作业验收评价(20) 基因的分离定律[第2课时](Word练习)-【新高考方案】2027年高考生物一轮总复习

**基本信息** 聚焦基因分离定律特殊应用，通过典型例题系统提炼分离比分析、基因型推断等方法，构建从基础到特殊遗传现象的逻辑链条。 **专项设计** |模块|题量/典例|方法提炼|知识逻辑| |----|-----------|----------|----------| |基础应用|3-4题|分离比异常分析（如致死、不完全显性）|从基本基因型表型关系推导特殊分离比| |特殊遗传现象|5-9题|复等位基因显隐性判断、从性/细胞质遗传辨析|通过杂交实验结果逆推遗传方式| |综合推断|第10题|杂交组合子代比例推导基因型|整合复等位基因显隐性与分离定律应用|

作业验收评价(二十)　基因的分离定律[第二课时] 一、选择题 1.某二倍体植物的性别由L、LM、LN决定,只要有LM即为雄性,LNLN为雌性,其他均为雌雄同株。下列叙述错误的是 (　　) A.此植物种群中和性别相关的基因型共6种 B.雌雄同株的杂合子自交得F1,F1自交得到的F2中雌性占1/6 C.2个基因型相同的个体杂交,子代一定没有雄性 D.LMLN与LNLN杂交,后代雌雄比为1∶1 2.(2025·中山期中)果蝇的长翅(V)对残翅(v)为显性,幼虫的正常培养温度为25 ℃。将刚孵化的长翅幼虫置于35 ℃条件下培养时,出现了一些残翅果蝇,但这些残翅果蝇在正常温度下产生的后代仍然是长翅,这是“表型模拟”现象。现有一只残翅果蝇,要判断它是否含有V基因,应选择的杂交方案和培养温度是 (　　) A.与25 ℃成长的长翅果蝇杂交,25 ℃ B.与25 ℃成长的长翅果蝇杂交,35 ℃ C.与25 ℃成长的残翅果蝇杂交,25 ℃ D.与25 ℃成长的残翅果蝇杂交,35 ℃ 3.(2026·孝感模拟)某植物花色的红花(D)对白花(d)为显性,基因型为Dd的植株分别进行自交和测交,下列分析正确的是 (　　) A.若自交后代中红花∶粉花∶白花=1∶2∶1,说明花色遗传不遵循分离定律 B.若含D基因的花粉有一半不育,则测交实验的正反交后代中白花的比例相等 C.若自交后代中基因型与表型比例相同,则可能是基因型为DD的个体致死 D.若基因型为dd的个体有1/4致死,则测交后代中红花∶白花=2∶1 4.(2026·重庆模拟)大豆子叶的颜色受一对等位基因(A、a)控制。基因型为AA的大豆子叶呈深绿色;基因型为Aa的大豆子叶呈浅绿色;基因型为aa的大豆子叶呈黄色,在幼苗阶段死亡。下列说法错误的是 (　　) A.基因型为aa的个体因不适应环境而被淘汰 B.浅绿色植株与深绿色植株杂交,其成熟后代的表型为深绿色和浅绿色,且比例为1∶1 C.浅绿色植株自花传粉,其成熟后代的基因型为AA和Aa,且比例为1∶2 D.浅绿色植株连续自交n次,其成熟后代中杂合子的概率为1/2n 5.异色瓢虫的鞘翅色斑有多种类型,已知基因型SASA表现为黑缘型,基因型SESE表现为均色型,基因型ss表现为黄底型。研究人员用这三种基因型的个体及子代进行了以下杂交实验,结果如下。 实验1:黑缘型×均色型,F1为镶嵌型,F2中黑缘型∶镶嵌型∶均色型=1∶2∶1。 实验2:黑缘型×黄底型,F1为黑缘型,F2中黑缘型∶黄底型=3∶1。 实验3:实验1 F1×实验2 F1,子代为黑缘型∶镶嵌型∶均色型=2∶1∶1。 下列叙述中错误的是 (　　) A.控制瓢虫鞘翅色斑遗传的SE、SA、s为一组复等位基因 B.