精品解析：四川省绵阳实验高级中学2024-2025学年高二下学期6月月考物理试题

绵阳实验高级中学高2023级高二（下）6月考试试题 物理 第Ⅰ卷（选择题，共48分） 一、本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1. 下列说法中正确的是（　　） A. 电磁波只能在真空中传播 B. 麦克斯韦预言了空间存在电磁波，赫兹用实验证实了电磁波的存在 C. 均匀变化的电场和均匀变化的磁场可以相互激发，形成电磁波 D. 红外线具有很强的穿透本领，医学上可用于拍摄人体组织照片 2. 如图所示，匀强磁场中有两个材料相同、横截面积相同的导体圆环a、b，磁场方向与圆环所在平面垂直。磁感应强度B随时间均匀减小，两圆环半径之比为，圆环中产生的感应电动势分别为和，不考虑两圆环间的相互影响。下列说法正确的是（　　） A. ，感应电流均沿顺时针方向 B. ，感应电流均沿逆时针方向 C. ，感应电流均沿逆时针方向 D. ，感应电流均沿顺时针方向 3. 图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表，电阻R大小为5Ω。线圈绕垂直于磁场的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动，从图甲所示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图像如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A. 电阻R的热功率为1000W B. t=0.01s时，线圈处于中性面，磁通量最大 C. 电流瞬时值表达式为 D. 1s内电流方向改变100次 4. 图甲为某公司自主研发的“自发电”无线门铃按钮，其“发电”原理如图乙所示。按下门铃按钮过程，磁铁靠近螺线管，螺线管内部产生感应电流；松开门铃按钮过程，磁铁远离螺线管回归原位。下列说法正确的是（　　） A. 按下按钮瞬间，螺线管受到磁铁的作用力向左 B. 按下按钮瞬间，螺线管内部电流方向为：Q→P C. 松开按钮瞬间，螺线管内部电流方向为：P→Q D. 松开按钮瞬间，螺线管线圈会有收缩的趋势 5. 图甲为智能停车位，车位地面预埋有自感线圈L和电容器C构成LC振荡电路。当车辆靠近或驶离自感线圈L时，可使线圈L自感系数发生变化，从而引起LC电路中的振荡电流频率变化。智能停车位计时器根据振荡电流频率变化，进行计时。某次汽车靠近自感线圈L时，振荡电路中的电流随时间变化如图乙所示，则下列说法正确的是（　　） A. t1时刻电容器C所带电荷量为0 B. t1~t2过程，电容C中电场能在减小 C. t1~t2过程，线圈L的自感电动势在增大 D. 若汽车驶离智能停车位，则线圈L自感系数变大 6. 两分子间的斥力和引力的合力F与分子间距离r的关系如图中曲线所示，曲线与r轴交点的横坐标为r0，相距很近（）的两分子在分子力作用下，由静止开始相互远离，若两分子相距无穷远时分子势能为零，则（　　） A. 分子之间的斥力减小，引力先增大后减小 B. 分子力先做正功再做负功 C. 在时，分子势能最小为0，动能最大 D. 在时，随着r的增大，分子势能变大 7. 如图所示，平行边界区域内存在匀强磁场，比荷相同的带电粒子a和b依次从O点垂直于磁场的左边界射入，经磁场偏转后从右边界射出，带电粒子a和b射出磁场时与磁场右边界的夹角分别为30°和 60°，不计粒子所受的重力，下列判断正确的是（　　） A. 粒子a带负电，粒子b带正电 B. 粒子a和b在磁场中运动的半径之比为：1 C. 粒子a和b在磁场中运动的速率之比为2： D. 粒子a和b在磁场中运动的时间之比为2：1 8. 2020年9月，中国发布“双碳战略”，计划到2030年实现碳达峰、2060年实现碳中和。