贵州贵阳市第一中学2026-2027学年高三上学期入学考试物理试卷

贵阳一中2026年8月收心考物理试卷 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一 项符合题目要求。 1.下列说法正确的是 光束 核子平均质量 8 粒子 -1.51 -3.40 ⊕原核 ,裂变人 原子序数立 -13.6 ① ② ③ ④ A.图①现象可以用爱因斯坦的质能方程解释，并说明了光具有粒子性 B.图②是核子的平均质量与原子序数的关系，裂变和聚变时核子的平均质量减小，比 结合能增大 C.图③中一群处于n=4能级的氢原子辐射的光子照射逸出功为3.34V锌板，所发出 的光能发生光电效应的有2种 D.图④是α粒子轰击金箔时，受到核力的作用发生散射的现象，这说明原子内部是十 分“空旷”的。 2.如图所示，光滑的四分之一圆弧形轨道固定在某竖直面内，轨道的圆心O与轨道最低点 A的连线竖直，轨道最高点B与圆心O的连线水平。一可视为质点的光滑小球初始时静 止于A点，现对小球再施加一个力F（在轨道平面内)，使小球沿轨道缓慢上滑到B点， 已知该过程中F始终垂直于小球所受的弹力F,在该过程中，下列说 B 法正确的是 A.F一直增大，F一直增大 BF一直增大，F一直减小 C、F一直减小，F一直增大 D.F一直减小，F一直减小 3.-物体以初速度V。=2mS从20m高处水平抛出，忽略空气阻力，抛出后第1s内的位 移大小是（g=10m/s2) A.5m B.7m C.2m D.√29m 4、空间中存在匀强电场（未画出），一质量为m；电荷量为g的正电小球，在如图所示 的竖直圆形轨道中做圆周运动，经过b点时速度达最大值。己知a0为水平方向、轨 道半径为R,∠aob=45°，重力加速度为g,则 A.该圆轨道直径两端电势差最大值Um气22四F 0 8 B.该圆轨道直径两端电势差最大值Umx=+②mgR 29 C、 该圆执进直径两端电势差最小值Um厄 q D.该圆轨道直径两端电势差最小值Umn= 2mgR 9 5.如图所示，探测卫星a在某里球的赤道平面内绕（轴）转动，其轨道可视为圆，绕行方向 与该星球自转方向相反，卫星通过发射激光与星球赤道上一固定的观测站P通信，已知该 星球半径为R、自转周期为T,卫星轨道半径为2R、周期为2T。下列说法正确的是 A.观测站P的线速度大于卫星a的线速度 B.每经过号T卫是a经过P正上方一-次 C.该星球的同步卫星线速度小于卫星α的线速度 D,观测站卫能和卫星连续通信的最长时间为 6,水袖是中国古典舞中用于情感表达和抒发的常用技巧，舞者的手有规律的振动传导至袖 子上，给人营造出一种“行云流水”的美感。某次表演过程中，舞者抖动水柚形成一列 向x轴正方向传播的简谐横波，P、Q是平衡位置x=0m和x=3m的两质点。t=0时 刻形成的波形图如图所示，【=4s时Q点恰好到达波峰。则该波的波速大小可能是 1 ◆Jco A. m/s 2 B.Im/s C. D.2m/s 7.如图所示，AB是一个倾角为8的传送带，上方离传送带表面距 离为的P处为原料输入口。为避免粉尘飞扬，可在P处与传送带上任意一点间搭建光 滑直管道，原料由静止自P处出发，沿管道下滑至传送带。若要原料运动时间最短， 则原料从P点到达传送带的时间为() 8月 C. 腐 。六月 试卷第2页，共6页 二、多项进释愿：本愿共3小愿，每小愿5分，共15分。在每小黑给出的四个进项中， 有多项符合画目要求。全部速对的得5分，递对但不全的得3分，有选错的得0分。 8、如图所示，L和L2是高压输电线，甲、乙是两个互感器。若已知两个互感器的原、副 线盟匝数比分别为1000：1和1：10，电流表和电压表的示数分别为1A和220V。则 A、电表A是电压表 B.电表A是电流表 C.线路输送的电功率为2.2×10W D线路输送的电功率为2.2×10W 9、如图，导热容器ABCD被隔板EF隔开成体积相等的真空空间。现向EF左右的空间中， 分别仅充入等质量的氢气和氧气，稳定后两者压强分别为P1、P2,抽出隔板EF,环境温 度保持不变，两部分气体均视为理想气体，则 A,抽出EF前p1=p2B、抽出EF前p1>p2 C.抽出EF后氧气总内能不变 D.抽出EF后容器ABCD内部压强为PI 2 10.如图所示，两平行无限长导电轨道倾角为30°，间距为L,空间中有垂直于轨道平面向 上的匀强碰场，磁感应强度为B。电阻均为上的金属棒b、cd,质量均为m,长度略 大于L,紧挨著放置于轨道上，cd用轻绳跨过滑轮与重物连接，重物的质量也为m。 连着cd的细线与轨道平面平行，ab、cd与轨道始终接触良好，不计一切摩擦和导轨 电阻，重力加速度为g。现同时由静止释放ab、cd棒，到ab、cd棒和凰物达到稳定 状态，此过程cd棒位移大小为x,则下列说法正确的是 A.刚释放瞬间，cd棒的加速度为025g B.由静止释放到ab、cd棒和重物达到稳定状态，cd棒位移 大小也为x 0 C.由静止释放到ab、cd棒和重物达到稳定状态，通过ab棒 电荷敬q= 3BLx R D.由静止释放到ab、cd棒和重物达到稳定状态，回路产生焦耳热为 Q-3mg m'g2R2 2 12B'L 三、非进择愿：本愿共5小愿，共57分。 11.(5分) 小理同学设计了一个测量动摩擦因数4的实验，如图所示。物块A和水平桌面之间的 动摩擦因数处处相同，物块A的质量为m。实验测得遮光条宽度为d,物块经过光电门1和 光电门2过程的遮光时间分别为丛、△2，两个光电门之间的距离为L。重力加速度为g (1)物块A在光电门1和光电门2之间做匀加速直线运动的加速度大小 (用 L、d、△出、△，表示) (2)本实验 一（填“需要”或者“不需要”）满足物块A的质量远大于物块B的 质量。 (3)力传感器示数为F,测得动摩擦因数4三 (用m、a、F、g表示) 物块 川力传感器 ☐物块B 12.(10分) 某同学探究阻值约为500Q的待测电阻R在06mA范围内的伏安特性，实验电路图如 12-1所示。可用器材有： 电压表⑦（量程为3V,内阻极大）： 电流表@（量程为1mA,内阻为400）： 电源E(电动势约为4.5V,内阻不计)： 滑动变阻器R(最大阻值可选20Ω或1200Ω)： 定值电阻R,(阻值可选40Ω或802)： 图12-1 开关S,导线若干。 (1)闭合开关S前，滑片P应置于滑动变阻器R的 端（选填“a”或“b”)。 (2)要求通过待测电阻R的电流可在06mA范围内连续可调，则图12-1中的R应 选最大阻值为（选填“202”或“1200Q")的滑动变阻器，R应选阻值为 （选 填“40Ω”或“80Ω”)的定值电阻。 (3)正确选择R及R,后，闭合开关S,调节R的滑片P处于某位置，此时电压表⑨ (内阻极大)的示数为U,电流表@的示数为I,则此时R=」 (用含U、 /mA 图12-3 图2-2 [的式子表示)：若电压表⑦的内阻为Rv,则此时R= (用含U、I和Rv的 式子表示)。 (4)测量多组数据处理后可以描绘出电阻R在06A范围内的伏安特性曲线如图 12-2所示。现将R、一个阻值为2002的定值电阻R、若干导线、一个开关S”及一个干电 池E(电动势为1.5V,内阻不计)串联成一个回路（如图12-3所示），闭合开关S,回路 稳定后，回路中的电流大小为 mA(结果保留两位有效数字)。 13.(8分) 如图，半径为R的球面凹面镜内注有透明液体，将其静置在水平桌面上，液体中心厚 度CD为l3mm。一束单色光自中心轴上距液面9mm的A点射向液面上B点，BC长为 12mm,其拆射光经凹面镜反射后沿原路返回。已知真空中的光速为3.0x10m/s,液体折射 (1)光线在B点进入液体的折射角的正弦值： (2,若不考虑水平液面的反射光，则该单色光在液体中的传播时间。 14.(16分) 如图所示，平面直角坐标系xO的第一象限内有竖直向下的匀强电场，电场强度E, 电场的右边界与y轴的距离为L=2.0m。电场右侧有一个半径为R=1.0m的圆形区域，圆与 x轴相切于A点，C点为圆左侧与圆心O,等高的位置，圆形区域内存在磁感应强度大小为 B一1T、方向垂直纸面向里的匀强磁场。A点处有一微粒源，有大量相同微粒以相同的速率 o=1x10s沿不同方向从A点射入磁场，已知垂直x轴方向射入磁场的微粒恰好从C点 水平射出磁场，不考虑微粒间的相互作用，不计微粒的重力。求： ()微粒的比荷品 义 (2)求射入磁场时速度方向与x轴正方向成30°角的微 XX X X 粒在磁场中运动的时间1（结果可用x表示）： (3)微粒射入磁场与x轴负方向成60°角斜向上时，经磁冰 场与电场的偏转恰好能到达坐标原点O,求电场强度的大 小。 15.(18分) (1)放射性元素的原子核衰变时所遵循的规律有：一是单位时间内衰变的原子核的个 数会签与现存的原子核个复N成正比，即会Y=一W(A是常量：二是存在半襄期。已 知钍234的半衰期是24d,1g钍234经过48d后还剩多少？ (2)如图，间距为L的两根金属导轨平行放置并固定在绝缘水平桌面上，左端接有一 定值电阻R,导轨所在平面存在磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场。质量为m 的金属棒置于导轨上，在水平拉力作用下从静止开始做匀加速直线运动，经过时间速度达 到，此时撇去水平拉力，金属棒最终停在导轨上。金属棒始终与导轨垂直且接触良好，不 计摩擦及金属棒与导轨的电阻。 ①推导出06时间内水平拉力F随时间t变化的关系式： XXXXX 产×B必 ②求从撒去拉力到金属棒的速度减为号的位移大小： XR x平××× 同撒去拉力后，如果金属棒的速度从减速到空所用的时间是 ××××× T,求金属棒的速度从，减速到尝所用的时间： 参考答案及评分建议 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 答案 D B A B 二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。 题号 6 9 10 答案 AC BCD ACD 1、B 解析：A、光电效应实验现象用爱因斯坦的光电效应方程解释，揭示了光的粒子 性，A错误 B、根据图②，裂变和聚变时生成物向中等质量的原子核靠近，原子核越稳定， 核子的平均质量减小，说明比结合能增大，B正确。 C、锌的逸出功为3.34V,一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，辐射光 子的频率有6种，能使锌板发生光电效应的有3种，C错误。 D、ā粒子散射实验中，α粒子发生偏转是因为受到原子核的库仑斥力：核力是短 程力，α粒子没有进入核力的作用范围，D错误，故选B。 0 B 2.C 解析：如图12-1（右图）所示，当小球上滑到日位置时， R=mgcose0,F=mgsin0,在题设过程中，0从0°缓慢增加 到90°，所以F,一直减小，F一直增大，C选项正确， 3.D 解折：第15内水平位移为x=W=2m,竖直位移y=吃2=5m,所似位移大小 为1=√2+y=√29m 4.C 解析：带电小球在复合场中的合力沿b方向，电场强度与b 试卷第1页，共8页 方向垂直时有最小值，沿直径方向电势差有最小值巨 2q ,故C正确。 5.B 解析：A.V,= 2πR2π2R_2πR 2T T ,可知，=”。，故A选项错误 B.设经过时间1，卫星a经过P正上方一次，则有 2π，2π 1=2元 2T 解得1三打，故B正确 C该星球同步卫星周期为T,小于卫星的周期，则其同步卫星轨道半径小于卫星 ā的轨道半径，则其同步卫星线速度大于卫星a的线速度，故C错误： D.以观测站为参考系，卫星以0阳 2红+2红。3江绕观测站做匀速圆周运动， 能持续监测到探测卫星b对应的几何关系如图所示 由几何类系可知∠C08=120°号 2 连续通信的最长时间为=3= 2T,D错误 ①n 9 故选B。 B 6.A 解析：由波形图根据“同侧法”可知，0时刻Q处质点沿着y轴正方向运动，由题 意可知nT+7=4s,-8m. 得T=,16 *13 波速v= 入4n+1 72m/s 其中n=0,1,2,…, 由上面的分析可知，n=0时，波速为m1s,n=1时，波速为之m15. 2 故A正确：BCD错误。 7.B 解析：如图所示 试卷第2页，共8页 以P处为圆的最高点作圆O与传送带相切于C点，设圆O的半径为R,从P处建 立一管道到圆周上，管道与竖直方向的夹角为a,原料下滑的加速度为 a=mgcosa =gcosa m 管道长度为 L=2Rcosa 由运动学公式可得 解得 2x2Rcosa gcosa 可知从P处建立任一管道到圆周上，原料下滑的时间相等，故在P与AB传送带 间建立一管道PC,原料从P处到传送带上所用时间最短：根据图中几何关系可得 R+Rcos0-1 可得 R- 1+cos0 联立可得 4x1 2c0s2 0 cos 故选B. 8.AC 解析：电压互感器是将高压变成低压，所以原线圈的匝 数多于副线圈的匝数，所以甲图是电压互感器，电表A是电 试卷第3页，共8页 =凸，解得： 压表.放A正确，B议。积变压器地压表（比）梦于重数比云房 U,-及U,-100×220=2200r,只有一个刚线圈的变压器，其电流比等于匝数的反 10 ×1=1Q4,则线路输送的电功率为 1 P=U1=220000×10=2.2×10°P,故C正确，D错误，故选AC. 9.BCD, 解析：BCD,抽出EF前，由pP=nRT,得pp=16:1,故B正确：理想气体内能由 温度决定，容器为导热气缸且环境温度不变，则氧气内能不变，C正确：设ABCD体积 为2V,抽去EF后混合气体压强为p,有2pP=pm4pK得p=时2，故D正确。 2 10.ACD 解析：A.刚释放瞬间，两棒速度均为零，感应电动势为零，安培力为零。对b 棒，由牛顿第二定律得mgsin30°=ma解得a=0.5g 对cd棒和重物整体，由牛顿第二定律得mg-mgsin30°=2ma 解得aw=0.25g,故A正确： B.在运动过程中，对ab棒有mgsin30°-Fg=ma 对cd棒和重物整体有mg-mgsin30°-Fg=2ma 即0.5mg-Fg=2mau 对比可知a。=2a 由运动学公式可知任意时刻v=2y 位移x。=2x,两棒位移大小不相等，故B错误： C.回路总磁通量变化量△Φ=BL(x+x)=3BLx 回路总电阻为R,则通过b的电荷量g=△_3B弘，故C正确。 RR D.达（到）稳定状态时ab的速度为v,，cd的速度为0.5v. 对b分折：mg sin30°=BL,:=E+E E=BLv R 试卷第4页，共8页 E=BL 0.5v 解得y=R 3B'L cd(沿斜面向上)的位移为x,则b(沿斜面向下)的位移为2x(重物竖直向下 的位移也为x)。根据能量守恒定律，系统重力势能的减少量等于系统动能的增加量与 回路产生的焦耳热之和，即 mow+me(2)in30-mgin0(m(.+ mgR 好郑O二2片D正确，敌选ACD 11.(5分) 点-a》 (2)不需要(1分) (3)Fa (2分) mg g 12.(10分) (1)日1分：(2)202_1分：8022分： U UR, (3)司2分 6IR,-U 2分： (4)2.8mA2分(2.7mA、2.8mA、2.9mA均给分). 3 13.(0)sinr=子(4分) (2)8×10"s(4分) 【解析】(1)因折射光经凹面镜反射后沿原路返回，可知折射光线垂直于凹面 镜。折射光线的反向延长线过凹面镜的圆心O,如图所示， 由几何关系可得tan/BAC=BC-4 AC 3 4 根据数学关系可知sini= 5 又：折射率n=加_4 sinr 3 可得sinr= 5 试卷第5页，共8页 (2)由几何关系得，光线在液体中传播路程s=2(R-OB) 凹面镜半径R=0C+CD=,部+CD=29mm 又：OB= ,=20mm 且v= n 解得该单色光在液体中的传播时间1=三=8×10”s 14(12=1×105Ckg:(3分) (ar-g×105s(5分) (3)E-5.0x10N/C(8分) 【详解】(1)垂直x轴方向射入磁场的微粒恰好从C点水平射出磁场，（设其轨迹 半径为，)由几何关系可知R=r 对微粒，根据洛伦兹力提供向心力有Bgom号 可得兰=1×105Ckg p (2) 如图所示，射入磁场时速度方向与x轴正方向成30°角的微粒从P点射出，其轨 道圆心记为O2,则四边形AOP02为菱形。∠O,AO2-30°，PO2与AO,平行，则有 ∠04150-0 则粒子在磁场中的运动时何为1 5m 可得t6105g (3) 试卷第6页，共8页 XXX 0 乙 如图所示，微粒入射时的速度与x轴负方向的夹角为60，微粒在磁场中的出射点 为Q,其轨道圆心记为O,则四边形AO120为菱形。∠QO1A=60°，过Q做AO的垂 找，垂足为D.由几何关系可知O,D-Ry:cos600=O,可得：-0.5m R 由于一R,所有射入磁场的粒子在磁场右侧出射时都有水平向左的速度，要微粒 能够经电场偏转过0点，对粒子在电场中的运动分析，x轴方向L%2 y轴方向-a吃 根据牛顿第二定律有Egma 可得：E-2.5×10N/C 15.(1)(6分)48d对应的半衰期数为n= 贺-2 经过n个半衰期后，质量为m的牡234的剩余量为m= m 代入数据得：m=份)g=0.258 (2)(12分)导体棒的速度为某一速度知时，电动势为E、电路中的电流为1、导体 棒所受安培力为F4,则： E=BLv 1= F=ILB 所以，R=B R ①(4分)在0-6时间内，由牛倾第二定律，对任意时刻t:F一F=ma 试卷第7页，共8页 v=at a=岩 解得：F=m+2Z2地： to Rto @(4分)对撒去拉力到金属棒的速度诚为尝这一过程，由动量定理得： 3 -SFAAt=m 一m场 即：-2B” Rv△t=m 一mo 所以，位移x=Bu△t= 2mvoR 3B2D3 ③(4分)撤去拉力后的某一时刻，由牛顿第二定律得：一F=ma 即：- B2L2 ,=ma=m △U R 所以： △ B2L2 △t mRv 这与衰变规律 △N △t =一W相同，也存在“半衰期，从6减速到空所用的时间即为 速度的半衰期T,金属棒的速度从，减速到岩即为速度减为原来的() 即3个“半衰 期”，所以金属棒的速度从o减速到岩所用的时间t=3T。 试卷第8页，共8页