异色瓢虫种群中关于鞘翅色斑有6种基因型、4种表型 C.实验2 F1与实验3 子代中黑缘型个体杂交后代分离比为3∶1 D.两只异色瓢虫杂交后代可能出现4种表型的子代 6.(2025·蚌埠三模)从性遗传是指由常染色体上基因控制的表型受个体性别影响的现象。某种动物的毛色有黄色和白色,分别由基因B、b控制,且纯合白毛(雌性)×纯合白毛(雄性)→白毛(雌性)、黄毛(雄性)。下列说法错误的是 (　　) A.亲本中雌性和雄性的基因型分别是BB、bb B.基因型为bb的雌、雄个体的表型没有差异 C.只有基因型为BB、Bb的雄性个体表现为黄色 D.子一代雌雄个体相互交配,后代表型比为黄毛∶白毛=3∶2 7.(2026·绵阳一模)紫茉莉的叶色遗传是由其叶肉细胞中的质体决定的,其叶肉细胞中可有两种质体(叶绿体和由叶绿体经基因突变形成的白色质体),质体在细胞分裂时随机分配到两个子细胞中。其叶色有绿色、白色和花斑色(花斑色叶片的叶肉细胞有的含有叶绿体,有的只含有白色质体,从而使叶片表现为绿色和白色相间的斑块)。其花色红色(A)对白色(a)为显性,由细胞核中的一对等位基因控制。现用花斑色红花纯合植株(♀)与绿色白花植株(♂)杂交,F1随机传粉得F2。下列叙述正确的是 (　　) A.F1叶色仅有花斑色,花色全为红花 B.F1叶色有三种可能,花色基因型均为Aa C.F2叶色取决于父本质基因,花色的表型及比例为红花∶白花=3∶1 D.F2叶色随母本类型变化,花色中红花纯合子占1/3 8.(2026·郑州一模)科学家发现了水稻基因组内有一对等位基因A/a,用aa的个体与11号染色体缺失一小段的显性纯合个体(一对同源染色体同时缺失同一片段的个体致死)杂交得F1,F1随机交配得F2,支持A/a位于11号染色体上且不在缺失片段上的F2的性状分离比例是 (　　) A.3∶1 B.5∶2 C.7∶8 D.11∶4 9.研究发现,具有一对相对性状的纯合子进行正反交实验,结果如下: 实验一:♀甲×♂乙→F1呈甲性状; 实验二:♂甲×♀乙→F1呈乙性状。 不考虑基因突变和染色体变异等,为解释这一现象,某生物兴趣小组的同学提出如下假说: 假说1:该对性状由细胞核内的遗传物质控制,甲为显性性状,个体的性状由母体的基因型决定,不受自身基因型的支配,即母性效应。 假说2:该对性状由细胞质内的遗传物质控制,即细胞质遗传,特点为母系遗传。 下列分析正确的是 (　　) A.母性效应和细胞质遗传均遵循孟德尔遗传定律 B.将实验一的F1自交得到F2,若F2全为甲性状,则假说2正确 C.将实验二的F1自交得到F2,若F2全为甲性状,则假说2正确 D.将实验二的F1连续自交得到F3,若F3出现3∶1的分离比,则假说1正确 二、非选择题 10.(11分)某二倍体雌雄同株植物雄性育性受一组复等位基因(位于同源染色体的相同位点上的两种以上的等位基因)控制,其中M为不育基因,Mf为恢复可育基因,m为可育基因,且其显隐性强弱关系为Mf>M>m。该种植物雄性不育植株不能产生可育花粉,但雌蕊发育正常。如表为雄性可育植株的杂交组合及结果,请分析回答问题。 杂交 组合 亲本 子代植株 雄性可育 雄性不育 1 甲×甲 716株 242株 2 甲×乙 476株 481株 3 甲×丙 936株 0株 (1)该种植物雄性不育与可育的遗传　　　　　　(填“遵循”或“不遵循”)基因的分离定律。(1分)  (2)据表分析,雄性可育植株甲、乙、丙亲本的基因型分别为　　　　、　　　　、　　　　　。(3分)  (3)该种雄性不育植株在进行杂交实验人工传粉前,母本　　　　(填“需要”或“不需要”)去雄处理。 (1分)  (4)现有某雄性不育植株丁,请从甲、乙、丙三种雄性可育植株中选择合适的材料来鉴定植株丁的基因型。简要写出实验思路并预期实验结果及结论。(6分) ①实验思路: 　 　。 ②预期实验结果和结论: 若子代植株 　, 则植株丁的基因型为MM; 若子代植株 　, 则植株丁的基因型为Mm。 答案 作业验收评价（二十） 1.选A　由于雌性或雌雄同株的个体无法产生LM的卵细胞，故种群中不存在LMLM这种基因型，种群中和性别相关的基因型有LMLN、LML、LNLN、LNL、LL，共5种，A错误；雌雄同株的杂合子（LNL）自交得F1，F1中LNLN∶LNL∶LL=1∶2∶1，F1中只有LNL、LL可以自交，自交F2中雌性（LNLN）的比例为2/3×1/4=1/6，B正确；2个基因型相同的个体杂交，只能是LNL×LNL或LL×LL，子代一定没有雄性，C正确；LMLN与LNLN杂交，后代基因型之比为LMLN∶LNLN=1∶1，即雌雄比为1∶1，D正确。 2.选C　欲判断残翅果蝇的基因型是V_还是vv，可采用测交的方法，即与25 ℃成长的残翅果蝇（vv）杂交，为了排除温度对果蝇性状的影响，子代果蝇应在25 ℃下培养，如果残翅果蝇的基因型是V_，后代会出现长翅；如果残翅果蝇的基因型是vv，后代均为残翅，C正确。 3.选C　若基因型为Dd的植株自交后代中红花∶粉花∶白花=1∶2∶1，说明其能形成两种配子，且雌雄配子随机结合，说明花色遗传遵循分离定律，A错误。若含D基因的花粉有一半不育，Dd作父本时产生的配子基因型及比例为D∶d=1∶2，测交的结果为1∶2，白花占2/3；而Dd作母本时，产生的配子基因型及比例为D∶d=1∶1，测交后代结果也为1∶1，白花占1/2，B错误。正常情况下，Dd自交后代的基因型及比例为DD∶Dd∶dd=1∶2∶1，表型为红花∶白花=3∶1，若基因型为DD的个体致死，基因型与表型比例都是2∶1，C正确。若基因型为dd的个体有1/4致死，则测交后代中红花∶白花=4∶3，D错误。 4.选D　浅绿色植株（Aa）自交，则F1成熟个体的基因型及比例为AA∶Aa=1∶2，即F1成熟个体中杂合子的概率为2/3，F1自交，F2成熟个体中杂合子占2/5，依此类推，当自交次数为n时，其成熟后代中杂合子的概率为2/（2n+1），D错误。 5.选C　实验1：黑缘型（SASA）与均色型（SESE）杂交，F1的基因型为SASE，表现为镶嵌型，说明SA、SE基因为共显性。实验2：黑缘型（SASA）与黄底型（ss）杂交，F1的基因型为SAs，表现为黑缘型，SA对s为显性。实验3：镶嵌型（SASE）与黑缘型（SAs）杂交，后代为黑缘型（SASA、SAs）、镶嵌型（SASE）、均色型（SEs），SE对s为显性。因此SE、SA、s为一组复等位基因，群体中可形成6种基因型，4种表型，分别为SASA（黑缘型）、SESE（均色型）、SASE（镶嵌型）、ss（黄底型）、SEs（均色型）、SAs（黑缘型），A、B正确。实验2 F1的基因型为SAs，实验3子代中黑缘型个体的基因型及比例为SASA∶SAs=1∶1，两者杂交后代表型及比例为黑缘型∶黄底型=7∶1，C错误。若黑缘型（SAs）与均色型（SEs）杂交，则后代为镶嵌型（SASE）、黑缘型（SAs）、均色型（SEs）、黄底型（ss），所以两只异色瓢虫杂交后代可能出现4种表型的子代，D正确。 6.选D　亲本纯合白毛雄性与F1雄性表型不同，而亲本纯合白毛雌性与F1雌性表型相同，推测雌性全为白色，雄性中只有bb为白色，故亲本中雌性和雄性的基因型分别是BB、bb，A、B、C正确；子一代雌雄个体（Bb）相互交配，后代表型比为黄毛（BB、Bb的雄性）∶白毛（BB、Bb的雌性，bb的雌雄性）=3∶5，D错误。 7.选B　因质体随机分配，F1叶色有绿色、白色、花斑色三种可能；F1关于花色的基因型为Aa，全为红花，A错误，B正确。F2叶色由母本的质体决定，与父本无关；花色的遗传遵循分离定律，F1（Aa）随机交配，F2中红花∶白花=3∶1，C错误。F2叶色由母本的质体决定，F1叶色有三种可能，随各自母本（F1个体）的质体随机分配，F2叶色表现不同类型，并非随母本类型变化；花色中红花纯合子占1/4，D错误。 8.选D　若基因A、a位于11号染色体上，但基因不在缺失片段上，用aa的个体与11号染色体缺失一小段的显性纯合个体（AA缺）杂交，则F1的基因型及比例为Aa∶A缺a=1∶1；F1产生配子的类型及比例为1/4A、2/4a、1/4A缺，由于一对同源染色体同时缺失同一片段的个体致死，所以F2中A缺A缺=1/4×1/4=1/16（致死），AA=1/4×1/4=1/16，AA缺=1/4×1/4×2=2/16，Aa=1/4×2/4×2=4/16，A缺a=1/4×2/4×2=4/16，aa=2/4×2/4=4/16，则F2的性状分离比为11∶4，D符合题意。 9.选D　母性效应受核基因控制，遵循孟德尔遗传定律；细胞质遗传不遵循孟德尔遗传定律，A错误。若假说1正确，假设甲的基因型为AA，乙的基因型为aa，让F1（Aa）自交得F2，实验一和实验二的F2均表现为甲性状；若假说2正确，实验一的F1、F2均表现为甲性状，实验二的F1、F2均表现为乙性状，故实验一的F1自交得到F2，若F2全为甲性状，无法判断是母性效应还是母系遗传；将实验二的F1自交得到F2，若F2全为甲性状，说明假说1正确，B、C错误。若假说1正确，假设实验二中甲的基因型为AA，乙的基因型为aa，让F1（Aa）自交得F2，F2的基因型为1AA∶2Aa∶1aa，F2自交得到F3，F3的表型由母体的基因型决定，则F3的表型及比例为甲性状∶乙性状=3∶1；若假说2成立，实验二的F1、F2、F3全为乙性状，D正确。 10.解析：（1）由题意可知，该种植物雄性育性受一组复等位基因控制，其遗传遵循基因的分离定律。 （2）依据题意，复等位基因的显隐性强弱关系为Mf>M>m，雄性可育植株的基因型有4种：MfMf、MfM、Mfm和mm。由杂交组合1可知，子代发生性状分离，且表型比例约为3∶1，由此可推知甲的基因型为MfM；由杂交组合2可知，子代表型比例约为1∶1，则乙的基因型为mm；由杂交组合3可知，子代全为雄性可育植株，则丙的基因型为MfMf。 （3）对于雌雄同株的植物而言，在人工杂交时通常需对母本进行去雄处理，若以雄性不育品系作母本，则不需要进行去雄处理。 （4）①雄性不育植株丁的基因型为MM或Mm，为鉴定其基因型，可选择丁（母本）和乙（父本mm）进行杂交，统计子代植株的表型及比例。②若子代植株全部表现为雄性不育，则丁的基因型为MM；若子代植株中雄性可育∶雄性不育=1∶1，则丁的基因型为Mm。 答案：（1）遵循　（2）MfM　mm　MfMf　（3）不需要　（4）①选择丁（母本）和乙（父本）进行杂交，统计子代植株的表型及比例　②全部表现为雄性不育　雄性可育∶雄性不育=1∶1 4 / 4 学科网（北京）股份有限公司 $