碳排放问题的治本之策是转变能源发展方式，加快推进清洁替代和电能替代，一座小型水电站向山下村镇供电的示意图如图所示，升压变压器T1与降压变压器T2都是理想变压器。已知输电线上损耗的电压为800V，两个变压器的匝数比，，用户得到的电压为220V，发电机输出功率。则下列说法正确的（　　） A. 输电电压为24200V B. 输电线上的电流为400A C. 输电线上的电阻R=20Ω D. 输电线上损失的功率为64kW 二、本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9. 以下装置中都涉及到磁场的具体应用，关于这些装置的说法正确的是（　　） A. 甲图为回旋加速器，增加D形盒半径可增大粒子的最大动能 B. 乙图为磁流体发电机，可判断出A极板比B极板电势高 C. 丙图为质谱仪，打到照相底片D同一位置粒子的比荷相同 D. 丁图为速度选择器，特定速率的粒子从左右两侧沿轴线进入后都做直线运动 10. 往复式内燃机利用迪塞尔循环来工作，该循环由两个绝热过程、一个等压过程和一个等容过程组成，如图所示为一定质量的理想气体所经历的一个迪塞尔循环，则该气体（　　） A. 在d→a过程中，分子平均动能减小 B. 在a→b过程中，外界对其做的功小于其增加内能 C. 在一次循环过程中吸收的热量小于放出的热量 D. 气体在状态c时的内能大于状态d时的内能 11. 如图所示为一理想变压器的电路示意图，交流电源的输出电压U恒定，图中的交流电表均为理想电表。下列说法正确的是（　　） A. 仅将滑片Q上移时，表的示数减小，表的示数增大 B. 仅将滑片Q上移时，变压器的输入功率变小 C. 仅将触头P下移时，表的示数变大 D. 仅将触头P下移时，变压器的输出功率变小 12. 如图所示，间距均为L的光滑平行倾斜导轨与足够长的光滑平行水平导轨在M、N处平滑连接，虚线MN右侧有竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场。a、b是两根粗细均匀的金属棒，质量均为m，电阻分别为2R和3R。b棒静止于水平导轨上，初始时与MN相距s。a棒由静止从距水平面高度为h的倾斜轨道下滑，a棒运动过程中与b棒始终没有接触，且两棒始终垂直于导轨。不计导轨的电阻，重力加速度为g，下列说法正确的是（　　） A. a棒进入磁场后，回路中的感应电流方向为顺时针方向 B. b棒的最大速度为 C. 整个过程中，b棒上产生的焦耳热为 D. 稳定后，a、b棒间的距离为 第Ⅱ卷（非选择题，共52分） 三、本大题2小题，每空2分。共16分。 13. 如图是“探究感应电流方向”的实验装置。 （1）开关闭合前，滑动变阻器的滑片应放置在_____（选填“a”或“b”）位置。 （2）电路连接如图，下列操作能产生感应电流的是_______。 A. 开关断开瞬间 B. 开关闭合前，抽出铁芯 C. 开关闭合后，迅速移动滑动变阻器的滑片 D. 开关闭合后，滑动变阻器滑片保持不动 （3）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后把线圈A迅速从线圈B中拔出时，电流计指针将_________（选填“向右偏”、“向左偏”或“不偏转”）； 14. 利用如图甲装置做“探究气体等温变化的规律”实验。 （1）实验时，应该_________（填“缓慢”或“快速”）地推动柱塞，从而减小温度变化对实验结果的影响 （2）甲同学按正确步骤进行了实验，下表为记录的部分实验数据，其中有一次记录的实验数据错误，错误的是_______（填对应的实验序号）； （3）该同学重新按正确步骤进行实验，根据实验所采集数据绘制了图像，如图乙所示，出现这种情况的可能原因是____________________（写出一种原因即可）。 15. 某实验小组同学在估测油酸分子大小的实验中， （1）将1cm3的油酸溶于酒精，制成200cm3的油酸酒精溶液；测得1cm3的油酸酒精溶液有50滴，现取一滴该油酸酒精溶液滴在水面上，测得所形成的油膜面积是。由此估算出油酸分子的直径为___________m。 （2）某同学做完实验后，发现自己所测的分子直径明显偏小。出现这种情况的原因可能是___________。 A. 将滴入的油酸酒精溶液体积作为油酸体积进行计算 B. 水面上痱子粉撒得太多，油膜没有充分展开 C. 计算油膜面积时，将不完整的方格均视为完整方格处理 D. 求每滴溶液的体积时，记1cm3溶液的滴数时少记了10滴 16. 瑜伽球是很受大家欢迎的健身器材，它可以增强锻炼者的平衡能力和协调性，也被应用于医疗中帮助病人做康复训练。设一个充满气的瑜伽球内部气体（可视为理想气体）体积为112.5L，处在温度为7℃的室内环境下，其内部压强为1.5atm，随着室内空调的开启温度变为27℃，当瑜伽球温度和室温达到一致时： （1）若忽略升温过程中球体体积变化，此时瑜伽球内部气体压强约为多大？ （2）当某人坐上瑜伽球时，稳定后球体体积减小为100L，此时球内气体压强约为多少（计算结果均保留2位有效数字）？ 17. 如图所示的区域中，OM左边为垂直纸面向里的匀强磁场，右边是一个电场强度大小未知的匀强电场，其方向平行于OM，且垂直于磁场方向。一个质量为m、电荷量为﹣q的带电粒子从小孔P以初速度沿垂直于磁场方向进入匀强磁场中，初速度方向与边界线的夹角，粒子恰好从小孔C垂直于OC射入匀强电场，最后打在Q点，已知，，不计粒子的重力，求： （1）磁感应强度B的大小； （2）电场强度E的大小。 18. 我国新一代航母福建舰采用全新的电磁阻拦技术。舰载机着舰时电磁阻拦技术的基本原理如图甲所示，平行导轨MN与PQ间距L=50m，电阻不计，MP间接有阻值R=10Ω的电阻。某舰载机质量M=2.5×104kg，金属棒ab质量m=5×103kg ，电阻为0.5R，匀强磁场垂直纸面向里，磁感应强度B=5T。某次测试，舰载机通过绝缘阻拦索迅速钩住轨道上的金属棒后，立即关闭动力系统，金属棒和舰载机可在极短的时间（瞬间）内获得共同速度，在磁场中一起减速滑行至停下，舰载机与金属棒共速到它们停下来的过程中，回路中电阻R上产生的焦耳热，求： （1）金属棒和舰载机获得共同速度瞬间金属棒所受安培力大小；(结果保留两位有效数字) （2）除安培力外，舰载机克服其他阻力所做的功； （3）若舰载机和金属棒一起减速滑行了后停下，其他阻力可视为恒力，则从舰载机与金属棒共速到它们停下来所需要的时间t1。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 绵阳实验高级中学高2023级高二（下）6月考试试题 物理 第Ⅰ卷（选择题，共48分） 一、本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1. 下列说法中正确的是（　　） A. 电磁波只能在真空中传播 B. 麦克斯韦预言了空间存在电磁波，赫兹用实验证实了电磁波的存在 C. 均匀变化的电场和均匀变化的磁场可以相互激发，形成电磁波 D. 红外线具有很强的穿透本领，医学上可用于拍摄人体组织照片 【答案】B 【解析】 【详解】A．电磁波既可以在真空中传播，也可以在空气、水、玻璃等介质中传播，只是传播速度会改变，故A错误； B．麦克斯韦建立了电磁场理论，预言了电磁波的存在；赫兹最早通过实验证实了电磁波的存在，故B正确； C．均匀变化的电场会产生稳定的磁场，均匀变化的磁场会产生稳定的电场。稳定的电场和磁场无法持续相互激发并向外传播，只有非均匀变化（如周期性振荡）的电场和磁场才能相互激发，形成能够向外辐射的电磁波，故C错误； D．医学上用于拍摄人体组织照片、具有强穿透本领的是X射线，红外线的热效应显著，穿透能力较弱，故D错误。 故选B。 2. 如图所示，匀强磁场中有两个材料相同、横截面积相同的导体圆环a、b，磁场方向与圆环所在平面垂直。磁感应强度B随时间均匀减小，两圆环半径之比为，圆环中产生的感应电动势分别为和，不考虑两圆环间的相互影响。