辽宁省2025-2026学年高三上学期期中（11月）考试物理试题

绝密★启用前 2025一2026学年度（上）高三年级期中考试 物理试卷 本试卷共6页，满分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用 橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上 无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要 求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全 的得3分，有选错的得0分。 1.图甲所示的飞车走壁是具有时代特征的杂技项目，表演者驾驶摩托车在特制木桶壁上做水平面 内的匀速圆周运动，示意图如图乙所示，虚线为α、b两摩托车（包括表演者）的运动轨迹。若摩托 车恰好不受侧向摩擦力的作用，下列说法正确的是 甲 乙 A.摩托车受到重力、支持力、水平方向的摩擦力和向心力 B.a的向心加速度大于b的向心加速度 C.a的线速度大于b的线速度 D.a的角速度等于b的角速度 2.据统计，在地球周围轨道上正常运行的人造卫星约11700颗。如图所示，甲、乙、丙三颗人造地 球卫星分别在1、2、3轨道上运行。1为近地卫星圆轨道；2为椭圆轨道，P为近地点，Q为远地 点；3为圆轨道。已知地球的半径为R,Q点到地球中心的距离为丙 2 7R,圆轨道3的半径为2R,1、2轨道在P点相切。下列说法正确3 的是 。Q A.卫星甲与卫星丙的向心加速度之比为2：1 B.卫星甲与卫星丙的线速度之比为2：1 C.卫星乙与卫星丙的周期之比为8：1 D.卫星乙在P点的线速度大于第一宇宙速度 高三·物理第1页（共6页） 3.如图所示，匀强电场中有一标准“田”字格ABCD-abcd,电场线与田字格所在平面平行。田字格 的中心O点有一电子源，可向各个方向发射初动能为Ew的电子，其中到达c点的电子动能为，E如， 到达d点的电子动能为2Ek0。已知电子仅受匀强电场力的作用，不计电子间的相互作用，下列 说法正确的是 A.到达a点的电子动能为)E如 B.电子从O点运动到B点，静电力不做功 C.A点的电势低于D点的电势 D.电场方向从B点指向A点 4.如图所示，轻杆的一端固定着光滑小球，另一端用光滑铰链O固定在地面上，可绕O点在竖直平 面内无摩擦转动。木箱放置在粗糙的水平面上，初始时小球靠在木箱的侧壁上。现对木箱施加 一水平向左的拉力F,使木箱缓慢向左移动。在木箱与小球脱离之前，下列判断正确的是 A.轻杆上的弹力逐渐减小 B.木箱对小球的作用力逐渐增大 C.地面对木箱的支持力逐渐减小 7777777777777777 D.拉力F的大小保持不变 5.某考古队考古勘探时发现一锥形坑，竖直截面abc如图所示，其中竖直壁ab高度为h,∠b=45°。 工作人员从α点以不同的初速度水平向右抛射带有荧光标记的橡胶球，通过观察橡胶球的轨迹， 校准坑内文物测绘的参数。已知重力加速度为g,忽略空气阻力的影响。橡胶球抛出时的初速 度用v。(未知)表示，从抛出至落到斜面上所用的时间用t(未知)表示，下列判断正确的是 A.若橡胶球垂直打在bc上，则u。一√2 h 3h B.若橡胶球垂直打在bc上，则t= √2g 459 C.若橡胶球平抛运动的位移最小，则。= gh V2 D.若橡胶球平抛运动的位移最小，则二，瓜 g 6.如图所示，质量为1kg的足够长木板a放在水平地面上，质量为2kg的小物块b(可视为质点) 放在木板的最左端，开始时两者静止。已知a与地面之间的动摩擦因数为0.1，b与a之间的动 摩擦因数为0.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取g=10/s2。现将水平向右的力 F作用在小物块b上，下列判断正确的是 A.若F=2N,地面对a的摩擦力大小为3N b B.若F=4N,a的加速度大小为1m/s2 YFFFFFFKKFFFFKRKRFFRKFFFRF77KFRRRKFR C.若F=5N,a对b的摩擦力大小为5N D.若F=7N,a的加速度大小为1m/s2 高三·物理第2页（共6页）》 7.如图所示，质量为m的小物块a静止在光滑水平轨道上，质量为2m的小物块 b以某一初速度向右运动并与α发生正碰，碰撞过程有能量损失。已知碰撞后 a的速度大小为v,则碰撞前b的速度大小可能为 A.2v B知 c 3 D.40 8.如图所示，一热气球通过轻绳吊着重物P匀速上升，某时刻轻绳突然断裂。不计热气球质量的 变化，下列说法正确的是 A.轻绳断裂前，热气球和重物处于超重状态 B.轻绳断裂前后，热气球和重物的惯性不变 C.轻绳断裂后，热气球处于超重状态 D.轻绳断裂后，重物在空中先处于超重状态，后处于失重状态 9.如图甲所示，质量m=1kg的滑块静止在水平地面上，现对滑块施加水平向右的拉力F,F随时 间t变化的规律如图乙所示。已知滑块与水平地面间的动摩擦因数μ=0.2，重力加速度取g= 10m/s2。下列判断正确的是 ↑FN frntAfnnnnny 1/ 甲 A.t=2s时，滑块的动量大小为4kg·m/s B.t=3s时，滑块的速度大小为11m/s C.t=4s时，滑块的速度为零 D.2~4s的时间内，滑块的动量变化量为零 10.如图甲所示，物块α和b用轻弹簧相连，在拉力F的作用下一起竖直向上做匀加速直线运动， 此时加速度大小为ao,弹簧的弹力大小为F1。如图乙所示，物块c和d用轻绳相连，在与拉力 F同样大小的拉力F'的作用下一起沿着倾角为日的粗糙斜面向上做匀加速直线运动，此时轻绳 的拉力大小为F2。已知四个物块的质量均相同，物块c、d与斜面之间的动摩擦因数均为（μ> tan0),下列判断正确的是 个F A.F=F2 a B.撤去F的瞬间，a的加速度大小等于ao C.撤去F的瞬间，b的加速度大小为零 D.撤去F'的瞬间，c、d之间的轻绳拉力为零 甲 高三·物理第3页（共6页） 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)小明同学用如图甲所示的装置探究加速度与物体受力、物体质量的关系。图中拉力传感 器可以在屏幕上显示细绳的拉力F的大小，放在小车上的手机装有Phyphox软件，可以直接在 屏幕上显示小车的加速度α。小车内可以放置不同数量的砝码。 手机拉力传感器 沙桶合 甲 丙 (1)实验过程中 (选填“需要”或“不需要”)保持小车（包含砝码、手机、传感器）的质量远 大于桶和沙的总质量。 (2)保持小车（包含砝码、手机、传感器）的质量不变，通过改变沙的质量，多次实验，根据实验数 据拟合出如图乙所示的α一F图像，图像不过原点的原因可能是 (3)保持桶和沙的总质量不变，改变小车内砝码的质量，测出小车（包含砝码、手机、传感器）的质 量M,作出如图丙所示的a一M图像，根据图线 (选填“能”或“不能”)直接判断a 与M的定量关系。若能，请写出关系式；若不能，请说明应采用的数据处理方法 (4)该实验需要研究三个物理量之间的关系，应该采用的研究方法是 法。 12.(8分)某物理实验小组通过实验验证机械能守恒定律。 (1)安装实验器材如图甲所示，器材选择不合适的是 0 打点 纸带 计时器 铁架台 夹子 白木块 0. E 甲 乙 (2)更换器材完成实验。图乙是该实验小组打出的一条点迹清晰的纸带，已知打点计时器所用 电源的频率为50Hz,纸带上的O点是第一个点，测得第1个点和第2个点之间的距离约为 3mm,可知打下O点时纸带的速度 (选填“是”或“不是”)零。 (3)选取纸带上连续的三个计时点A、B、C和连续的三个计时点D、E、F作为计数点，测出计数 点A、B、C到O点的距离分别为h1、h2、h3,计数点D、E、F到O点的距离分别为h4、h;、 h。。打点计时器所用电源的频率用f表示，则打E点时重物的速度大小可表示为 当地的重力加速度为g,只要满足关系式 ,即可验证重物下落过程中机 械能守恒。（用题中给出的物理量符号表示） 高三·物理第4页（共6页） 13.(10分)如图甲所示，电子枪的金属丝K连续不断地逸出初速度为零的电子，经M、N两金属板 之间的电场加速后，沿A、B两水平金属极板间的中心线OP射入极板间的偏转电场（电场方向 垂直于水平金属板)。A、B两板长为L,两板间的电场强度EAB随时间t的变化图像如图乙所 示(E。为已知量)。t=0时射入A、B两极板间的电子在t=T时从极板右侧射出偏转电场，所 有电子均能从极板右侧射出。两板间的电场视为匀强电场，电子的质量为m、电荷量为，不计 电子的重力和电子之间的相互作用力。求： M A EAB 0 27 47 57 2T -E0--------- B 分 (1)N、M两金属板之间的电压U。; (2)电子在偏转电场中运动的最大速度？； (3)A、B两水平金属极板间的最小距离d。 14.(12分)某自动化生产线传送物件的装置如图所示，绷紧的传送带与水平面的夹角0=30°，在电 动机的带动下始终保持v。=5/s的速率顺时针运行。现将质量m=8kg的物件（可视为质 点)轻放在传送带底端，经过=3s的时间运动到传送带的顶端。已知物件与传送带之间的动 擦因数μ一，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取g=10m/尽 (1)求物件在传送带上上升的高度h; ⊙ (2)若物件缓慢漏出白色粉末粘到传送带表面（不影响动摩擦因数），求传送 带上白色痕迹的长度； 630 (3)在传送物件的过程中，求摩擦力对物件做的功W和电动机由于传送物 件多消耗的电能E。 高三·物理第5页（共6页） 15.(18分)某固定装置的竖直截面如图所示，水平光滑直轨道AB左端固定一轻弹簧，质量为m的 小物块P静止在弹簧另一端（与弹簧不拴接）。紧靠B右侧的水平地面上停放着质量为4m的 长木板，其上表面与AB等高，木板上有五个质量均为2m的相同小滑块，从左向右编号依次为 1、2、3、4、5,滑块1位于木板最左端，滑块5位于木板最右端，相邻滑块间的距离均相等。现给 P施加一水平向左的恒力F=2g(g为重力加速度)，当P向左运动距离为1时速度为零，此 时立即撤去F,P向右运动并与滑块1发生弹性碰撞，碰后立即取走物块P。滑块间的每次碰 撞时间极短，碰后会粘在一起继续运动，最终滑块5恰好没有与其他滑块发生碰撞。已知五个 滑块与长木板之间的动摩擦因数均为2μ，长木板与水平地面之间的动摩擦因数为以，最大静摩 擦力等于滑动摩擦力，小物块P和小滑块均可视为质点。弹簧的弹性势能可以表示为E。= 2,其中为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量。求： 1 P W 77777777 7777777777777777777777777777777777777777777 (1)轻弹簧的劲度系数； (2)物块P与滑块1碰撞后瞬间，二者的速度大小p、o; (3)长木板的长度s。 高三·物理第6页（共6页） 2025—2026学年度（上）高三年级期中考试 物理 答案第6页，共4页 学科网（北京）股份有限公司 1．C【解析】向心力是效果力，由摩托车受到的重力和桶壁对它的支持力的合力提供，A错误；由于摩托车恰好不受侧向摩擦力的作用，设桶壁与水平地面的夹角为θ，分析可知向心加速度大小为gtanθ，即a的向心加速度等于b的向心加速度，B错误；根据，可知半径越大的摩托车线速度越大，角速度越小，C正确，D错误。 2．D【解析】根据万有引力提供向心力，有，可知卫星甲与卫星丙的向心加速度之比为4:1，A错误；根据，可知卫星甲与卫星丙的线速度之比为，B错误；根据开普勒第三定律，乙与丙的周期之比为，C错误；卫星甲的线速度等于第一宇宙速度，故卫星乙在P点的线速度大于第一宇宙速度，D正确。 3．A【解析】根据匀强电场中电场强度与电势差的关系，可知电子从O点到c点动能减少了Ek0，从O点到a点动能会增加Ek0，因此到达a点的电子动能为Ek0，A正确；电子到达Od的中点f时动能为Ek0，因此f与a的连线为等势线，如图所示，电场方向垂直fa向下，电子从O点运动到B点，静电力做负功，A点的电势高于D点的电势，B、C、D错误。 4．B【解析】木箱缓慢移动，可认为小球与木箱均处于平衡状态，设杆与水平方向的夹角为θ，轻杆上的弹力为F1，木箱对小球的支持力为F2，对小球受力分析，水平方向有F1sinθ=mg，θ逐渐减小，故F1逐渐增大，A错误；水平方向有F1cosθ=F2，可得F2逐渐增大，B正确；由于小球光滑，地面对木箱的支持力大小等于木箱的重力，保持不变，C错误；木箱受到滑动摩擦力大小不变，小球对木箱的作用力F2′逐渐增大，而水平方向有F+F2′=μmg，可知拉力F逐渐减小，D错误。 5．D【解析】若橡胶球垂直打在bc上，末速度与水平方向的夹角为45°，则v0=gt，由几何关系有，联立可得，，A、B错误；若橡胶球平抛运动的位移最小，即位移垂直于bc，根据几何关系可知，，可得，，C错误，D正确。 6．D【解析】地面对a的最大静摩擦力为fma= μ1(ma+mb)g=3N，a对b的最大静摩擦力为fmb= μ2mbg=4N。F=2N时a、b静止不动，根据平衡条件可知地面对a的摩擦力大小为2N，A错误；F=4N时，a、b一起加速运动，根据牛顿第二定律F-fma=(ma+mb)a ，可得二者的加速度大小为m/s2，B错误；F=5N时a、b没有发生相对滑动，a、b之间为静摩擦力，大小为N，C错误；F=7 N时a、b相对滑动后a的加速度保持不变，为aa==1m/s2，D正确。 7．C【解析】设b碰撞前后的速度分别为v0和v1，若发生弹性碰撞，根据动量守恒有2mv0=2mv1+mv，根据能量守恒有，联立可得；若发生完全非弹性碰撞，有2mv0=(2m+m)v，可得。碰撞过程有能量损失，则碰撞前b的速度大小介于与之间，C正确，A、B、D错误。 8．BC【解析】轻绳断裂前，热气球和重物匀速上升，处于平衡状态，A错误；质量是惯性大小的唯一量度，故轻绳断裂前后，热气球和重物的惯性不变，B正确；轻绳断裂后，热气球受到的向上的力大于向下的力，加速度向上，处于超重状态，C正确；重物先竖直向上做减速运动，再向下做加速运动，加速度一直向下，此过程重物始终处于失重状态，D错误。 9．AD【解析】根据动量定理，0～2s的时间内有(F-μmg)Δt1=mv1，可得t=2s时滑块的动量为4kg·m/s，速度为4m/s，A正确；F-t图像中，图线与坐标轴围成的图形面积表示冲量，2～3s的时间内，拉力的冲量，根据动量定理 ，可得t=3s时滑块的速度为5m/s，B错误；同理，0～4s的时间内根据动量定理，可得滑块的速度为4m/s，C错误；2～4s的时间内，拉力的冲量与摩擦力的冲量大小相等，根据动量定理可知滑块的动量变化量为零，D正确。 10．AD【解析】 设物块的质量为m，根据牛顿第二定律，对a、b整体上有F-2mg=2ma0，对b有F1-mg=ma0，联立可得，同样对c、d整体有F′-2mgsinθ-2μmgcosθ=2ma，对c有F2-mgsinθ- μmgcosθ=ma，联立可得，而F=F′，即F1=F2，A正确；撤去F的瞬间，弹簧弹力不变，对a根据牛顿第二定律，有F1+mg=ma1，可得a的加速度大小a1大于a0，b的加速度大小仍为a0，B、C错误；撤去F′的瞬间，c、d以相同的加速度做减速运动，因此轻绳拉力为零，D正确。 11．（1）不需要（1分）（2）小车受到阻力影响（“没有补偿阻力”或“补偿阻力不足”均给分，2分） （3）不能（1分） 将a-M图像改为a-图像或图像（1分） （4）控制变量（1分） 【解析】（1）拉力传感器可以直接读出绳对小车的拉力，不需要用沙和桶的总重力表示小车受到的拉力，因此不需要保持小车（包含砝码、手机、传感器）的质量远大于沙和桶的总质量。 （2）图线不过原点，且拉力增加到一定值后小车才运动，说明小车受到阻力作用。 （3）实验画出的a－M关系图线为曲线，不能判断a与M的定量关系。要通过化曲为直的方法，根据图线先猜想为反比关系，再作出(或)图像，如果是过原点的倾斜直线则为反比关系，若不是，继续猜想并验证。 （4）保持一个量不变，研究另外两个量之间的关系，为控制变量法。 12．（1）木块（2分） （2）不是（2分） （3）（2分） （2分） 【解析】（1）根据机械能守恒的条件可知，木块下落过程中受到空气阻力的影响比较大，应该选用质量大、体积小的重物。 （2）根据打点计时器的周期和自由落体运动规律，如果打下O点时纸带的速度为零，则第1个点和第2点之间的距离约为2mm，若大于2mm，则打下O点时纸带的速度不是零。 （3）重物做匀加速直线运动，故打点计时器打E点时重物的速度等于D、F之间的平均速度，即。同样，打点计时器打B点时重物的速度，从B点到E点，重物下落的高度为h5-h2，故减少的重力势能为mg(h5-h2)，增加的动能为，联立可得。 13.（1） （2） （3） 【解析】（1）电子在偏转电场中，水平方向做匀速直线运动，运动时间为T 设进入偏转电场时的速度为v0，有（1分） 电子在M、N两金属板之间做加速运动，有 （1分） 联立可得 （1分） （2）电子在偏转电场中运动时，加速度大小 （1分） 进入偏转电场的电子，加速时速度最大 竖直方向 （1分） 最大速度（1分） （3）时进入偏转电场的电子，离开电场时偏转距离最大 ～T的时间内，电子沿着竖直方向做加速运动的距离 （1分） T～的时间内，电子沿竖直方向做匀速直线运动的距离 （1分） ～的时间内，电子沿着竖直方向做减速运动的距离 （1分） 联立可得 （1分） 14.（1）5m （2）5m （3）500J 800J 【解析】（1）物件与传送带共速前，由牛顿第二定律得μmgcosθ-mgsinθ=ma （1分） 解得a=2.5m/s2 物件运动到与传送带共速所用的时间t1==2s （1分） 运动的距离x1==5m （1分） 共速后，物件与传送带一起匀速运动，运动时间t2=t- t1=1s 匀速运动的距离x2=v0t2=5m （1分） 物件在传送带上上升的高度 h=(x1+ x2)sin30°=5m （1分） （2）物件与传送带相对滑动的过程中在传送带上留下白色痕迹的长度 Δx = v0t1- x1=5m （2分） （3）物件与传送带共速前，滑动摩擦力对物件做功，共速后，静摩擦力对物件做功，有 W1=μmg x1cosθ W2= mgx2sinθ 摩擦力对物件做的功W= W1+W2=500J （2分） 物件与传送带之间因摩擦产生的热量 Q=μmgcosθΔx=300J （1分） 物件增加的机械能=500J（1分） 电动机由于传送物件多消耗的电能E=Q+ E0=800J （1分） 15． （1） （2） （3） 【解析】（1）使P向左运动位移为l时速度为零 根据功能关系，由 （2分） 解得 （1分） （2）设物块P离开弹簧时的速度为v，有 （1分） 取水平向右为正方向，根据动量守恒定律和能量守恒定律有 （1分） （1分） 联立可得，即碰后P的速度大小为 （1分） （1分） （3）长木板与地面之间的最大静摩擦力fm=14μmg 当滑块1、2、3与滑块4碰撞后瞬间，滑块对长木板的摩擦力f=16μmg，此时长木板开始运动 滑块1向右做匀减速直线运动，加速度a=2μg 设滑块1与滑块2碰撞前瞬间滑块1的速度为v10，有 （1分） 设滑块1、2碰撞后瞬间的速度为v1，有 （1分） 同理，设滑块1、2与3碰撞前瞬间滑块1、2的速度为v20，有 （1分） 设滑块1、2与3碰撞后瞬间的速度为v2，有 （1分） 同理，设滑块1、2、3与4碰撞前瞬间滑块1、2、3的速度为v30，有 （1分） 设滑块1、2、3与4碰撞后瞬间的速度为v3，有 （1分） 此时木板开始运动，设木板与滑块5一起运动的加速度大小为a0 f- fm=6ma0 （1分） 设经过时间t，滑块1、2、3、4与滑块5恰好接触但是未发生碰撞，此时达到共同速度，有 v3-at=a0t （1分） 位移关系满足 （1分） 联立可得 （1分） $