辽宁大连市第八中学2026-2027学年高三上学期8月阶段检测物理试题

2026-2027学年度大连八中高三8月阶段测试 物理 考试时间：75分钟：满分：100分 注意事项： 1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2.请将答案正确填写在答题卡上 第I卷（选择题） 一、单选题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项 符合题目要求，每小题4分 1.小黄是徒手爬楼高手，在网上拥有许多粉丝，被称为现实中的“蜘蛛侠”。如图为他徒手 利用两面直角相关的墙角靠摩擦爬上墙壁的图片。当他双脚离开直角墙面，仅用双手将自己 稳定在空中，此时关于他的受力分析可能正确的是() 令 NI N mg mg F D mg mg 2.如图甲，弹簧振子的平衡位置O点为坐标原点，小球在M、N两点间做振幅为A的简谐 运动，小球经过0点时开始计时，其x-1图像如图乙，小球的速度v=42cs2票1，加速 -cos- T 试卷第1页，共10页 度为a,质量为m,动能为E,弹簧劲度系数为k,弹簧振子的弹性势能为E。,弹簧对小 球做功的功率为P,下列描述该运动的图像正确的是() esse-es.-s-- M 甲 乙 个a D kA kAπ B mA'n 2m4x↑ T2 3.如图，与水平面成30°的倾斜匀质圆盘绕垂直于盘面的中心固定轴匀速转动，一根不可 伸长的细绳穿过圆盘中心，圆盘上方部分细绳与圆盘表面平行且与圆盘间无作用力，一端悬 挂质量为m=kg的物块A,另一端与随圆盘一起转动的物块B相连，已知物块B的质量为 M=4kg。物块B与盘心的距离1=1m,与盘面之间的动摩擦因数μ= 5 设最大静摩擦 2 力等于滑动摩擦力，不考虑细绳与圆盘之间的摩擦力，g=10m/s2。当物块A始终保持静 止时，圆盘转动的最大角速度为() 白A 30 A.√5rads B.10rad/s C.15rad/s D.2v5rad/s 试卷第2页，共10页 4.卫星A、B绕中心天体O的运行方向相同。某时刻，两卫星相距最近，如图甲所示。测 得两卫星之间的距离△随时间变化的关系如图乙所示，不考虑两卫星之间的作用力。以下 说法正确的是（) ◆△r 6.0r 2.0 27 匆 A.A、B两卫星的周期之比为√2：2 B.A卫星的运转周期为T C.A、B两卫星的加速度大小之比为√：1 D.A、B两卫星的线速度大小之比为1：√互 5.两轮平衡车（如图所示）广受年轻人的喜爱，它的动量系统由电池驱动，能够输出的最 大功率为P,小明驾驶平衡车在水平路面上沿直线运动，受到的阻力恒为子：已知小明和平 衡车的总质量为m,从启动到达到最大速度的整个过程中，小明和平衡车可视为质点，不计 小明对平衡车做功.设平衡车启动后的一段时间内是由静止开始做加速度为α的匀加速直线 运动，则 A.平衡车做匀加速直线运动过程中能达到的最大速度为V= f+ma B.平衡车运动过程中所需的最小牵引力为F=ma C.平衡车达到最大速度所用的时间t= P (f+ma)a D.平衡车能达到的最大行驶速度%= (f+ma) 试卷第3页，共10页 6.某人在钓鱼时所用的鱼漂由一横截面积为S的均匀塑料直管制成，如图所示，O为鱼漂 的中点，小、B两点到0点的距离均为鱼漂总长的鱼钩、鱼饵、鱼线和鱼漂在水中平衡 时，O点恰好与水面平齐。某次由于鱼咬钩将鱼漂竖直向下拉至A点与水面平齐后由静止 释放，不计鱼钩、鱼饵和鱼线的体积，不计水的阻力，重力加速度大小为g,则下列说法正 确的是() A.在鱼漂上升的过程中，其加速度一直减小 B.鱼放开鱼钩的瞬间，鱼漂的加速度大小为3 C.鱼漂上升到最高点时，OB的中点恰好在水面上 D.AO的中点经过水面时，鱼漂的速度最大 7.有人设想在遥远的宇宙探测时，给探测器安上反射率极高（可认为100%）的薄膜，并 让它正对太阳，用光压为动力推动探测器加速。已知某探测器在轨道上运行，阳光恰好垂直 照射在薄膜上，薄膜面积为S,每秒每平方米面积获得的太阳光能为E,若探测器总质量为 M,光速为c,普朗克常量为h,则探测器获得加速度大小的表达式是() 4.26 2ES B. C. ES ES D. cM c2Mh cM cMh 二、多选题：第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分。全部选对的得6分，选对但 不全的得3分，有选错的得0分。 8.如图所示，在光滑水平面上方，有两个磁感应强度大小均为B,方向相反的水平匀强磁 场，如图所示，PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大.一个边长为α，质量为m,电阻 为R的正方形金属线框垂直磁场方向，以速度v从图示位置向右运动，当线框中心线AB运 动到与PQ重合时，线框的速度为)，则（) 试卷第4页，共10页 p ● ● + + ● O A.此时线框中的电功率为4BaY R B.此时线框的加速度为2Bay mR C.此过程通过线框截面的电量为B D.此过程回路产生的电能为0.75m2 9.某人驾驶一辆汽车甲正在平直的公路上以某一速度匀速运动，突然发现前方50m处停着 一辆乙车，甲车司机立即刹车，甲车刹车后做匀减速直线运动。已知甲车刹车后第1个2s 内的位移是24m,第4个2s内的位移是1m。则下列说法正确的是() A.汽车甲刹车后第3个2s内的位移为8m 12 B.汽车甲刹车后做匀减速直线运动的加速度大小 23m2 C.汽车甲刹车后第4s末的速度大小为6m/s D.汽车甲可能与乙车相撞 10.如图所示，水平地面上方存在相互正交的匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向下、磁 场方向水平向里，一个带正电的小球从A点沿水平向右方向进入该区域，落到水平地面上， 设飞行时间为1，水平射程为x,着地速度大小为：撤去磁场，其余条件不变，小球飞行 时间为2，水平射程为2，着地速度大小为2。下列判断正确的是() A X × B X + × + 7777777777777777777777 A.xI<x2 B.n>t C.v=2 D.t<t 试卷第5页，共10页 第II卷（非选择题） 三、实验题：本题共2小题，共14分。请按要求作答。 11.某学习小组把铜片和锌片相隔约1cm插入一个苹果中，制成了一个苹果电池。为了测 量该苹果电池的电动势E和内阻”，他们进行了以下实验操作： (1)先用多用电表的“直流电压2.5V”挡粗测苹果电池的电动势，如图甲所示，则多用电 表的读数为 V。 l山山山山,0 100 150 20 10 0 15 00.5 A-V-0 甲 若考虑系统误差，则该苹果电池的电动势E应 测量值（选填“大于”，“等于” 或“小于”) (2)为验证上述判断，大家想尽可能准确测量出苹果电池的电动势和内阻，他们选用以下 器材进一步实验。 A.电阻箱（最大阻值为9999.9n) B.DIS数字电压传感器（内阻可视为无穷大） C.DIS数据采集器 D.笔记本电脑 E.导线和开关 具体实验步骤如下： ①将该苹果电池与实验器材按图乙所示电路连接； ②调节电阻箱阻值，闭合开关，待示数稳定后，记录电阻箱的阻值R和数字电压传感器显 示的数值U后立即断开开关： 接电源 9 电压传越器 050 ') 丙 试卷第6页，共10页 ③每次将电阻箱的阻值增大1000？，重复以上实验步骤，测量出R值和U值，计算出相应 的员和，并记录数据 ④根据数据。绘制出宁员关系图线如图丙中线。所示。 请回答下列问题： (3)根据实验数据绘制的图线α可得该苹果电池的电动势为 ,内阻为 (结果均保留2位有效数字)： (4)若用普通的磁电式电压表代替数字电压传感器进行实验，得到的图线可能是图丙中的 (选填“b”“c”或“d”)。 12.某同学测量一个未知电源的电动势E和内阻”。该同学从实验室找来以下器材：灵敏电 流计G(满偏电流I=500μA,内阻R。=9002)、标准电压表V、电阻箱R(0-9999.92)、 定值电阻R,=52、滑动变阻器R(0-502)、开关一个，导线若干。该同学按照以下实验 步骤进行测量： R 10 0 1↑2 0 月 乙 丙 (1)将灵敏电流计G改装成一个量程为3V的电压表，应该 (填“并联”或“串联”) 电阻箱R,该电阻箱的阻值R取 2 (2)把改装好的电压表（在虚线框内，并未画出）结合其他电学器件按照电路图甲，以笔画 线代替导线在图乙中完成实物电路连接： (3)电压表V(量程为3V)表盘示数如图丙所示，读数U=V。 试卷第7页，共10页 四、解答题：本题共3小题，共40分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步 骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 13.如图所示，有一水平传送带以4m/s的速度按顺时针方向匀速转动，传送带右端连着一 段光滑水平面BC,紧挨着BC的光滑水平地面DE上放置一个质量M=1kg的木板，木板上 表面刚好与BC面等高，且木板足够长·现将质量m=1g的滑块轻轻放到传送带的左端A处， 当滑块滑到传送带右端B之后滑块又通过光滑水平面BC滑上木板·已知AB之间的距离 L=4m,滑块与传送带间的动摩擦因数4=0.4，滑块与木板间的动摩擦因数凸=02， g=10m/s2.求： 4m's B E (1)滑块从传送带A端滑到B端所用的时间. (2)滑块从传送带A端滑到B端，传送带对滑块所做的功. (3)滑块在木板上滑行的距离. 试卷第8页，共10页 14.如图1所示，回旋加速器的圆形匀强磁场区域以O点为圆心，磁感应强度大小为B, 加速电压的大小为U,质量为m、电荷量为g的粒子从O附近飘入加速电场，多次加速后 粒子经过P点绕O做圆周运动，半径为R,粒子在电场中的加速时间可以忽略。为将粒子 引出磁场，在P位置安装一个“静电偏转器”，如图2所示，偏转器的两极板M和N厚度 均匀，构成的圆弧形狭缝圆心为Q、圆心角为a,当从、N间加有电压时，狭缝中产生电场 强度大小为E的电场，使粒子恰能通过狭缝，粒子在再次被加速前射出磁场，不计M、N 间的距离。求： (1)粒子加速到P点所需要的时间： (2)极板N的最大厚度dm。 图1 图2 试卷第9页，共10页 15.如图所示为美国物理学家密立根测量油滴所带电荷量装置的截面图，两块水平放置的平 行金属板间距离为d。油滴从喷雾器的喷嘴喷出时，由于与喷嘴摩擦而带负电。油滴散布在 油滴室中，在重力作用下，少数油滴通过上面金属板的小孔进入平行金属板间。当平行金属 板间不加电压时，由于受到气体阻力的作用，油滴最终以速度竖直向下匀速运动：当上板 带正电，下板带负电，两板间的电压为U时，带电油滴恰好能以速度2ν竖直向上匀速运动。 已知油滴在极板间运动时所受气体阻力的大小与其速率成正比，油滴密度为P,已测量出油 滴的直径为D(油滴可看做球体，球体体积公式v=二πD),重力加速度为g。 6 喷雾器 油滴室 金属板 显微镜 金属板 (1)设油滴受到气体的阻力F,其中k为阻力系数，求k的大小： (2)求油滴所带电荷量。 试卷第10页，共10页 参考答案 题号 1 2 3 6 P 9 10 答案 D D A D B A BC AC BC 1.D 【详解】依题意，当人双脚离开直角墙面，仅用双手将自己稳定在空中时，每面墙壁给人每 只手的弹力均垂直墙壁指向外面，根据对称性可知墙面对人每只手的弹力大小相等，且两弹 力相互垂直，根据平行四边形定则可知两弹力的合力垂直墙角竖直线指向外，所以人所受弹 力与重力的合力向外倾斜，由平衡条件可得，人手所受两面直角墙壁的摩擦力的合力应向内 倾斜，综上所述，故选D。 2.D 【详解】A.小球做简谐运动，速度v=A2红cos2红 27 可知在1=0时速度最大，小球位于平衡位置，此时加速度为0，位移为0，动能最大，弹性 势能为0，弹簧的弹力为0，对小球做功的功率为0，故A错误： B.由x-1图像可知小球的位移x=Asin2红！ T 弹簧对小球做功的功率P=F叫=e=kAsin子 2π2π_kπisin -cos- T T T 可见功率的最大值为P-红 T 从平衡位置开始计时，当经历一周期时，弹簧振子的速度为0，功率为0，并不是最大功率， 故B错误； CD.由v=A cos- T T 可知0= 2π 则小球速度变化周期为T'=T 以动能和势能的周期为T”=) 小球的最大速度为。=了 ,2π 则最大动能为三m2= mAy2ma' T2 根据机械能守恒可知最大弹性势能为E=Em= mx2A2 2 故C错误，D正确。 答案第1页，共13页 故选D。 3.A 【详解】物块B随圆盘转动过程中物块A始终保持静止，说明细绳内的拉力 F=mg=10N 假设物块B转到最高点时，设圆盘转动的最大角速度为①：，对物块B有 F+Mg sin30°+uMg cos:30°=Mw2l 设圆盘转动的最小角速度为w,对物块B有 F+Mgsin30°-uMg cos30°=Mao2l 物块B转到最低点时，因 F+uMg cos30°>Mg sin30° 所以物块B转到最低点时的最小角速度为0，设圆盘转动的最大角速度为ω'，对物块B 有 F+4 Mg cos30°-Mgsin30°=Mo2,l 综上分析可知，圆盘转动的角速度为 0nin≤0≤w'nux 代入数据解得 0swsv5rad/s 故选A。 4.D 【详解】A.设A卫星与中心天体O的距离为”，B卫星与中心天体O的距离为，根据图像 有r+B=6r,-n=2r 联立可得”=4r,=2r 电开普勒第三定律斧一。 解得= 3 =2√2，故A错误： 答案第2页，共13页 B.由图像可知，经过时间T两卫星再次相距最近， 有 2r_2r T=2元 解得=4-5T,刀=5-7，故B错误： 4 C.根据=加 解得a=GM 可知A、B两卫星的加速度大小之比a:a。=1:4,故C错误： D.两卫星均绕中心天体O运动，设A卫星与B卫星的速度分别为V,根据牛顿第二定 律有GMm =m- r2 解得v= GM 可知A、B两卫星的线速度大小之比v:=1:√2，故D正确。 故选D。 5.A 【详解】A,平衡车做匀加速直线运动过程中，由牛顿第二定律： F-f=ma 则根据Po=Fy可得能达到的最大速度为 V= F∫+ma 选项A正确： B.当平衡车的加速度为零时，牵引力最小，此时F=∫，选项B错误： CD.平衡车匀加速达到最大速度所用的时间 B 1= a (f+ma)a 匀加速结束后，平衡车可降低牵引力，减小加速度，最后当牵引力等于阻力时达到最大速度， 此时 V= 可知平衡车达到最大速度所用的时间大于 6 f= (f+ma)a 选项CD错误； 答案第3页，共13页 故选A. 点睛：此题是关于车辆启动问题，关键是知道平衡车运动的特征，先做匀加速运动，当功率 达到额定功率后再做加速度减小的加速运动，当牵引力等于阻力时，速度达到最大， 6.B 【详解】B.鱼漂平衡时，浮力与重力平衡 F=pgS-l=mg 鱼放开鱼钩的瞬间，由牛顿第二定律 pg,之-g=ma 6 解得鱼漂的加速度大小为 a=28 3 故B正确： ACD.以鱼漂平衡时中点所在的水面位置为坐标原点，竖直向下为x轴正方向，建立坐标系。 鱼放开鱼钩后，当鱼漂相对平衡位置的位移为x时，所受合力为 F=mg-pgS(1+x) 可得 F=-pgSx 由于PgS是定值，可知浮漂做简谐运动，振幅为 A为 由简谐运动规律可知，从最低点到平衡位置的过程中加速度减小，速度增大，到平衡位置时， 加速度为0，速度最大，此时鱼漂的中点O恰好在水面上：从平衡位置到最高点的过程中， 加速度增大，速度减小，相对平衡位置的位移为一A时，速度减为0，上升到最高点，此时 B点恰好在水面上，故ACD错误。 故选B。 7.A 【详解】光子垂直照射后全部反射，每秒在薄膜上产生的总能量为ES,结合单个光子的能 量 E=hy 则N个光子的总能量为 答案第4页，共13页 Nhy =NhC=ES 解得 A=Nhe ES 结合单个光子的动量 p=i 则光子的总动量变化量大小为 49=2w =2N h 2ES Nhe c ES 以光子为研究对象，应用动量定理 F△M=p 式中△M=ls,解得 F=2 c 根据牛顿第三定律，光子对探测器的作用力大小为 F=F=2E8 根据牛顿第二定律 F'=Ma 解得 a= cM A正确，BCD错误。 故选A。 8.BC 【详解】A,AB运动到PQ位置时，产生的感应电动势 E=2xBaxY=BLv 2 回路的电流 I=B 因此电功率 答案第5页，共13页 P=PR=Ba'y R 故A错误； B.线框受到的安培力 F=2Bla=2Ba'v R 因此加速度 F 2B2ay 0=一= m mR 故B正确： C.初态时的磁通量 D=Ba2 末状态的磁通量中=0，平均电动势 E-40 △ 因此平均电流 这样通过的线框截面的电量 q=△1= △p_Ba2 故C正确： D.根据动能定理，产生的热量 =m2-m5=0.25m2 2 2 故D错误。 故选BC。 9.AC 【详解】假设8s内汽车一直匀减速运动，根据 -x=3aT2 得 a=-五=1-2423 3T2 12 /s2 3×4 根据 答案第6页，共13页 x=w+lap 2 得初速度为 ,122x2 =212*14ms 2 速度减为零的时间 g0=60-4】 23s=7.35 a 12 可知汽车在8s前速度减为零。 设汽车加速度大小为a,根据 =424 得 24=2y。-2a 汽车速度减为零的时间为 采用逆向思维，最后两秒内的位移为 )2 ￥=a(色-6m=m 联立解得 a=2m/s2?a2=2.86m/s2(舍去) 初速度 %=14m/s B错误： A.根据 x-x=2aT2 汽车甲刹车后第3个2s内的位移为 x3=x+2aT2=24+2(-2)x22m=8m A正确： 答案第7页，共13页 C.汽车甲刹车后第4s末的速度大小为 v=%+at=14+(-2)×4m/s=6ms C正确： D.汽车刹车到停止的距离 0-60-142 x0= m=49m<50m 2a2×(-2) 所以甲车不会撞上乙车。D错误。 故选AC。 10.BC 【详解】小球在电场与磁场同时存在的情况下落到地面，与撤去磁场时相比，多受一大小变 化、方向斜向右上(A点水平向右)的洛伦兹力，设速度与水平方向夹角为O,竖直方向上， 由牛顿第二定律有 马，-"mg+gE-9Bcs0 a 凸，=g+gE 得 ay <azy 水平方向上 =qvBsin m a2x=0 ABD.对两球竖直方向上，都下落h,由 h=可 a,az, 可知 4>2 水平方向上，由 =+ 答案第8页，共13页 x2=o2 可知 为>3 故AD错误，B正确； C.由动能定理可知两种情况粒子抛出到地面过程中，都只有重力和电场力做功，总功相同， 由动能定理 og+gBh=支mim 2 所以有 %=3 故C正确。 故选BC。 11. 0.85 大于 1.0 7.8k2b 【详解】(1)[1][2]直流电压2.5V挡最小刻度为0.05V,则多用电表的读数为0.85V。若考 虑系统误差，即直流电压挡的内阻不是无穷大，则该苹果电池的电动势E应大于测量值。 U (3)[3][4根据E=U+ R 可得-1+上，1 UEER 由图像可知2=1.0v=49-10=7.8vk0 E 0.5 可得E=1.0V,r=7.8k2 (4)[5]若用普通的磁电式电压表代替数字电压传感器进行实验，则方程变为 E-U+(U+Ur RR 可得时哈+成旨衣 .r1 即7。的斜率不变，截距变大，则得到的图线可能足图丙中的 12.(1) 串联 5100 答案第9页，共13页 (2) (3)1.40 【详解】(1)[1][2]因灵敏电流计G的满偏电压为U,=1,R=0.45V 要将灵敏电流计G改装成一个量程为3V的电压表就要分去更多的电压，根据串联电路的分 压原理，就要串联电阻箱风，R _′-R=51000 (2)根据电路图可得实物连接图如图所示 (3)电压表V最小分度是0.1V,读数时要估读到其下一位，故，读数U=1.40V 13.(1)1.5s(2)8J(3)2m 【详解】(1)滑块轻轻放在传送带上受到向右的滑动摩擦力，加速度大小为： a=4m3=4g=4m/s2 m 速度增大至与传送带相同所用时间 v 4 4=二=s=ls a 4 通过的位移 1 1 x=。a叫=5×4x2m=2m. 2 2 滑块匀速运动的时间 5=-五=4-2 =0.5s 4 故所求时间为 1=4+42=1.5x 答案第10页，共13页 (2)根据动能定理得：传送带对滑块所做的功 (3)滑块以4m/s的速度滑上木板，对滑块和木板受力分析：滑块受到木板对其向左的摩擦力， 加速度大小为： dn=mg=2ms? m 木板受到滑块对其向右的摩擦力，加速度大小为 a=4mg=2m/s? M 设滑块在木板上经过时间，木板和滑块达到共同速度"共 V共=v-aml=akl, 得 1=”=45=s a州+a*4 对滑块： 1 微=W 2, 对木板： 2, 滑块在木板上滑行的距离 d=x指-x水 代入数据得： d=2m 【点睛】该题考查传送带模型与滑块-木板模型，解决本题的关键理清物块在传送带上和木 板上的运动规律，结合运动学公式和牛顿第二定律进行求解.滑块木板也可以使用动量守 恒定律和能量守恒定律结合来解答 14.(1)9BR2 2m-)m. 9B:(2)2 2mU 4mU 902 902) 2 【详解】(1)设粒子在P点的速度大小为p,则根据qvB=m一，可知半径表达式为 mv R= 9B 答案第11页，共13页 根据动能定理，粒子在静电场中加速有 m2 1 ngU= 粒子在磁场中运动的周期为 T=2rm gB 粒子运动的总时间为 1=0-1)×2 T 解得 1=(9BR2 2n心-)m 9B (2)由粒子的运动半径，=m心 90, 结合动能表达式E=。mw2变形得 2 r=2mEr qB 则粒子加速到P前最后两个半周的运动半径为 2m(Ep-qU) V2m(Ep-2gUの 53= qB qB 由几何关系 d.=2(G-2) 解得 2mU 4mU dm=2( 9B2) 15.()pgD 6v (2)PgdD 2U 【详解】(1)油滴速度为V时所受阻力厂=w,油滴向下匀速运动时，重力与阻力平衡，有 f=ms,m=pW=石pD 则k=上pDg 6v 0 (2)设油滴所带电荷量为9，油滴受到的电场力R。=95= 油滴向下匀速运动时，阻力向上，油滴受力平衡w=g 答案第12页，共13页 U 油滴向上匀速运动时，阻力向下，电场力向上，油滴受力平衡2kw+m1g=q d 联立解得油滴所带电荷量g=PgD 2U 答案第13页，共13页