下列说法正确的是（　　） A. ，感应电流均沿顺时针方向 B. ，感应电流均沿逆时针方向 C. ，感应电流均沿逆时针方向 D. ，感应电流均沿顺时针方向 【答案】C 【解析】 【详解】根据法拉第电磁感应定律，得 已知磁感应强度均匀变化，对两圆环是相同的，因此 已知，因此 图中原磁场方向垂直纸面向外，且磁感应强度均匀减小，因此穿过圆环的向外的磁通量减小。根据楞次定律可知，感应电流的磁场要阻碍磁通量减小，因此感应磁场方向与原磁场方向相同，也垂直纸面向外。根据安培定则，感应磁场向外时，感应电流均沿逆时针方向。综上，，感应电流均沿逆时针方向。 故选C。 3. 图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表，电阻R大小为5Ω。线圈绕垂直于磁场的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动，从图甲所示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图像如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A. 电阻R的热功率为1000W B. t=0.01s时，线圈处于中性面，磁通量最大 C. 电流瞬时值表达式为 D. 1s内电流方向改变100次 【答案】D 【解析】 【详解】A．电流有效值 则电阻R的热功率，故A错误； B．根据图乙可知，0.01s时，电流达到最大值，即感应电动势达到最大值，可知，此时线圈处于与中性面垂直的平面，通过线圈的磁通量为0，故B错误； C．根据图乙可知，电流瞬时值表达式为，故C错误； D．根据图乙可知，周期为0.02s，一个周期内，电流方向改变两次，则1s内电流方向改变次数为，故D正确。 故选D。 4. 图甲为某公司自主研发的“自发电”无线门铃按钮，其“发电”原理如图乙所示。按下门铃按钮过程，磁铁靠近螺线管，螺线管内部产生感应电流；松开门铃按钮过程，磁铁远离螺线管回归原位。下列说法正确的是（　　） A. 按下按钮瞬间，螺线管受到磁铁的作用力向左 B. 按下按钮瞬间，螺线管内部电流方向为：Q→P C. 松开按钮瞬间，螺线管内部电流方向为：P→Q D. 松开按钮瞬间，螺线管线圈会有收缩的趋势 【答案】A 【解析】 【详解】AB．按下按钮瞬间，穿过螺线管的磁通量向左增大，根据楞次定律结合安培定则可知螺线管中感应电流方向由P→Q，根据推论“来拒去留”可知，磁铁受到的作用力向右，则螺线管受到磁铁的作用力向左，故A正确，B错误； CD．松开按钮瞬间，穿过螺线管的磁通量向左减小，根据楞次定律结合安培定则可知螺线管中感应电流方向由Q→P，根据推论“增缩减扩”可知，螺线管线圈会有扩张的趋势，故CD错误。 故选A。 5. 图甲为智能停车位，车位地面预埋有自感线圈L和电容器C构成LC振荡电路。当车辆靠近或驶离自感线圈L时，可使线圈L自感系数发生变化，从而引起LC电路中的振荡电流频率变化。智能停车位计时器根据振荡电流频率变化，进行计时。某次汽车靠近自感线圈L时，振荡电路中的电流随时间变化如图乙所示，则下列说法正确的是（　　） A. t1时刻电容器C所带电荷量为0 B. t1~t2过程，电容C中电场能在减小 C. t1~t2过程，线圈L的自感电动势在增大 D. 若汽车驶离智能停车位，则线圈L自感系数变大 【答案】B 【解析】 【详解】A．由图乙可知t1时刻电流为0，此时磁场能最小，电场能最大，所以电容器C所带电荷量最大，故A错误； B．由图乙可知t1~t2过程，电流逐渐增大，磁场能逐渐增大，所以电容C中电场能在减小，故B正确； C．t1～t2过程，由图可知，图像的切线斜率减小，电流的变化率越来越小，所以线圈L的自感电动势在减小，故C错误； D．某次汽车靠近自感线圈L时，振荡电路中的电流随时间变化如图乙所示，由图可知振荡周期变大；若汽车驶离智能停车位，振荡周期变小，根据可知，线圈L自感系数变小，故D错误。 故选B。 6. 两分子间的斥力和引力的合力F与分子间距离r的关系如图中曲线所示，曲线与r轴交点的横坐标为r0，相距很近（）的两分子在分子力作用下，由静止开始相互远离，若两分子相距无穷远时分子势能为零，则（　　） A. 分子之间的斥力减小，引力先增大后减小 B. 分子力先做正功再做负功 C. 在时，分子势能最小为0，动能最大 D. 在时，随着r的增大，分子势能变大 【答案】B 【解析】 【详解】A．由静止开始相互远离，随着的增大，分子之间的斥力、引力均减小，故A错误； BCD．当时，分子力表现为斥力，分子斥力做正功，分子势能减小；当时，分子力表现为引力，分子引力做负功，分子势能增大；则在时，分子势能最小，但为负值，动能最大，故B正确，CD错误。 故选B。 7. 如图所示，平行边界区域内存在匀强磁场，比荷相同的带电粒子a和b依次从O点垂直于磁场的左边界射入，经磁场偏转后从右边界射出，带电粒子a和b射出磁场时与磁场右边界的夹角分别为30°和 60°，不计粒子所受的重力，下列判断正确的是（　　） A. 粒子a带负电，粒子b带正电 B. 粒子a和b在磁场中运动的半径之比为：1 C. 粒子a和b在磁场中运动的速率之比为2： D. 粒子a和b在磁场中运动的时间之比为2：1 【答案】D 【解析】 【详解】A．由左手定则可知，粒子a带正电，粒子b带负电，A错误； B．设磁场宽度为d，则粒子a和b在磁场中运动的半径之比为，B错误； C．根据 可得 可得粒子a和b在磁场中运动的速率之比为，C错误； D．根据，可知 粒子a和b在磁场中运动的时间之比为，D正确。 故选D。 8. 2020年9月，中国发布“双碳战略”，计划到2030年实现碳达峰、2060年实现碳中和。碳排放问题的治本之策是转变能源发展方式，加快推进清洁替代和电能替代，一座小型水电站向山下村镇供电的示意图如图所示，升压变压器T1与降压变压器T2都是理想变压器。已知输电线上损耗的电压为800V，两个变压器的匝数比，，用户得到的电压为220V，发电机输出功率。则下列说法正确的（　　） A. 输电电压为24200V B. 输电线上的电流为400A C. 输电线上的电阻R=20Ω D. 输电线上损失的功率为64kW 【答案】C 【解析】 【详解】A．根据，可得降压变压器原线圈电压为 则输电电压为，故A错误； BCD．发电机输出功率，则有 可得输电线上的电流为 输电线上的电阻为 输电线上损失的功率为，故BD错误，C正确。 故选C。 二、本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9. 以下装置中都涉及到磁场的具体应用，关于这些装置的说法正确的是（　　） A. 甲图为回旋加速器，增加D形盒半径可增大粒子的最大动能 B. 乙图为磁流体发电机，可判断出A极板比B极板电势高 C. 丙图为质谱仪，打到照相底片D同一位置粒子的比荷相同 D. 丁图为速度选择器，特定速率的粒子从左右两侧沿轴线进入后都做直线运动 【答案】AC 【解析】 【详解】A．粒子在回旋加速器中达到最大速度时，其运动半径等于D形盒半径，有 最大动能为 所以增加D形盒半径可增大粒子的最大动能，故A项正确； B．根据左手定则可知，正电荷向下极板偏转，即B板，所以A极板比B极板电势低，故B项错误； C．粒子在电场中加速有 粒子在磁场中做匀速圆周运动，有 整理有 由于所有粒子经过的磁场和电场均是同一个，所以当粒子的比荷相同时，其打到照相底片D同一位置，故C项正确； D．丁图的速度选择器，粒子只能从左向右运动才符合原理。比如待正电的粒子进入时，洛伦兹力向上，电场力向下才能平衡；如果从右侧进入，其电场力和洛伦兹力均向下，其不能平衡。故D项错误。 故选AC。 10. 往复式内燃机利用迪塞尔循环来工作，该循环由两个绝热过程、一个等压过程和一个等容过程组成，如图所示为一定质量的理想气体所经历的一个迪塞尔循环，则该气体（　　） A. 在d→a过程中，分子平均动能减小 B. 在a→b过程中，外界对其做的功小于其增加内能 C. 在一次循环过程中吸收的热量小于放出的热量 D. 气体在状态c时的内能大于状态d时的内能 【答案】AD 【解析】 【详解】A．在d→a过程中，气体体积不变，压强减小，根据查理定律可知，气体温度降低，则分子平均动能减小，故A正确； B．a→b为绝热过程，由于气体体积减小，外界对气体做正功，根据热力学第一定律可知，外界对其做的功等于其增加内能，故B错误； C．根据图像与横轴围成的面积表示做功的大小，图像中a→b→c→d→a围成的图形面积为气体对外界做功的大小，而整个过程气体内能变化为零，根据热力学第一定律可知，在一次循环过程中气体吸热，则吸收的热量大于放出的热量，故C错误； D．c→d为绝热过程，由于气体体积增大，外界对气体做负功，根据热力学第一定律可知，气体内能减小，则气体在状态c时的内能大于状态d时的内能，故D正确。 故选AD。 11. 如图所示为一理想变压器的电路示意图，交流电源的输出电压U恒定，图中的交流电表均为理想电表。下列说法正确的是（　　） A. 仅将滑片Q上移时，表的示数减小，表的示数增大 B. 仅将滑片Q上移时，变压器的输入功率变小 C. 仅将触头P下移时，表的示数变大 D. 仅将触头P下移时，变压器的输出功率变小 【答案】BC 【解析】 【详解】AB．仅将滑片Q上移时，阻值变大，次级电阻变大，则次级电流变小，根据变压器原理有 解得，原线圈的电流强度，故表的示数减小。 理想变压器输入功率为，故变压器的输入功率变小。 仅将滑片Q上移时，根据有，次级线圈的电压不变。 又知，故电压表V的示数变大。 灯泡L的电流，故灯泡L的电流变大。 A2表的示数为，故A2表的示数变小，A错误，B正确； CD．仅将触头P下移时，变压器初级线圈的匝数变小，根据有，次级线圈的电压变大。 变压器的输出功率 输出端的总电阻不变，故变压器的输出功率变大。 变压器的输出功率为，故变压器输出端的电流强度变大。 由于灯泡和电阻的总电阻不变，所以电压表V的示数变大，故C正确，D错误。 故选BC。 12. 如图所示，间距均为L的光滑平行倾斜导轨与足够长的光滑平行水平导轨在M、N处平滑连接，虚线MN右侧有竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场。a、b是两根粗细均匀的金属棒，质量均为m，电阻分别为2R和3R。b棒静止于水平导轨上，初始时与MN相距s。a棒由静止从距水平面高度为h的倾斜轨道下滑，a棒运动过程中与b棒始终没有接触，且两棒始终垂直于导轨。不计导轨的电阻，重力加速度为g，下列说法正确的是（　　） A. a棒进入磁场后，回路中的感应电流方向为顺时针方向 B. b棒的最大速度为 C. 整个过程中，b棒上产生的焦耳热为 D. 稳定后，a、b棒间的距离为 【答案】AC 【解析】 【详解】A．进入磁场后，回路向下的磁通量减少，根据楞次定律，感应电流的磁场方向向下，由右手螺旋定则可知，回路感应电流为顺时针方向，故A正确； B．棒沿光滑倾斜导轨下滑，机械能守恒。进入磁场后，受安培力减速，受安培力加速，和组成的系统水平方向合外力为零，动量守恒，最终两棒共速，感应电动势为零，一起匀速运动。一直加速，共速时速度最大。下滑过程机械能守恒，有 得进入磁场的初速度 由动量守恒，得 解得共速，故B错误； C．根据能量守恒，整个过程产生的总焦耳热等于系统动能损失，得 两棒电阻串联，焦耳热与电阻成正比，因此棒产生的焦耳热，故C正确； D．初始时距为，设稳定过程中的位移为，的位移为，在共速前的速度始终大于的速度，回路中的感应电流 对棒，由动量定理，得 代入，得 代入，解得 因此最终两棒距离为，故D错误。 故选AC。 第Ⅱ卷（非选择题，共52分） 三、本大题2小题，每空2分。共16分。 13. 如图是“探究感应电流方向”的实验装置。 （1）开关闭合前，滑动变阻器的滑片应放置在_____（选填“a”或“b”）位置。 （2）电路连接如图，下列操作能产生感应电流的是_______。 A. 开关断开瞬间 B. 开关闭合前，抽出铁芯 C. 开关闭合后，迅速移动滑动变阻器的滑片 D. 开关闭合后，滑动变阻器滑片保持不动 （3）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后把线圈A迅速从线圈B中拔出时，电流计指针将_________（选填“向右偏”、“向左偏”或“不偏转”）； 【答案】（1）a （2）AC （3）向左偏 【解析】 【小问1详解】 开关闭合前，为保护电路，滑动变阻器需要接入最大阻值。由图可知，滑片在位置时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，因此滑片应放在处。 【小问2详解】 A．感应电流产生的条件是穿过副线圈B的磁通量发生变化。开关断开瞬间，原线圈电流从有到无，穿过B的磁通量变化，能产生感应电流，故A正确； B．开关闭合前原线圈无电流，穿过B的磁通量始终为0，无变化，不能产生感应电流，故B错误； C．开关闭合后移动滑片，原线圈电流变化，穿过B的磁通量变化，能产生感应电流，故C正确； D．滑片保持不动时，原线圈电流不变，穿过B的磁通量不变，不能产生感应电流，故D错误。 故选AC。 【小问3详解】 闭合开关时，穿过B的磁通量增加，电流计指针右偏。将A从B中拔出时，穿过B的磁通量减少，磁通量的变化方向与闭合开关时相反，感应电流方向也相反，因此电流计指针向左偏。 14. 利用如图甲装置做“探究气体等温变化的规律”实验。 （1）实验时，应该_________（填“缓慢”或“快速”）地推动柱塞，从而减小温度变化对实验结果的影响 （2）甲同学按正确步骤进行了实验，下表为记录的部分实验数据，其中有一次记录的实验数据错误，错误的是_______（填对应的实验序号）； （3）该同学重新按正确步骤进行实验，根据实验所采集数据绘制了图像，如图乙所示，出现这种情况的可能原因是____________________（写出一种原因即可）。 【答案】（1）缓慢 （2）3 （3）封闭气体漏气 【解析】 【小问1详解】 本实验要求气体做等温变化，缓慢推动柱塞可以让封闭气体与外界充分进行热交换，保证气体温度尽量和环境温度一致，减小温度变化对实验的影响。 【小问2详解】 根据玻意耳定律，等温变化满足 封闭气体体积 其中是注射器横截面积，保持不变，因此应为定值。计算四组数据的值（单位：）。1组为 2组为 3组为 4组为 可见第3组数据明显偏离定值，因此错误数据是实验序号3。 【小问3详解】 由理想气体状态方程 变形得 可知图像的斜率为。题图中相同​下，实际压强比理论值偏小，斜率偏小，说明减小。若封闭气体漏气，气体质量（物质的量）减少，会导致斜率偏小；若环境温度降低，减小，也会导致斜率偏小，因此最常见的原因是封闭气体漏气。 15. 某实验小组同学在估测油酸分子大小的实验中， （1）将1cm3的油酸溶于酒精，制成200cm3的油酸酒精溶液；测得1cm3的油酸酒精溶液有50滴，现取一滴该油酸酒精溶液滴在水面上，测得所形成的油膜面积是。由此估算出油酸分子的直径为___________m。 （2）某同学做完实验后，发现自己所测的分子直径明显偏小。出现这种情况的原因可能是___________。 A. 将滴入的油酸酒精溶液体积作为油酸体积进行计算 B. 水面上痱子粉撒得太多，油膜没有充分展开 C. 计算油膜面积时，将不完整的方格均视为完整方格处理 D. 求每滴溶液的体积时，记1cm3溶液的滴数时少记了10滴 【答案】（1） （2）C 【解析】 【小问1详解】 油膜法估测分子直径的公式为 其中是1滴溶液中纯油酸的体积，是油膜面积。油酸酒精溶液浓度为​ 的油酸酒精溶液有50滴，因此1滴溶液中纯油酸体积 则分子直径 【小问2详解】 A．由可知，d偏小的原因是计算时所用的偏小，或测得的偏大。将滴入的油酸酒精溶液体积作为油酸体积进行计算，相当于计算时所用的纯油酸的体积偏大，则偏大，故A错误； B．油膜未充分展开，测得的偏小，则d偏大，故B错误； C．将不完整方格都视为完整方格，会使测得的偏大，则d偏小，故C正确； D．求每滴溶液的体积时，记溶液的滴数时少记了10滴，则计算出的每滴油酸酒精溶液的体积偏大，从而计算出的每滴油酸的体积偏大，则偏大，故D错误。 故选C。 16. 瑜伽球是很受大家欢迎的健身器材，它可以增强锻炼者的平衡能力和协调性，也被应用于医疗中帮助病人做康复训练。设一个充满气的瑜伽球内部气体（可视为理想气体）体积为112.5L，处在温度为7℃的室内环境下，其内部压强为1.5atm，随着室内空调的开启温度变为27℃，当瑜伽球温度和室温达到一致时： （1）若忽略升温过程中球体体积变化，此时瑜伽球内部气体压强约为多大？ （2）当某人坐上瑜伽球时，稳定后球体体积减小为100L，此时球内气体压强约为多少（计算结果均保留2位有效数字）？ 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 已知初始状态，，则 末态温度，则 升温过程忽略球体体积变化，气体做等容变化，。根据查理定律，得 变形得 【小问2详解】 已知，，，人坐上后，气体温度保持室温不变，做等温变化，根据玻意耳定律，得 变形得 17. 如图所示的区域中，OM左边为垂直纸面向里的匀强磁场，右边是一个电场强度大小未知的匀强电场，其方向平行于OM，且垂直于磁场方向。一个质量为m、电荷量为﹣q的带电粒子从小孔P以初速度沿垂直于磁场方向进入匀强磁场中，初速度方向与边界线的夹角，粒子恰好从小孔C垂直于OC射入匀强电场，最后打在Q点，已知，，不计粒子的重力，求： （1）磁感应强度B的大小； （2）电场强度E的大小。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，有 解得 根据轨迹几何关系，粒子从点垂直入射电场，说明点速度水平向右，因此圆心在竖直边界上。结合初速度与x轴夹角为，可得 解得轨迹半径 代入，得 【小问2详解】 粒子进入电场后做类平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，总位移 解得 在竖直方向做初速度为0的匀加速直线运动，总位移。粒子带负电，电场方向向上，因此电场力向下，由牛顿第二定律，得加速度大小 由匀变速直线运动位移与时间的关系，得 将​和​代入，整理得 解得 18. 我国新一代航母福建舰采用全新的电磁阻拦技术。舰载机着舰时电磁阻拦技术的基本原理如图甲所示，平行导轨MN与PQ间距L=50m，电阻不计，MP间接有阻值R=10Ω的电阻。某舰载机质量M=2.5×104kg，金属棒ab质量m=5×103kg ，电阻为0.5R，匀强磁场垂直纸面向里，磁感应强度B=5T。某次测试，舰载机通过绝缘阻拦索迅速钩住轨道上的金属棒后，立即关闭动力系统，金属棒和舰载机可在极短的时间（瞬间）内获得共同速度，在磁场中一起减速滑行至停下，舰载机与金属棒共速到它们停下来的过程中，回路中电阻R上产生的焦耳热，求： （1）金属棒和舰载机获得共同速度瞬间金属棒所受安培力大小；(结果保留两位有效数字) （2）除安培力外，舰载机克服其他阻力所做的功； （3）若舰载机和金属棒一起减速滑行了后停下，其他阻力可视为恒力，则从舰载机与金属棒共速到它们停下来所需要的时间t1。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 金属棒和舰载机获得共同速度瞬间，金属棒产生的电动势为 回路电流为 则金属棒所受安培力大小为 【小问2详解】 舰载机与金属棒共速到它们停下来的过程中，根据动能定理可得 又， 联立解得，舰载机克服其他阻力所做的功为 【小问3详解】 舰载机与金属棒共速到它们停下来的过程中，根据动量定理可得 又， 其中，联立解得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $