刚刚静止时，系统产生的总热量。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $