第十章 1 电势能和电势（配套教参Word）-【步步高】2025-2026学年高二物理必修第三册学习笔记（人教版 浙江专版）

本讲义聚焦电势能和电势核心知识点，以静电力做功特点（与路径无关、仅与初末位置有关）为起点，类比重力势能引入电势能概念，再通过电势能与电荷量比值定义电势，构建“做功特点-电势能-电势”的递进式知识支架。 资料通过问题链驱动探究（如不同路径静电力做功比较）、类比迁移（重力与静电力做功类比）及例题解析（如电势高低判断、电势能计算），培养科学思维中的科学推理与模型建构能力。课中助力教师引导学生主动思考，课后课时对点练可帮助学生巩固知识，查漏补缺。

1　电势能和电势 [学习目标]　1.知道静电力做功的特点，掌握静电力做功与电势能变化之间的关系(重点)。 2.理解电势能、电势的概念及电势和电势能的相对性(重难点)。3.掌握电势能的计算方法(重点)。4.会判断电场中两点电势的高低(重点)。 一、静电力做功的特点 如图所示，正试探电荷q在电场强度为E的匀强电场中从A移动到B。 (1)若q沿直线AB(图甲)运动，静电力做的功为多少？ (2)若q沿折线(图甲)AMB从A点移动到B点，静电力做的功为多少？ (3)若q沿任意曲线ANB(图乙)从A点移动到B点，静电力做的功为多少？ (4)由此可得出什么结论？ 答案　(1)静电力对试探电荷q做的功WAB＝Fcos θ·|AB|＝qEcos θ·|AB|＝qE·|AM|； (2)在q沿AM移动过程中静电力做功W1＝qE·|AM|，在q沿MB移动过程中静电力做功W2＝0，总功WAMB＝W1＋W2＝qE·|AM|； (3)WANB＝W1＋W2＋W3＋…＋Wn＝qE·|AM|； (4)电荷在匀强电场中沿不同路径由A点运动到B点，静电力做功相同。说明静电力做功与路径无关，只与初、末位置有关。 静电力做功的特点：静电力所做的功与电荷的起始位置和终止位置有关，与电荷经过的路径无关。 注意：这个结论虽然是从匀强电场中推导出来的，但是可以证明对非匀强电场也是适用的。 二、电势能 (1)类比重力做功与重力势能变化的关系，试分析，正电荷只在静电力作用下从A运动到B(图甲)和从B运动到A时(图乙)静电力做功情况、动能和电势能的变化。 (2)如果规定B点为零势能位置，若电荷从A移动至B静电力对电荷做功为WAB，则电荷在A点电势能是多少？ 答案　(1)类比重力做功与重力势能变化的关系可知，从A→B静电力做正功，动能增加，电势能减少； 从B→A静电力做负功，动能减少，电势能增加。 (2)由WAB＝EpA－EpB＝EpA－0得EpA＝WAB。 1．定义：电荷在电场中具有的势能，是与位置有关的物理量。符号：Ep。 2．静电力做功与电势能变化之间的关系： (1)WAB＝EpA－EpB。 (2)静电力做正功，即WAB>0，电势能减少；静电力做负功，即WAB<0，电势能增加。 3．电势能的大小：电荷在某点的电势能，等于把它从这点移动到零势能位置时静电力所做的功。 4．电势能的几点说明： (1)标量：正负值表示电势能大小。 (2)系统性：电荷与电场共有的能量。 (3)相对性：通常以离场源电荷无限远或地面为零势能面。 例1　如图所示是以电荷＋Q为圆心的一组同心圆(虚线)，电场中有A、B、C、D四点。现将一带电荷量为q的正点电荷由A点沿不同的路径移动到D点，沿路径①做功为W1，沿路径②做功为W2，沿路径③做功为W3，则(　　) A．W2<W3<W1 B．W1＝W2＝W3 C．W2>W3>W1 D．W3>W2>W1 答案　B 解析　因为静电力做功只与初、末位置有关，而与电荷运动路径无关，故沿三条路径将点电荷由A移动到D的过程中，静电力做功相等，即W1＝W2＝W3，故选B。 例2　将带电荷量为6×10－6 C的负电荷从电场中的A点移到B点，克服静电力做了3×10－5 J的功，再从B移到C，静电力做了1.2×10－5 J的功，则： (1)该电荷从A点移到B点，再从B点移到C点的过程中，电势能共改变了多少？ (2)如果规定A点的电势能为零，则该电荷在B点和C点的电势能分别为多少？ 答案　见解析 解析　(1)整个过程中，静电力做的功WAC＝WAB＋WBC＝－3×10－5 J＋1.2×10－5 J＝－1.8×10－5 J，即电势能增加1.8×10－5 J (2)WAB＝EpA－EpB＝－3×10－5 J， 又EpA＝0，则EpB＝3×10－5 J WAC＝EpA－EpC＝－1.8×10－5 J， 又EpA＝0，则EpC＝1.8×10－5 J。 三、电势 在如图所示的匀强电场中，电场强度为E，取O点为零势能点，A点距O点的距离为l，AO连线与电场强度反方向的夹角为θ。 (1)电荷量分别为＋q、－q和＋2q的试探电荷在A点的电势能分别为多少？ (2)不同电荷在同一点的电势能与电荷量的比值是否相同？与试探电荷的电荷量是否有关系？ 答案　(1)Eqlcos θ　－Eqlcos θ　2Eqlcos θ　(2)相同　无关 1．定义：电荷在电场中某一点的电势能与它的电荷量之比。 2．公式：φ＝，其中φ由电场中该点的性质决定，与试探电荷q本身无关(填“有关”或“无关”)。 3．单位：在国际单位制中，电势的单位是伏特，符号是V，1 V＝1 J/C。 4．电势的相对性：只有在规定了零电势点之后，才能确定电场中某点的电势，一般选大地或离场源电荷无限远处的电势为0。 5．电势是标(填“矢”或“标”)量，但有正负。在同一电场中，电势为正值表示该点电势高于零电势，电势为负值表示该点电势低于零电势。 说明：通过φ＝计算时，Ep、q均需代入正负号。 (1)假如正试探电荷沿着电场线从A点移到B点，电荷的电势能如何变化？A、B两点电势有什么关系？ (2)假如负试探电荷从A点移到B点，电势能如何变化？A、B两点电势有什么关系？ (3)由(1)(2)说明什么？如何判断两点电势的高低？ 答案　(1)电势能减少　φA>φB (2)电势能增加　φA>φB (3)电场中两点电势高低与试探电荷无关。沿电场线方向电势逐渐降低。 (1)电场强度为零的位置电势也为零。(　×　) (2)电场强度大的位置电势不一定高。(　√　) (3)某电场中，A点的电势φA＝－3 V，B点的电势φB＝－4 V，则φA<φB。(　×　) 例3　如图，将q1＝2×10－6 C的试探电荷从A点移到B点，静电力做功5×10－5 J，从B点移到无穷远处，静电力做功8×10－5 J。以无穷远处的电势为零，求： (1)电荷q1在A、B两点的电势能； (2)A、B两点的电势； (3)q2＝－2×10－6 C的电荷在A、B两点的电势能。 答案　(1)1.3×10－4 J　8×10－5 J　(2)65 V　40 V　(3)－1.3×10－4 J　－8×10－5 J 解析　(1)将电荷q1从B点移到无穷远处，静电力做功 8×10－5 J，则W＝EpB－Ep∞＝EpB 所以在B点的电势能EpB＝8×10－5 J 将q1＝2×10－6 C的试探电荷从A点移到B点，静电力做功5×10－5 J，则W′＝EpA－EpB 所以EpA＝1.3×10－4 J (2)根据Ep＝φq 可知φA＝＝65 V，φB＝＝40 V (3)q2＝－2×10－6 C的电荷在A、B两点的电势能 EpA′＝q2φA＝－1.3×10－4 J，EpB′＝q2φB＝－8×10－5 J。 电势高低的判断方法 1．电场线法：沿着电场线方向电势逐渐降低。 2．场源电荷法：离场源正电荷越近的点，电势越高；离场源负电荷越近的点，电势越低。 3．公式法：由φ＝知，对于同一正电荷，电势能越大，所在位置的电势越高；对于同一负电荷，电势能越小，所在位置的电势越高。 例4　(2024·杭州市淳安县汾口中学高二检测)如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法正确的是(　　) A．电势φA<φB，电场强度EA<EB B．电势φA>φB，电场强度EA>EB C．将＋q电荷从A点移动到B点静电力做正功 D．将－q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能EpA＞EpB 答案　C 解析　电场线越密的地方电场强度越大，所以电场强度EA<EB，沿着电场线方向电势逐渐降低，所以电势φA>φB，故A、B错误； 将＋q电荷从A点移动到B点，由于φA>φB，故EpA>EpB，从A点到B点，电势能减小，静电力做正功，故C正确； 将－q电荷从A点移动到B点，由于φA>φB，则EpA<EpB，故D错误。 电势能大小的判断方法 1．根据静电力做功判断 静电力做正功，电势能减少；静电力做负功，电势能增加。 2．根据Ep＝qφ判断 如果是正电荷，电势越高，电势能越大；如果是负电荷，电势越高，电势能越小。 课时对点练　 [分值：60分] ［1~7题，每题4分］ 考点一　静电力做功的特点 1.下列说法正确的是(　　) A．如图所示，电荷从电场中的A点运动到B点，路径不同，静电力做功的大小不同 B．电荷从电场中的某点开始出发，运动一段时间后，又回到了该点，则静电力做功为零 C．正电荷沿着电场线运动，静电力对正电荷做正功，负电荷逆着电场线运动，静电力对负电荷做负功 D．电荷在电场中运动，静电力可能对电荷做功，能量守恒在电场中并不成立 答案　B 解析　静电力做功与电荷运动路径无关，与初、末位置有关，电荷从某点出发又回到了该点，静电力做功为零，A错误，B正确；正电荷沿电场线方向运动，由于静电力的方向与运动方向相同，故静电力做正功，同理，负电荷逆着电场线方向运动，静电力方向与运动方向相同，静电力也做正功，C错误；电荷在电场中运动时虽然静电力对其做功，但是电荷的电势能和其他形式的能之间的转化仍满足能量守恒，D错误。 2.如图所示，直角△ABC的边AC与匀强电场的电场方向平行。将电荷q从A点移到B点，静电力做功为W1，从A点移到C点、从C点移到B点，静电力做功分别为W2、W3，则(　　) A．W1<W2 B．W1>W2 C．W1＝W2＋W3 D．W1<W2＋W3 答案　C 解析　设匀强电场的电场强度为E，∠BAC＝θ，则将电荷q从A点移到B点，静电力做功为W1＝qE·ABcos θ＝qE·AC，将电荷q从A点移到C点，静电力做功为W2＝qE·AC，将电荷q从C点移到B点，静电力做功为W3＝0，则有W1＝W2，W1＝W2＋W3，故选C。 3.两带电小球(可视为质点)的电荷量分别为＋q和－q，固定在一长度为l的绝缘细杆的两端，置于电场强度大小为E的匀强电场中，杆与电场强度方向平行，其位置如图所示。若此杆绕过O点垂直于杆的轴转过180°，则在此转动过程中静电力做的功为(　　) A．0 B．qEl C．2qEl D．πqEl 答案　C 解析　静电力对两小球均做正功，大小与路径无关，对每个小球做的功均为qEl，共为2qEl，故C正确。 考点二　静电力做功与电势能的关系 4. (多选)如图所示，固定在Q点的正点电荷产生的电场中有M、N两点，已知＜。下列叙述正确的是(　　) A．若把一正点电荷从M点沿直线移到N点，则静电力对该电荷做正功，电势能减少 B．若把一正点电荷从M点沿直线移到N点，则该电荷克服静电力做功，电势能增加 C．若把一负点电荷从M点沿直线移到N点，则静电力对该电荷做正功，电势能减少 D．若把一负点电荷从M点沿直线移到N点，再从N点沿不同路径移回到M点，则该电荷电势能不变 答案　AD 解析　在正点电荷形成的电场中，正电荷受到的静电力沿电场线方向，从M点移到N点，静电力做正功，电势能减少，A正确，B错误；在正点电荷形成的电场中，负点电荷受到的静电力与电场线方向相反，负点电荷从M点移到N点，静电力做负功，电势能增加，C错误；把一负点电荷从M点沿直线移到N点，再从N点沿不同路径移回到M点，静电力做的总功为零，电势能不变，D正确。 5.(多选)如图是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧，对矿粉分离的过程，下列表述正确的有(　　) A．带正电的矿粉落在右侧 B．静电力对矿粉做正功 C．带负电的矿粉电势能增加 D．带正电的矿粉电势能减少 答案　BD 解析　由题图可知，矿料分选器内的电场方向水平向左，带正电的矿粉受到水平向左的静电力，所以会落到左侧，选项A错误；无论矿粉带什么电，在水平方向上都会在静电力的作用下沿静电力的方向偏移，故静电力做正功，矿粉的电势能减少，选项C错误，B、D正确。 考点三　电势和电势能 6．关于电势和电势能，下列说法正确的是(　　) A．在电场中电势高的地方电荷具有的电势能大 B．在电场中放在某点的电荷的电荷量越大，它所具有的电势能也越大 C．在电场中的任意一点，正电荷具有的电势能一定大于负电荷具有的电势能 D．取无限远处电势为零，在负点电荷所产生的电场中的任意一点，正电荷具有的电势能一定小于负电荷具有的电势能 答案　D 解析　根据公式Ep＝φq可知，正电荷在电势高的地方电势能大，负电荷在电势高的地方电势能小，由于不知电荷的电性，因此无法判断它在电势高的地方电势能的大小，故A错误；若放在电场中某点的电荷为正电荷，当该点电势小于零时，电荷量越大，电荷具有的电势能越小，故B错误；电势能Ep＝qφ，正电荷在电势小于零处的电势能为负值，小于负电荷在该处的电势能，故C错误；取无限远处电势为零，沿着电场线方向电势降低，可知在负点电荷所产生的电场中的任意一点电势均为负，正电荷在任意一点具有的电势能均为负值，而负电荷在任意一点具有的电势能均为正值，正电荷具有的电势能小于负电荷具有的电势能，故D正确。 7.(2024·湖州安吉蓝润天使外国语学校高二检测)如图所示，一个带电粒子仅受静电力作用，在电场中运动，实线为电场线，虚线为运动轨迹，箭头方向为粒子在A点的速度方向，则可以判断轨迹上A、B位置(　　) A．电势φA>φB B．电势φA<φB C．粒子的电势能EpA>EpB D．粒子的电势能EpA<EpB 答案　D 解析　因为不知电场线的方向无法判断电势的高低，故A、B错误。 粒子从A到B运动，根据曲线运动合力方向指向轨迹凹侧，可知粒子所受静电力大致向下，则静电力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增加，粒子的电势能EpA<EpB，故C错误，D正确。 8．(8分)一个电场中有A、B两点，电荷量q1为2×10－9 C的试探电荷放在电场中的A点，具有－4×10－8 J的电势能；电荷量q2为－3×10－9 C的试探电荷放在电场中的B点，具有9×10－8 J的电势能。 (1)(3分)求A、B两点的电势。 (2)(5分)将电荷量q3为－5×10－9 C的试探电荷分别放在A、B两点，它具有的电势能分别为多少？将试探电荷q3由A点移到B点，静电力做多少功？ 答案　(1)－20 V　－30 V (2)1×10－7 J　1.5×10－7 J　－5×10－8 J 解析　(1)φA＝＝ V＝－20 V， φB＝＝ V＝－30 V。 (2)将试探电荷q3分别放在A、B两点，它具有的电势能分别为 EpA′＝q3φA＝－5×10－9×(－20) J＝1×10－7 J EpB′＝q3φB＝－5×10－9×(－30) J＝1.5×10－7 J 将试探电荷q3由A点移到B点，静电力做的功为WAB＝EpA′－EpB′＝－5×10－8 J。 ［9~11题，每题6分］ 9.(2024·温州市卫城中学高一检测)如图所示，P、Q是两个电荷量相等的异种电荷，其中电荷P带正电，电荷Q带负电，在其电场中有a、b、c三点，a、b、c三点位于平行P、Q连线的直线上，b点在P、Q连线的中垂线上，ab＝bc。下列说法正确的是(　　) A．a、c两点电势相等 B．电子在a点电势能小于在c点的电势能 C．a、c两点电场强度相同 D．电子沿abc连线从a点移动到c点过程静电力做正功 答案　B 解析　P、Q是两个电荷量相等的异种电荷，画出电场线，如图所示，沿着电场线，电势逐渐降低，可知φa>φc，故A错误； 由于φa>φc，电子带负电，而负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大，所以电子在a点的电势能小于在c点的电势能，故B正确； 电场线的疏密程度反映电场强度的大小，a、c两点电场线的疏密程度相同，电场强度大小相等，但电场强度方向不同，所以电场强度不同，故C错误； 电子沿abc连线从a点移到c点过程中，电势降低，电势能增加，静电力做负功，故D错误。 10.如图所示为一正点电荷M和一金属板N形成的电场线，a、b、c为电场中的三点，则下列说法正确的是(　　) A．正电荷在a、b两点的电势能大小关系为Epa<Epb B．同一电荷在a、c点处的加速度大小关系为aa>ac C．a、b两点的电势关系为φa<φb D．一正点电荷仅在静电力作用下可以由a点沿电场线运动到b点 答案　B 解析　沿着电场线的方向电势逐渐降低，知φa>φb，又根据Ep＝qφ可知，正电荷在a、b两点的电势能大小关系为Epa>Epb，故A、C错误；电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方电场强度小，则a、c两点的电场强度大小关系为Ea>Ec，由牛顿第二定律有a＝可知，同一电荷在a、c点处的加速度大小关系为aa>ac，故B正确；电荷所受静电力的方向沿电场线的切线方向，所以运动轨迹不会与电场线重合，故D错误。 11.如图所示，将带负电的试探电荷沿着等量异种点电荷连线的中垂线从A点移动到B点，再沿连线从B点移动到C点，在此过程中(　　) A．试探电荷所受的静电力先减小再增大 B．静电力先不做功然后做正功 C．所经过各处的电势先降低再升高 D．试探电荷的电势能先不变再增大 答案　B 解析　根据等量异种点电荷周围电场分布规律可知，从A到B电场强度逐渐增大，从B到C电场强度也逐渐增大，由F＝qE可知，从A经过B到C过程中，试探电荷所受的静电力一直增大，A错误；从A到B试探电荷所受静电力方向与位移方向垂直，静电力不做功，试探电荷电势能不变，所以从A到B所经过各处电势不变，＋Q和－Q连线上电场强度方向由＋Q指向－Q，可知从B到C，试探电荷所经过各处的电势逐渐升高，静电力做正功，试探电荷电势能减小，B正确，C、D错误。 (6分) 12．(多选)(2024·浙江省金丽衢十二校检测)如图甲所示，两个点电荷Q1、Q2固定在x轴上距离为L的两点，其中Q1带正电荷位于原点O，a、b是它们连线的延长线上的两点，其中b点与O点相距3L，现有一带正电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动(粒子只受静电力作用)，设粒子经过a、b两点时的速度分别为va、vb，其速度随坐标x变化的图像如图乙所示，则以下判断正确的是(　　) A．Q2带负电且电荷量小于Q1 B．b点的电场强度一定为零 C．a点的电势比b点的电势高 D．粒子在a点的电势能比b点的电势能小 答案　ABD 解析　由题图分析可知：在b点前粒子做减速运动，b点后做加速运动，b点的加速度为0，则在b点受到两点电荷的静电力平衡，可知b点的合电场强度为零，Q1带正电荷，则Q2带负电荷，且有＝，所以Q1>Q2，故A、B正确；粒子从a运动到b的过程中，粒子的动能减小，静电力做负功，电势能增大，粒子在a点的电势能比b点的电势能小，正电荷在电势高处电势能大，可知a点的电势比b点的电势低，故D正确，C错误。 学科网（北京）股份有限公司 $