安徽合肥市第一中学2024-2025学年高二下学期期中物理模拟试卷

2024-2025学年安徽省合肥市合肥一中高二下学期期中物理模拟试卷 一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 1.关于电场强度E,下列说法正确的是() A由卫=￡知，若电场中某点不放检验电有，该点场强B为0 9 R B.由E=上知，若q减半，则五变为原来的2倍 C由B=k号知，以Q球心、r为半径的球面上，各点场强均相同 D.由E=k号知，Q不变时，越大，场强越小 2.如图所示，一细束激光由光导纤维左端的中心点以i=60°的入射角射入，折射角6=30°，经过一系列全 反射后从右端射出。已知光导纤维长L=1.2×104m,真空中的光速c=3×103m/s,则该激光在光导纤 维中传输所经历的时间为() A.42×10-5s B.4W3×10-5s C.8×10-5s D.4×10-5s 3.如图所示是利用GMR设计的磁铁矿探测仪原理示意图，图中GMR在外磁场作用下，电阻会发生大幅度 减小.下列说法正确的是 +5V ● GMR 指示灯 A.若存在磁铁矿，则指示灯不亮：若将电阻R调大，该探测仪的灵敏度提高 B.若存在磁铁矿，则指示灯亮；若将电阻R调大，该探测仪的灵敏度提高 C.若存在磁铁矿，则指示灯不亮；若将电阻R调小，该探测仪的灵敏度提高 D.若存在磁铁矿，则指示灯亮；若将电阻R调小，该探测仪的灵敏度提高 4.如图，有一固定且内壁光滑的半球面，球心为O,最低点为C,在其内壁上有两个质量相同的小球（可 视为质点)A和B,在两个高度不同的水平面内做匀速圆周运动，A球的轨迹平面高于B球的轨迹平面。A、 B两球与0点的连线与竖直线OC间的夹角分别为a=53°和B=37°(sin37°=0.6，cos37°=0.8)，则 C A.A、B两球所受弹力的大小之比为3：4 B.A、B两球运动的周期之比为4：3 C.A、B两球的线速度大小之比为3：8 D.A、B两球的转速之比为2：√5 5.甲、乙两个物块在光滑水平桌面上沿同一直线运动，甲追上乙，并与乙发生碰撞，碰撞前后甲、乙的速 度随时间的变化如图中实线所示。已知甲的质量为1kg,则碰撞过程两物块损失的机械能为() ↑v/m/s) 6.0 4.0 甲 2.0 0.0 -2.0.甲. A.1J B.2J C.3J D.4J 6.如图所示，正三棱柱ABC-A'B'C'的A点固定一个电荷量为+Q的点电荷，C点固定一个电荷量为一Q的 点电荷，D、Dc点分别为AC、AC边的中点，选无穷远处电势为零。下列说法中正确的是() D D B A.D、B两点的电场强度方向不同 B.将一负试探电荷从A点移到C'点，其电势能减少 C.将一正试探电荷沿直线从B点移到D心点，电场力始终不做功 D.将一正试深电荷沿直线从B点移到D点，电场力做负功 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多 个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7.如图所示，x轴上有两点电荷Q1和Q,A、B为连线上的两点，P点靠近Q2一些，两点电荷连线上各点 的电势高低如图线所示，取无穷远处电势为零，则从图中可以看出() A.Q1为负电荷，Q2为正电荷 B.将一正电荷从A移动到B点电势能一直减小 C.P点的电场强度为0 D.A、B两点场强方向相同 8.某点电荷周围的电场线分布如图所示，a、b是电场中的两点。下列说法正确的是() A.该点电荷带负电 B.a、b两点电场强度方向相同 C点电场强度大小小于b点电场强度大小 D.某试探电荷在点受静电力方向一定与该点电场强度方向相同 9.如图甲所示，P、Q为真空中两固定点电荷，O为PQ连线的中点，MN为PQ连线的中垂线，从MN上 的C点由静止释放一试探电荷，电荷仅在电场力作用下运动，运动过程中的速度-时间图像如图乙所示（已 知图像关于虚线对称)，下列说法正确的是() C。 P O 甲 乙 A.P、Q为等量同种电荷 B.P、Q为等量异种电荷 C.t1时刻，试探电荷位于O点 D.t时刻，试探电荷位于O点 10.如图是一弹簧振子，O为平衡位置，则振子从a→O运动的过程中，下列说法正确的是() 000 A位移不断减小 B.速度不断减小 C加速度不断减小 D.弹簧的弹性势能不断增大 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算 过程。 11.某同学用以下器材接成图1所示的电路，并将原微安表盘改画成如图2所示，成功地改装了一个简易的 “R×1K”的欧姆表，使用中发现这个欧姆表用来测量阻值在10k2-20k2范围内的电阻时精确度令人 满意，表盘上数字“15”为原微安表盘满偏电流一半处。所供器材如下： A、Ig=100μA的微安表一个； B、电动势E=1.5V,电阻可忽略不计的电池： C、阻值调至14k2电阻箱R一个； D、红、黑测试表棒和导线若干： 50100504030201510 5 200 表笔 kiw山uL 图1 图2 (1)原微安表的内阻R。=2: (2)在图1电路的基础上，不换微安表和电池，图2的刻度也不改变，仅增加1个电阻，就能改装成“R× 1”的欧姆表。要增加的电阻应接在 之间（填α、b、c),规格为；（保留两位有效数字) (3)画出改装成“R”的欧姆表后的电路图 12.测定电源的电动势和内电阻的实验电路和I图像如下： 个UV 1.5 a R b 1.4 1.3 Er S 1.2 00.10.20.30.4A (1)闭合开关前为防止电表过载滑动变阻器的滑动头P应放在处 (2)现备有以下器材： A.干电池1个 B.滑动变阻器(0502) C.滑动变阻器(0~17502) D.电压表(0~3V) E.电压表(0-15V) F.电流表(0-0.6A) G.电流表(03A) 其中滑动变阻器应选 电流表应选，电压表应选· (填字母代号) (3)由UI图像.由此可知这个干电池的电动势=V,内电阻=2. (4)由于电压表的分流作用使本实验电路存在系统误差，导致E测E真，T测T真（填><或=”） 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的 文字说明、方程式和演算步骤。 13.如图所示的电路中，电源电动势20V、内阻32，定值电阻R=152、R2=22、滑功变阻器R,可调 节范围0-102，一对边长L=10cm的正方形金属板水平放置，板间距d=10cm。闭合开关S,电路稳定 后一质量=3.2g、电荷量g=1.6×103C的带电微粒，从两金属板左侧中点以速度，=1m/s沿平行于金 属板方向射入电场。不考虑空气阻力，重力加速度g=10m/s2 (1)若微粒沿直线射出电场，求此时两金属板间电压和滑动变阻器连入电路部分电阻： (2)为使微粒能够射出金属板间电场区域，求滑动变阻器R,的调节范围。 14.如图所示，电荷量分别为+9、+9q的两带电小球A、B,分别用两根不可伸长的绝缘细线悬挂于O点， 静止时A、B两球处于同一水平线上。已知O点到A球的距离OA=2L,∠AOB=90°，∠OAB=60°， 静电力常量为k,带电小球均可视为点电荷，重力加速度为g。 (1)求A、B两球间的库仑力大小： (2)求A球的质量； (3)若移去小球B,同时在空间中加上一匀强电场（电场方向平行于平面OAB且垂直OA),小球A仍能 静止在原来位置，求所加电场的场强大小。 21 个60° 15.如图，空间有一竖直向下沿x轴方向的静电场，电场的场强大小按E=咫x分布《：是轴上某点到0 AaL 点的距离)。x轴上，有一长为L的绝缘细线连接均带负电的两个小球A、B,两球质量均为，B球带电荷 量大小为4，A球距O点的距离为L。两球现处于静止状态，不计两球之间的静电力作用。 (1)求A球的带电荷量大小qA: (2)剪断细线后，求B球下落速度达到最大时，B球距O点距离为0： (3)剪断细线后，求B球下落最大高度h。2024-2025学年安徽省合肥市合肥一中高二下学期期中物理模拟试卷 一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 1.关于电场强度E,下列说法正确的是() A由卫=￡知，若电场中某点不放检验电有，该点场强B为0 9 R B.由E=二知，若q减半，则B变为原来的2倍 C由B=k号知，以Q球心、r为半径的球面上，各点场强均相同 D.由E=k号知，Q不变时，r越大，场强越小 r 【答案】D 【解析】 F 【详解】AB.卫=上是电场强度的定义式，电场强度只由电场本身决定，与检验电荷的电量以及电场中是 9 否放检验电荷无关，即电场中某点不放检验电荷或q减半，该点的电场强度不变，故AB错误； 号和，以O球心、r为半径的球面上，各点场强大小均相同，但是方向不， D.由E=k 知，Q不变时，r越大，场强越小，故D正确。 故选D。 2.如图所示，一细束激光由光导纤维左端的中心点以i=60°的入射角射入，折射角0=30°，经过一系列全 反射后从右端射出。已知光导纤维长L=1.2×104m,真空中的光速c=3×103m/s,则该激光在光导纤 维中传输所经历的时间为() A.42×105s B.4V5×105s C.8×10-5s D.4×10-5s 【答案】C 【解析】 【详解】题意可得光导纤维对光的折射率 n=simt-sin6 sinθsin30 2=5 故光在光导纤维中速度为 故该激光在光导纤维中传输所经历的时间为 t=- vcos e 代入题中数据，解得 t=8×105s 故选C。 3.如图所示是利用GR设计的磁铁矿探测仪原理示意图，图中GMR在外磁场作用下，电阻会发生大幅度 减小.下列说法正确的是 +5V GMR A& 指示灯 A.若存在磁铁矿，则指示灯不亮：若将电阻R调大，该探测仪的灵敏度提高 B.若存在磁铁矿，则指示灯亮；若将电阻R调大，该探测仪的灵敏度提高 C.若存在磁铁矿，则指示灯不亮；若将电阻R调小，该探测仪的灵敏度提高 D.若存在磁铁矿，则指示灯亮；若将电阻R调小，该探测仪的灵敏度提高 【答案】B 【解析】 【详解】若存在磁铁矿，GMR的电阻会变小，所分担的电势差减小，输入门电路电势变高，非门的特点是 输入状态和输出状态完全相反，则非门输出的电势变低，指示灯两端的电压较大，所以指示灯亮.将电阻R 变大，GR分担的电压相对变小，知磁场不太强时输入非门的电势也较高，则输出较低，指示灯两端的电 压较大，可知灵敏度提高.故B正确，ACD错误.故选B. 4.如图，有一固定且内壁光滑的半球面，球心为O,最低点为C,在其内壁上有两个质量相同的小球（可 视为质点)A和B,在两个高度不同的水平面内做匀速圆周运动，A球的轨迹平面高于B球的轨迹平面。A、 B两球与0点的连线与竖直线OC间的夹角分别为=53°和B=37(sin37°=0.6，c0s37°=0.8)，则 C A.A、B两球所受弹力的大小之比为3：4 B.A、B两球运动的周期之比为4：3 CA、B两球的线速度大小之比为3：8 D.A、B两球的转速之比为2：√3 【答案】D 【解析】 【详解】A.根据 N=mg cosθ 所以A、B两球所受弹力的大小之比为 NACOsB4 NB cosa 3 所以A错误： BD.根据 2π 2 mg tan=m Rsin 0 解得 Rcos0 T=2π 8 所以A、B两球运动的周期之比为 L cosa 3 T: V cOS B V4 A、B两球的转速之比为 4-T2=2 则B错误；D正确； C.根据 mg tan 0=m Rs1nθ 解得 v=√eR tan Osin 所以A、B两球运动的周期之比为 tan a sina 64 tan B sin B V27 所以C错误： 故选D。 5.甲、乙两个物块在光滑水平桌面上沿同一直线运动，甲追上乙，并与乙发生碰撞，碰撞前后甲、乙的速 度随时间的变化如图中实线所示。己知甲的质量为1kg,则碰撞过程两物块损失的机械能为() ↑v/(m/s 6.0 4.0 2.0 0.0 -2.0.甲 A.1J B.2J C.3J D.4J 【答案】C 【解析】 【详解】设甲、乙物块的质量分别为单、2，由动量守恒定律得 岬年+2Vz=v年+lzV2 解得 m =6kg 则碰撞过程中两物块损失的机械能为 2 代入数据解得 E振=3J 故选C。 6.如图所示，正三棱柱ABC-A'B'C'的A点固定一个电荷量为+Q的点电荷，C点固定一个电荷量为一Q的 点电荷，D、D点分别为AC、AC边的中点，选无穷远处电势为零。下列说法中正确的是() D D B' A.D、B两点的电场强度方向不同 B.将一负试探电荷从A点移到C'点，其电势能减少 C.将一正试探电荷沿直线从B点移到D心点，电场力始终不做功 D.将一正试探电荷沿直线从B点移到D点，电场力做负功 【答案】C 【解析】 【详解】A.分别画出AC在B、B'、D、D各点的场强，然后进行场强的合成可以得到两个点电荷在这四 点的电场强度方向均平行于AC,方向由A指向C,故A错误； B.AC”沿线电场强度方向由A指向C”，电势降低，但试探电荷为负电荷，故电势能增加，故B错误： CD.几何体为正三棱柱，D、D点分别AC为、AC'边的中点，所以BDBD为AC的中垂面，也就是等 势面，各处电势相等，电势能相等，电场力不做功，故C正确，D错误： 故选C。 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多 个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7.如图所示，x轴上有两点电荷Q1和Q2,A、B为连线上的两点，P点靠近Q2一些，两点电荷连线上各点 的电势高低如图线所示，取无穷远处电势为零，则从图中可以看出() A.Q1为负电荷，Q2为正电荷 B.将一正电荷从A移动到B点电势能一直减小 C.P点的电场强度为0 D.A、B两点场强方向相同 【答案】BD 【解析】 【详解】AD.从A到B,电势不断降低，电场方向由A到B,A、B两点场强方向相同，所以Q1为正电荷、 Q2为负电荷，故A错误，D正确： B.从A到B,电势不断降低，根据 E。=qp 将一正电荷从A移动到B点电势能一直减小，故B正确： C.P处图像的斜率不等于零，则P点的场强不为零，故C错误。 故选BD。 8.某点电荷周围的电场线分布如图所示，α、b是电场中的两点。下列说法正确的是() A.该点电荷带负电 B.a、b两点电场强度方向相同 C点电场强度大小小于b点电场强度大小 D.某试探电荷在点受静电力方向一定与该点电场强度方向相同 【答案】AC 【解析】 【详解】A.根据点电荷电场线分布特点结合图像可知，该点电荷带负电，故A正确： BC.根据电场线密集程度表示电场强度大小，由图可知，b点场强大于α点场强，两点电场强度方向相反， 故B错误，C正确： D.正电荷在电场中所受电场力方向与该点场强方向相同，负电荷在电场中所受电场力方向与该点场强方向 相反，由于不知道试探电荷的电性，则无法确定试探电荷在α点所受静电力方向与该点电场强度方向是相 同还是相反，故D错误。 故选AC。 9.如图甲所示，P、O为真空中两固定点电荷，O为PQ连线的中点，N为PO连线的中垂线，从MN上 的C点由静止释放一试探电荷，电荷仅在电场力作用下运动，运动过程中的速度-时间图像如图乙所示（己 知图像关于虚线对称)，下列说法正确的是() 甲 乙 A.P、Q为等量同种电荷 B.P、Q为等量异种电荷 C.t1时刻，试探电荷位于O点 D.t2时刻，试探电荷位于O点 【答案】AC 【解析】 【详解】AB.从N上的C点由静止释放一试探电荷，电荷仅在电场力作用下运动，运动过程中的速度- 时间图像如图乙所示，因为图像关于虚线对称，所以可以判断试探电荷在MN上运动，两电荷对试探电荷 同为引力，所以P、Q为等量同种电荷，故A正确B错误： CD.t1时刻，试探电荷速度最大，所以合力做功最多，所以试探电荷位于O点，t2时刻，试探电荷速度为 零，到达关于O的对称点，故C正确D错误。 故选AC。 10.如图是一弹簧振子，0为平衡位置，则振子从0运动的过程中，下列说法正确的是() 00 a A位移不断减小 B.速度不断减小 C加速度不断减小 D.弹簧的弹性势能不断增大 【答案】AC 【解析】 【详解】振子从α→O运动的过程是靠近平衡位置，故位移减小，速度增加，加速度减小，弹性势能减小， 故BD错误，AC正确。 故选AC。 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算 过程。 11.某同学用以下器材接成图1所示的电路，并将原微安表盘改画成如图2所示，成功地改装了一个简易的 “R×1K”的欧姆表，使用中发现这个欧姆表用来测量阻值在10k2-20k2范围内的电阻时精确度令人 满意，表盘上数字“15”为原微安表盘满偏电流一半处。所供器材如下： A、Ig=100μA的微安表一个； B、电动势E=1.5V,电阻可忽略不计的电池： C、阻值调至14kΩ电阻箱R一个： D、红、黑测试表棒和导线若干； 5810050403020.1510 ao 200 表笔 图1 图2 (1)原微安表的内阻R=2: (2)在图1电路的基础上，不换微安表和电池，图2的刻度也不改变，仅增加1个电阻，就能改装成“R× 1”的欧姆表。要增加的电阻应接在之间（填a、b、c),规格为；（保留两位有效数字） (3)画出改装成“R”的欧姆表后的电路图 【答案】 ①.1000 ②.a、c③.152④.电路图如图所示 G 表笔 【解析】 【详解】(1)[1]根据“使用中发现这个欧姆表用来测量阻值在10k2一20k2范围内的电阻时精确度令人满意。” 说明在测阻值在10k一20k2的电阻时欧姆表的指针在刻度盘的中间附近，由此可结合刻度盘确定此表的中 值电阻，即表内总电阻约为R急=15k2。(相当于欧姆表选择量程于×1k挡)。当表笔短接时，电流满偏，根 据欧姆定律有 Ie-R+Ro 解得 R3=1k2=10002 (2)[2]要把原表改装成“R×1”的欧姆表，就要减少表的内阻，依题意，显然只有在、c之间并联一个小 电阻R。才能使表内总电阻等于中值电阻R#=152。 [3]根据 R(R+R) Rx-R+R+R 代入R以及Rg的数值可计算可得 R≈152 (34]画出改装成“R×1”的欧姆表后的电路图如图3所示 表笔 图3 【点睛】 12.测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U1图像如下： UNV 1.5 a R b 1.4 1.3 Er 1.2 00.10.20.30.4A (1)闭合开关前为防止电表过载滑动变阻器的滑动头P应放在处 (2)现备有以下器材： A.干电池1个 B.滑动变阻器(0502) C.滑动变阻器(0-17502) D.电压表(03V) E.电压表(015V) F.电流表(0-0.6A) G.电流表(0~3A) 其中滑动变阻器应选，电流表应选，电压表应选 ·(填字母代号) (3)由I图像.由此可知这个干电池的电动势E=V,内电阻=2. (4)由于电压表的分流作用使本实验电路存在系统误差，导致卫测E真，T测T真（填><”或=） 【答案】 ①.a②.B ③.D④.F⑤.1.5⑥.0.75⑦.<⑧.< 【解析】 【详解】(1)[1]闭合开关之前滑动变阻器的滑动头P应放在最大值位置处，即α处. (2)[2]滑动变阻器起控制电流的作用，而电源电动势大约1.5V,电路中电流较小，故为了便用调节，滑动 变阻器选取B. [3]电源电动势大约1.5V,因此电压表选择量程为3V的比较合适，故电压表选择D, [4]由图可知，电路中的电流较小，因此电流表选择F, (3)[5]在UI图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.5V; [6图象中的斜率表示电源的内阻，则有： r=1.5-12 0.752 0.4 (4)[[8]由图所示电路图可知，相对于电源来说，电流表采用外接法，由于电压表分流，电流测量值小于 真实值，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的I图象如图所示： 。 测 →1 电源的I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻，由图象可知，电源电动势 的测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值， 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的 文字说明、方程式和演算步骤。 13.如图所示的电路中，电源电动势20V、内阻32，定值电阻R=152、R2=22、滑功变阻器R,可调 节范围0~102，一对边长L=10cm的正方形金属板水平放置，板间距d=10cm。闭合开关S,电路稳定 后一质量m=3.2g、电荷量q=1.6×103C的带电微粒，从两金属板左侧中点以速度，=1m/s沿平行于金 属板方向射入电场。不考虑空气阻力，重力加速度g=10ms2 (1)若微粒沿直线射出电场，求此时两金属板间电压和滑动变阻器连入电路部分电阻： (2)为使微粒能够射出金属板间电场区域，求滑动变阻器R,的调节范围。 【答案】(1)2V:22:(2)4.52≥R,≥0 【解析】 【详解】(1)微粒沿直线射出电场，则由平衡可知 U d9-mg 解得 U-mgd_3.2×103x10x0.LV=2V 1.6×103 回路的电流 7=E-0_20-2A1A R+r15+3 滑动变阻器连入电路部分电阻 U_22=29 R=11 (2)若粒子从上极板右侧射出，则 L=Vot 3d-Tap Ud-mg=ma 其中 ER U=R+r+Ra 联立解得 U1-4V R1=4.52 若粒子从下极板右侧射出，则 L=vot 1 2 g二 mg-d 其中 ERi2 U:=R+r+Rm 联立解得 U20V R2=0 则滑动变阻器Rz的调节范围4.52≥R,≥0。 14.如图所示，电荷量分别为+9、+9q的两带电小球A、B,分别用两根不可伸长的绝缘细线悬挂于O点， 静止时A、B两球处于同一水平线上。己知O点到A球的距离OA=2L,∠AOB=90°，∠OAB=60°， 静电力常量为k,带电小球均可视为点电荷，重力加速度为g。 (1)求A、B两球间的库仑力大小； (2)求A球的质量： (3)若移去小球B,同时在空间中加上一匀强电场（电场方向平行于平面OAB且垂直OA),小球A仍能 静止在原来位置，求所加电场的场强大小。 21 60° 【答案】(1) 9g2 l62:(2) 9V3g2 16gL2 :(3)93g 322 【解析】 【详解】(1)根据库仑定律可得A、B间的库仑力为 F=k24e8 又 c0s60° 联立解得 F=9hg 162 (2)对A受力分析，如图所示 60° +9q 5 m38 依据矢量的合成法则，结合三角知识，则有 F=4gtan30° 解得 93kg mA= 16gL2 (3)由几何关系可知，当电场方向与OA连线垂直时有 qE=m48sin30° 解得 E-93hg 32L2 15.如图，空间有一竖直向下沿x轴方向的静电场，电场的场强大小按E=侣x分布(x是轴上某点到0 4gL 点的距离)。x轴上，有一长为L的绝缘细线连接均带负电的两个小球A、B,两球质量均为m,B球带电荷 量大小为q,A球距O点的距离为L。两球现处于静止状态，不计两球之间的静电力作用。 (I)求A球的带电荷量大小qA: (2)剪断细线后，求B球下落速度达到最大时，B球距O点距离为xo; (3)剪断细线后，求B球下落最大高度h。 【答案】(1)qA=6q:(2)x0-4L;(3)4L 【解析】 【详解】(1)对A、B由整体法得 gL一q 2mg-da AqL g.2L=0 AgL 解得 gA-6q (2)当B球下落速度达到最大时，由平衡条件得 xo mg=92=q4 解得 x0-4L (3)运动过程中，电场力大小线性变化，所以由动能定理得 x8×2L+q× g m8(2L+) mgh- 4gL 4gL -h=0 2 解得 -4L 【点睛】该题中，两个小球受到的力是变力，要根据它们受力变化的规律，正确分析得出它们运动的规律， 然后才能做出正确的结论。题目的难度比较大。