精品解析：云南省曲靖市马龙区第一中学2025-2026学年高二上学期期中考试物理试题

云南曲靖市马龙区第一中学2025-2026学年高二上学期期中考试 高二物理试卷 本试卷共6页，15小题，满分100分。考试时间75分钟。 注意事项： 1、答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证、考场号、座位号填写在答题卡上，并认真核准条形码上的准考证号、姓名、考场号、座位号，在规定的位置贴好条形码。 2、回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 一、选择题（本题包括10小题，1-7题，每小题4分，共28分，在每小题所给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对得4分，选错或不选得0分，第8-10题为多选题， 出的四个选项中有两个选项符合题意，全部选对得6分，选对但不全得3分， 选错或不选得0分） 1. 关于元电荷，下列论述正确的是（　　） A. 把质子或电子称为元电荷 B. 元电荷是一个电子所带电荷量的大小，没有正负之分 C. 电子带有最小的负电荷，其电荷量称为元电荷 D. 物体所带的电荷量称为元电荷 【答案】B 【解析】 【详解】A．质子或电子是带电粒子，所带的电荷量的绝对值称为元电荷，故A错误； BC．把电子所带电荷量的大小称为元电荷，则电子带有最小的负电荷，故B正确，C错误； D．物体所带电荷量为元电荷量或元电荷量的整数倍，故D错误。 故选B。 2. 真空中，相距为d的甲、乙两个完全相同的金属小球（可视为点电荷）所带电荷量分别为-Q和+3Q，接触后，放回原位置，两球间库仑力的大小变为（　　） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】两个完全相同的点电荷接触时，先中和再平分总电荷量，总电荷量为 均分后每个点电荷带电量为。根据库仑定律 放回原位置后距离仍为，代入得库仑力大小 故选A。 3. 图中a、b是两个点电荷，它们的电荷量分别为Q1、Q2，MN是ab连线的中垂线，P是中垂线上的一点．下列哪种情况能使P点场强方向指向MN的右侧（　　） A. Q1、Q2都是正电荷，且Q1＜Q2 B. Q1是正电荷，Q2是负电荷，且Q1＞|Q2| C. Q1是负电荷，Q2是正电荷，且|Q1|＜Q2 D. Q1、Q2都是负电荷，且|Q1|＞|Q2| 【答案】B 【解析】 【详解】A. Q1、Q2都是正电荷，各自在P点产生的场强E1、E2如图： 要使P点场强方向指向MN的右侧，根据场强的叠加，需要有Q1>Q2，选项A错误； B. Q1是正电荷，Q2是负电荷， 各自在P点产生的场强E1、E2如图： 根据场强的叠加，P点场强方向一定指向MN的右侧，选项B正确； C. Q1是负电荷，Q2是正电荷，各自在P点产生的场强E1、E2如图： 根据场强的叠加， P点场强方向一定指向MN的左侧，选项C错误； D. Q1、Q2都是负电荷，各自在P点产生的场强E1、E2如图： 要使P点场强方向指向MN的右侧，根据场强的叠加，需要有|Q2|＞|Q1|，选项D错误。 故选B。 4. 某静电场在x轴上各点的电势随坐标x的分布图像如图。x轴上A、O、B三点的电势值分别为、、，电场强度沿x轴方向的分量大小分别为、、，电子在A、O、B三点的电势能分别为、、。下列判断正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】A．由图知 故A错误； B．根据图像切线斜率的大小等于电场强度沿x轴方向的分量大小，则知 故B错误； C．电子带负电，根据电势能公式 分析得知 故C错误； D．由图知，OA间电势差大于OB间电势差，即有 即 电子带负电，则根据电势能公式 得 故D正确。 故选D。 5. 沿空间某直线建立轴，该直线上的静电场方向沿轴，其轴正半轴上电场强度随轴上位置变化规律如图所示，原点到间的图线为直线，轴正方向为电场强度正方向，一个电荷量大小为的粒子在点由静止释放，刚好能沿轴正方向运动到处，不计粒子的重力，则下列判断错误的是（　　） A. 该粒子带正电 B. 粒子在处的电势能大于处的电势能 C. 粒子在处的动能为 D. 点到之间电势差大于到之间电势差 【答案】D 【解析】 【详解】A．粒子在点由静止释放，刚好能沿x轴正方向运动到处，故粒子先做加速运动后做减速运动；由图像可知，场强方向先沿轴正方向，后沿轴负方向，可知，受力方向与电场强度方向相同，粒子带正电，故A正确，不符合题意； B．粒子从到的过程中，电场力一直做正功，电势能减少，所以粒子在处的电势能大于处的电势能，故B正确，不符合题意； C．从点到处，图线与坐标轴所围的面积表示点到处的电势差；从点到处由动能定理得 故粒子在处的动能为 故C正确，不符合题意； D．设点到之间电势差为，到之间电势差为，由动能定理得 解得 故点到之间电势差等于到之间电势差，故D错误，符合题意。 本题选错误选项，故选D。 6. 如图所示，在真空中相距为的两点分别固定着电荷量均为的正点电荷，为连线的中点，为连线中垂线上的一点，，把电荷量的试探电荷从点移到点，克服电场力做了的功。已知静电力常量为。则（  ） A. P点合电场强度的大小为 B. 点合电场强度的方向与垂直 C. 两点间的电势差为 D. 若点的电势为零，点的电势为 【答案】A 【解析】 【详解】AB．依据点电荷电场强度的决定式可知 方向如图所示，故 方向沿直线由指向，A正确，B错误； CD．两点间的电势差 根据电势差和电势的关系 可得 CD错误。 故选A。 7. 如图，、均闭合，一质量为m、电荷量为q的液滴静止在电容器的两平行金属板AB间。现保持闭合，将断开，然后将B板向下平移一段距离。下列说法正确的是（ ） A. 电容器的电容变大 B. 液滴将向上运动 C. A板的电势比电路中Q点的电势高 D. 液滴的电势能增大 【答案】C 【解析】 【详解】AC．现保持闭合，将断开，可知电容器电荷量保持不变，然后将B板向下平移一段距离，根据 ， 可知电容器的电容变小，AB板间电压变大，由于B板接地，且A板电势高于B板，则A板电势变大，所以A板的电势比电路中Q点的电势高，故A错误，C正确； BD．根据 可知板间场强不变，液滴受力保持不变，液滴处于静止状态，液滴所处位置于B板距离变大，电势差变大，所以液滴所处位置电势变大，根据受力分析可知，液滴受到的电场力与电场方向相反，液滴带负电，所以液滴的电势能减小，故BD错误。 故选C。 8. 如图是等量异种点电荷形成电场中的一些点；O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对称。则（　　） A. E、F两点场强相同 B. A、D两点场强不同 C. B、O、C三点，O点场强最小 D. 沿直线从E点到O点运动的电子所受电场力变小 【答案】AC 【解析】 【详解】 A．等量异号点电荷连线的中垂线是一条等势线，电场强度方向与等势线垂直，因此E、F两点场强方向相同，由于E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，则其场强大小也相等，故A正确； B．根据对称性可知，A、D两点处电场线疏密程度相同，则A、D两点场强大小相同，由图看出，A、D两点场强方向相同，故B错误； C．由图看出，B、O、C三点比较，O点的电场线最稀疏，场强最小，故C正确； D．由图可知，电子从E点向O点运动过程中，电场强度逐渐增大，则电场力逐渐增大，由牛顿第二定律可知电子的加速度逐渐增大，电子所受电场力变大，故D错误。 故选AC。 9. 如图，带正电的物块A放在水平桌面上，利用细绳通过光滑的滑轮与B相连，A处在水平向左的匀强电场中，，从O开始，A与桌面的动摩擦因数随x的变化如图所示，取O点电势能为零，A、B质量均为，B离滑轮的距离足够长，则（　　） A. 它们运动的最大速度为 B. 它们向左运动的最大位移为 C. 当速度为时，A的电势能可能是 D. 当速度为时，绳子的拉力可能是 【答案】ACD 【解析】 【详解】AB．由题知 设A向左移动x后速度为零，对A、B系统有 （此处前面的是因为摩擦力是变力，其做功可以用平均力），可得 A向左运动是先加速后减速，当时，摩擦力变成静摩擦力，并反向，系统受力平衡，最后静止。设A向左运动x′后速度为v，对系统则有 得 即：当时，v最大为，故A正确，B错误； C．当时，可得 或 当时，电场力做功 则电势能减小，由于，则电势能为，当时 故C正确； D．根据牛顿第二定律 当时，系统加速度 对B有 得 当时，系统加速度 对B分析可得 故D正确。 故选ACD。 10. 如图所示，一平行板电容器连接在直流电源上，电容器的极板水平，两微粒a、b所带电荷量大小相等、符号相反，使它们分别静止于电容器的上、下极板附近。现同时释放a、b，它们由静止开始运动，在随后的t时刻，a、b经过虚线所在水平面，虚线到a、b的初始位置的距离之比为2：1，a、b间的相互作用和重力可忽略。下列说法正确的是（　　） A. a、b的质量之比为1：2 B. 在t时刻，a、b的动能之比为2：1 C. 在t时刻，a和b的电势能相等 D. 减小两板间距，两粒子运动到另一极板时的速率也会减小 【答案】AB 【解析】 【详解】A．两粒子在匀强电场中做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有 根据位移公式有 由题意知，且均相同，则与成反比，故，故A正确； B．根据动能定理，合外力做功等于动能变化量，即 因相同，，所以，故B正确； C．t时刻两粒子到达同一等势面，电势相等。电势能 因两粒子电荷量符号相反，即，所以，电势能不相等，故C错误； D．电容器始终接在电源上，电压不变。粒子从一极板运动到另一极板，根据动能定理 解得 速率与板间距无关，故减小间距速率不变，故D错误。 故选AB。 二、非选择题 11. 小明想用楞次定律判断线圈中导线的缠绕方向。器材有：一个绕向未知的线圈，一块条形磁铁，一只多用电表，导线若干。 （1）在测量前，首先进行的操作应是机械调零，需要调节部件______（填“a”“b”或“c”），使多用电表的指针指在表盘最______（填“左”或“右”）端的零刻度线位置； （2）然后，小明将多用电表调节到10mA的挡位，并将多用电表和线圈按图甲连接。条形磁铁插入线圈中的某一瞬间，拍下多用电表指针如图丙所示，此时读数为______mA； （3）为了使条形磁铁N极向下插入线圈时，多用电表正常工作（指针向右偏转），导线的缠绕方向应和图乙中的______（填“A”或“B”）相同。 【答案】（1） ①. a ②. 左 （2）2.6 （3）B 【解析】 【小问1详解】 [1] [2]测量前，首先进行的操作应是机械调零，需要调节部件a，使多用电表的指针指在表盘最左端的零刻度线位置； 【小问2详解】 此时分度值为0.2mA，读数为2.6mA； 【小问3详解】 条形磁铁N极向下插入线圈时，磁通量增大，电流应从红表笔入，黑表笔出，根据楞次定律和安培定则可知，导线的缠绕方向应和图乙中的B相同。 12. 某实验小组测量一粗细均匀的电阻丝的电阻率。有如下实验器材可供选择： A.待测电阻丝（阻值约） B.电流表A（0~0.6A，0~3A） C.电压表V（0~3V，0~15V） D.滑动变阻器 E.电源E（电动势为3.0V，内阻不计） F.开关，若干导线 （1）如图甲所示，用螺旋测微器测量电阻丝的直径时，当测微螺杆靠近电阻丝时，应停止使用旋钮，改用__________，听到“喀喀”声时停止，（请在螺旋测微器上的三个部件①、②、③中选填）； （2）螺旋测微器示数如图乙所示，则该电阻丝的直径__________mm。 （3）实验时要求电流表的示数从零开始测量，用笔画线代替导线将图丙电路连接完整______ 。 （4）实验小组采集到多组不同长度的电阻丝对应的电压表示数U和电流表示数I，利用计算出电阻丝不同长度l对应的阻值R，描绘出的点如图丁所示，在图丁中画出图线。已知图线的斜率为k，请写出电阻丝的电阻率表达式__________。（用，k，d表示） （5）本实验中，小明同学认为由于电流表的内接导致电阻丝的阻值R测量偏大，从而使得电阻丝的电阻率测量值偏大，你同意他的观点吗？请说明理由______ 【答案】（1）③ （2）0.700 （3）连线 （4） （5）小明同学的观点不正确，因为实验采用电流表内接法，只是导致测量值R相对电阻丝的电阻在图像中上移了，不改变图像的斜率，所以不影响电阻丝的电阻率的测量。 【解析】 【小问1详解】 螺旋测微器上的③为微调旋钮，为了保护螺旋测微器，当测微螺杆靠近电阻丝时，应停止使用旋钮，改用③，听到“喀喀”声时停止； 【小问2详解】 螺旋测微器的精确度为0.01mm，电阻丝的直径d=0.5mm+20.0×0.01mm=0.700mm 【小问3详解】 实验时要求电流表的示数从零开始测量，因此滑动变阻器采用分压式接法，如图所示： 【小问4详解】 根据电阻定律 结合函数图像斜率的含义，图像的斜率 解得 【小问5详解】 小明同学的观点不正确，因为实验采用电流表内接法，只是导致测量值R相对电阻丝的电阻在图像中上移了，不会改变图像的斜率，所以不影响电阻丝的电阻率的测量。 13. 如图所示，固定于同一条竖直线上的A、B是两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量分别为+Q和-Q，A、B相距为2d，MN是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球p，质量为m、电荷量为+q（可视为点电荷，不影响电场的分布），现将小球p从与点电荷A等高的C处由静止开始释放，小球p向下运动到距C点距离为d的O点时，速度为v，已知MN与AB之间的距离为d，静电力常量为k，重力加速度为g。求： （1）C、O间的电势差； （2）小球p经过O点时的加速度。 【答案】（1）；（2） 【解析】 【详解】（1）小球由C运动到O时，由动能定理得 解得 （2）小球经过点时受力如图 由库仑定律得 它们的合力为 由牛顿第二定律得 解得 14. 如图所示，一带电微粒质量为、电荷量，从静止开始经电压为的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角。已知偏转电场中金属板长，两板间距d=cm，重力忽略不计。求： （1）带电微粒进入偏转电场时的速率； （2）偏转电场中两金属板间的电压。 【答案】（1）；（2） 【解析】 【详解】（1）由动能定理可得 则 （2）由题意可知带电微粒在偏转电场中的场强为 则加速度为 离开电场时所用时间为 离开电场时沿电场方向的速度为 联立可得 15. 如图，在竖直平面内，一半径为R的光滑圆弧轨道ABC与水平轨道PA相切于A点，BC为圆弧轨道ABC的直径，O为圆心。整个装置处于水平向右的匀强电场中，一质量为m、电荷量为+q的小球（可视为质点）沿水平轨道PA向右运动，经A点沿圆弧轨道ABC通过C点。已知小球在C点所受合力的方向指向圆心O，速度大小为，且此时小球对圆弧轨道ABC的压力恰好为零。重力加速度大小为g（图中OA与OB的夹角大小未知），sin37°=0.6，cos37°=0.8。求： （1）匀强电场的电场强度E的大小； （2）小球经过B点时，电场力对小球做功的功率P。 【答案】（1）；（2） 【解析】 【详解】（1）小球在C点对圆弧轨道ABC无压力， 由牛顿第二定律有 解得 对小球在C点受力分析有 解得 （2）OA与OB的夹角为，有 小球从B点到C点，由动能定理有 解得 小球在B点所受电场力做功的功率 解得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 云南曲靖市马龙区第一中学2025-2026学年高二上学期期中考试 高二物理试卷 本试卷共6页，15小题，满分100分。考试时间75分钟。 注意事项： 1、答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证、考场号、座位号填写在答题卡上，并认真核准条形码上的准考证号、姓名、考场号、座位号，在规定的位置贴好条形码。 2、回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 一、选择题（本题包括10小题，1-7题，每小题4分，共28分，在每小题所给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对得4分，选错或不选得0分，第8-10题为多选题， 出的四个选项中有两个选项符合题意，全部选对得6分，选对但不全得3分， 选错或不选得0分） 1. 关于元电荷，下列论述正确的是（　　） A. 把质子或电子称为元电荷 B. 元电荷是一个电子所带电荷量的大小，没有正负之分 C. 电子带有最小的负电荷，其电荷量称为元电荷 D. 物体所带的电荷量称为元电荷 2. 真空中，相距为d的甲、乙两个完全相同的金属小球（可视为点电荷）所带电荷量分别为-Q和+3Q，接触后，放回原位置，两球间库仑力的大小变为（　　） A. B. C. D. 3. 图中a、b是两个点电荷，它们的电荷量分别为Q1、Q2，MN是ab连线的中垂线，P是中垂线上的一点．下列哪种情况能使P点场强方向指向MN的右侧（　　） A. Q1、Q2都是正电荷，且Q1＜Q2 B. Q1是正电荷，Q2是负电荷，且Q1＞|Q2| C. Q1是负电荷，Q2是正电荷，且|Q1|＜Q2 D. Q1、Q2都是负电荷，且|Q1|＞|Q2| 4. 某静电场在x轴上各点的电势随坐标x的分布图像如图。x轴上A、O、B三点的电势值分别为、、，电场强度沿x轴方向的分量大小分别为、、，电子在A、O、B三点的电势能分别为、、。下列判断正确的是（　　） A. B. C. D. 5. 沿空间某直线建立轴，该直线上的静电场方向沿轴，其轴正半轴上电场强度随轴上位置变化规律如图所示，原点到间的图线为直线，轴正方向为电场强度正方向，一个电荷量大小为的粒子在点由静止释放，刚好能沿轴正方向运动到处，不计粒子的重力，则下列判断错误的是（　　） A. 该粒子带正电 B. 粒子在处的电势能大于处的电势能 C. 粒子在处的动能为 D. 点到之间电势差大于到之间电势差 6. 如图所示，在真空中相距为的两点分别固定着电荷量均为的正点电荷，为连线的中点，为连线中垂线上的一点，，把电荷量的试探电荷从点移到点，克服电场力做了的功。已知静电力常量为。则（  ） A. P点合电场强度的大小为 B. 点合电场强度的方向与垂直 C. 两点间的电势差为 D. 若点的电势为零，点的电势为 7. 如图，、均闭合，一质量为m、电荷量为q的液滴静止在电容器的两平行金属板AB间。现保持闭合，将断开，然后将B板向下平移一段距离。下列说法正确的是（ ） A. 电容器的电容变大 B. 液滴将向上运动 C. A板的电势比电路中Q点的电势高 D. 液滴的电势能增大 8. 如图是等量异种点电荷形成电场中的一些点；O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对称。则（　　） A. E、F两点场强相同 B. A、D两点场强不同 C. B、O、C三点，O点场强最小 D. 沿直线从E点到O点运动的电子所受电场力变小 9. 如图，带正电的物块A放在水平桌面上，利用细绳通过光滑的滑轮与B相连，A处在水平向左的匀强电场中，，从O开始，A与桌面的动摩擦因数随x的变化如图所示，取O点电势能为零，A、B质量均为，B离滑轮的距离足够长，则（　　） A. 它们运动的最大速度为 B. 它们向左运动的最大位移为 C. 当速度为时，A的电势能可能是 D. 当速度为时，绳子的拉力可能是 10. 如图所示，一平行板电容器连接在直流电源上，电容器的极板水平，两微粒a、b所带电荷量大小相等、符号相反，使它们分别静止于电容器的上、下极板附近。现同时释放a、b，它们由静止开始运动，在随后的t时刻，a、b经过虚线所在水平面，虚线到a、b的初始位置的距离之比为2：1，a、b间的相互作用和重力可忽略。下列说法正确的是（　　） A. a、b的质量之比为1：2 B. 在t时刻，a、b的动能之比为2：1 C. 在t时刻，a和b的电势能相等 D. 减小两板间距，两粒子运动到另一极板时的速率也会减小 二、非选择题 11. 小明想用楞次定律判断线圈中导线的缠绕方向。器材有：一个绕向未知的线圈，一块条形磁铁，一只多用电表，导线若干。 （1）在测量前，首先进行的操作应是机械调零，需要调节部件______（填“a”“b”或“c”），使多用电表的指针指在表盘最______（填“左”或“右”）端的零刻度线位置； （2）然后，小明将多用电表调节到10mA的挡位，并将多用电表和线圈按图甲连接。条形磁铁插入线圈中的某一瞬间，拍下多用电表指针如图丙所示，此时读数为______mA； （3）为了使条形磁铁N极向下插入线圈时，多用电表正常工作（指针向右偏转），导线的缠绕方向应和图乙中的______（填“A”或“B”）相同。 12. 某实验小组测量一粗细均匀的电阻丝的电阻率。有如下实验器材可供选择： A.待测电阻丝（阻值约） B.电流表A（0~0.6A，0~3A） C.电压表V（0~3V，0~15V） D.滑动变阻器 E.电源E（电动势为3.0V，内阻不计） F.开关，若干导线 （1）如图甲所示，用螺旋测微器测量电阻丝的直径时，当测微螺杆靠近电阻丝时，应停止使用旋钮，改用__________，听到“喀喀”声时停止，（请在螺旋测微器上的三个部件①、②、③中选填）； （2）螺旋测微器示数如图乙所示，则该电阻丝的直径__________mm。 （3）实验时要求电流表的示数从零开始测量，用笔画线代替导线将图丙电路连接完整______ 。 （4）实验小组采集到多组不同长度的电阻丝对应的电压表示数U和电流表示数I，利用计算出电阻丝不同长度l对应的阻值R，描绘出的点如图丁所示，在图丁中画出图线。已知图线的斜率为k，请写出电阻丝的电阻率表达式__________。（用，k，d表示） （5）本实验中，小明同学认为由于电流表的内接导致电阻丝的阻值R测量偏大，从而使得电阻丝的电阻率测量值偏大，你同意他的观点吗？请说明理由______ 13. 如图所示，固定于同一条竖直线上的A、B是两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量分别为+Q和-Q，A、B相距为2d，MN是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球p，质量为m、电荷量为+q（可视为点电荷，不影响电场的分布），现将小球p从与点电荷A等高的C处由静止开始释放，小球p向下运动到距C点距离为d的O点时，速度为v，已知MN与AB之间的距离为d，静电力常量为k，重力加速度为g。求： （1）C、O间的电势差； （2）小球p经过O点时的加速度。 14. 如图所示，一带电微粒质量为、电荷量，从静止开始经电压为的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角。已知偏转电场中金属板长，两板间距d=cm，重力忽略不计。求： （1）带电微粒进入偏转电场时的速率； （2）偏转电场中两金属板间的电压。 15. 如图，在竖直平面内，一半径为R的光滑圆弧轨道ABC与水平轨道PA相切于A点，BC为圆弧轨道ABC的直径，O为圆心。整个装置处于水平向右的匀强电场中，一质量为m、电荷量为+q的小球（可视为质点）沿水平轨道PA向右运动，经A点沿圆弧轨道ABC通过C点。已知小球在C点所受合力的方向指向圆心O，速度大小为，且此时小球对圆弧轨道ABC的压力恰好为零。重力加速度大小为g（图中OA与OB的夹角大小未知），sin37°=0.6，cos37°=0.8。求： （1）匀强电场的电场强度E的大小； （2）小球经过B点时，电场力对小球做功的功率P。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $