第3章 第1课时 牛顿运动定律的理解和应用(课件PPT)-【精微方案】2027年高考一轮总复习讲义·物理

该高中物理高考复习课件聚焦牛顿运动定律专题，覆盖牛顿第一、二定律理解与应用，力学单位制，动力学两类基本问题及多过程问题等核心考点，对接高考评价体系，通过2025广西卷、四川卷等真题分析考点权重，归纳惯性判断、加速度计算等常考题型，体现备考针对性。 课件亮点在于“真题情境+过程建模+规范答题”策略，如以例7无人机多过程运动为载体，用“受力分析-运动分段-加速度关联”方法突破动力学问题，培养科学思维中的模型建构与科学推理素养。设易错点辨析和答题模板，帮助学生掌握多过程问题得分技巧，教师可据此精准教学，提升复习效率。

第三章　牛顿运动定律 第1课时　牛顿运动定律的理解和应用 [复习目标] 1．理解牛顿第一定律的内容和意义。　2.理解牛顿第二定律的内容及应用。　3.知道力学单位制。　4.能够抓住受力分析和运动过程分析，熟练解决动力学的两类基本问题。　5.对于多运动过程问题，能够划分不同的运动过程，通过受力分析和运动分析，采用动力学方法进行解决。 返回导航 内 容 索 引 基础自主梳理 1 1 考点一 2 考点二 1 3 考点三 1 4 基础自主梳理 第一部分 5 一、牛顿第一定律 1．内容 一切物体总保持______________状态或______状态，除非作用在它上面的力迫使它______这种状态。 2．意义 (1)指出力不是______物体运动状态的原因，而是______物体运动状态的原因。 (2)指出了一切物体都具有______。 匀速直线运动 静止 改变 维持 改变 惯性 返回导航 3．惯性与质量 (1)惯性：物体具有的保持原来的______________状态或______状态的性质就叫惯性。 (2)惯性的量度：描述物体惯性的物理量是它的______。质量是物体惯性大小的唯一量度。 匀速直线运动 静止 质量 返回导航 4．伽利略的理想实验   (1)理想实验：让一个小球沿斜面从静止状态开始运动，小球将“冲”上另一个斜面。如果没有摩擦，小球将到达原来的高度。如果第二个斜面倾角减小，小球仍将到达原来的高度，但是运动的距离更长。 (2)科学推论：当斜面最终变为水平面时，小球要到达原有高度将______________。 永远运动下去 返回导航 深化辨析 1．(1)物体运动必须有力的作用，没有力的作用，物体将静止。(　　) (2)牛顿第一定律是实验定律。(　　) (3)运动的物体惯性大，静止的物体惯性小。(　　) (4)伽利略的“理想实验＋科学推论”的方法是一种科学方法。(　　) × √ × × 返回导航 二、牛顿第二定律和力学单位制 1．内容：物体加速度的大小跟它受到的作用力成______，跟它的质量成______，加速度的方向跟作用力的方向______。 2．表达式：F＝ma。 正比 反比 相同 返回导航 3．力学单位制 (1)单位制：由______单位和______单位一起组成了单位制。 (2)基本单位：基本量的单位。国际单位制的基本量共七个，是长度、质量、时间、电流、物质的量、热力学温度、发光强度，单位分别是米、千克、秒、安[培]、摩[尔]、开[尔文]、坎[德拉]。 (3)导出单位：由基本物理量根据__________推导出来的其他物理量的单位。 基本 导出 物理关系 返回导航 深化辨析 × √ × √ × 返回导航 考点一　牛顿第一定律和惯性 第二部分 13 1．牛顿第一定律揭示了物体不受力作用时的运动状态：物体不受力时(实际上不存在)与所受合外力为零时的运动状态表现是相同的。 2．惯性的两种表现形式 (1)物体不受外力或所受的合外力为零时，惯性表现为物体保持原来的运动状态不变(静止或匀速直线运动)。 (2)物体受到外力时，惯性表现为运动状态改变的难易程度。惯性大，物体的运动状态较难改变；惯性小，物体的运动状态容易改变。 返回导航 D 例1 (2026·辽宁葫芦岛市期末)2025年10月31日到11月1日，神舟二十一号飞行乘组经历了静止在地面、随火箭升空和顺利抵达中国空间站三个过程。关于航天员在不同地点或状态下的惯性大小正确的是(　　) A．在地面上静止时最大 B．在随火箭升空过程中最大 C．在中国空间站中最大 D．一样大 [解析]　物体惯性的大小只与物体的质量有关，质量不变，惯性不变。 返回导航 B 例2 如图所示，在一辆表面光滑的小车上，放有质量分别为m1、m2的两个球，随车一起匀速运动，当车突然停止运动，其他阻力不计，设车无限长，则两小球(　　) A．一定相碰 B．一定不相碰 C．若m1>m2，则肯定相碰 D．若m1<m2，则一定不相碰 返回导航 [解析]　小车表面光滑，两个小球在水平方向上不受力的作用，根据牛顿第一定律可知，两球都保持原速度做匀速直线运动，它们之间的距离不会发生变化，因而它们一定不相碰，与质量的大小无关。 返回导航 第三部分 考点二　牛顿第二定律和 力学单位制 18 牛顿第二定律的“六性” 返回导航 考向1　牛顿第二定律的理解和应用 例3 (多选)(2025·广西卷，T9)独竹漂是我国一项民间技艺。如图所示，在平静的湖面上，独竹漂选手手持划杆踩着楠竹，沿直线减速滑行，选手和楠竹相对静止，则(　　) A．选手所受合力为零 B．楠竹受到选手作用力的方向一定竖直向下 C．手持划杆可使选手(含划杆)的重心下移，更易保持平衡 D．选手受到楠竹作用力的方向与选手(含划杆)的重心在同一竖直平面 CD 返回导航 [解析]　选手沿直线减速滑行，其所受合外力与运动方向相反，不为零，A错误； 由于楠竹和选手相对静止，对选手(含划杆)受力分析可知，其受到楠竹的静摩擦力和支持力，则由平行四边形定则与牛顿第三定律可知楠竹受到选手作用力的方向不是竖直向下，B错误； 手持划杆使选手(含划杆)的重心下移，更易保持平衡，C正确； 对选手受力分析，其水平方向受到楠竹的摩擦力，竖直方向受到重力和楠竹的支持力，竖直方向受力平衡，则选手受到楠竹作用力的方向与选手(含划杆)的重心在同一竖直平面，D正确。 返回导航 C 返回导航 [解析]　根据几何关系可得F2＝F cos θ，故A错误； 据题意可知F1与船运动的方向相同，是船前进的动力，船还受到其他阻力的作用，所以船受到的合力不是F1，故C正确，B错误； 返回导航 A 返回导航 返回导航 AC 返回导航 返回导航 第四部分 考点三　动力学的两类基本问题 1．解题思路 返回导航 2．把握“两个分析”“一个桥梁” 返回导航 3．找到不同过程之间的“联系”，如第一个过程的末速度就是下一个过程的初速度，若过程较为复杂，可画位置示意图确定位移之间的联系。 返回导航 例7 (2026·云南红河州、文山州统测)如图所示为某种运载无人机，它是一种能够低空运载的遥控飞行器，其动力系统所能提供的最大升力F＝900 N，一架总质量m＝60 kg的该型号无人机在地面上从静止开始，以最大升力竖直向上起飞，t＝10 s时离地面的高度为200 m，运动过程中所受空气阻力大小恒定，g取10 m/s2。 返回导航 (1)求运动过程中所受空气阻力大小。 [答案]　60 N 返回导航 (2)假设无人机竖直向上起飞5 s后关闭动力系统，求无人机距地面的最大高度(结果保留小数点后2位)。 [答案]　68.18 m 返回导航 例8 (2026·广东清远市模拟)分拣机器人在快递行业的推广大大提高了工作效率，派件员在分拣处将包裹放在静止机器人的水平托盘上，机器人可沿直线将包裹送至指定投递口，停止运动后缓慢翻转托盘，当托盘倾角增大到θ时，包裹恰好开始下滑，如图甲所示。现机器人要把包裹从分拣处运至相距L＝45 m的投递口处，为了运输安全，包裹需与水平托盘保持相对静止。已知包裹与水平托盘间的动摩擦因数μ＝0.75，最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，重力加速度g取10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，求： 返回导航 (1)机器人在卸下包裹时托盘的最小倾角θ及运输包裹的过程中允许的最大加速度大小； [解析]　根据题意，当包裹刚开始下滑时满足mg sin θ＝μmg cos θ 解得θ＝37° 当包裹与水平托盘间的摩擦力达到最大静摩擦力时，加速度最大，即μmg＝ma 解得a＝7.5 m/s2。 [答案]　37°　7.5 m/s2　 返回导航 (2)若机器人运行的最大速度vm＝3 m/s，则机器人从分拣处运行至投递口(恰好静止)所需的最短时间t。 返回导航 [答案]　15.4 s 返回导航 例9 如图所示，倾角为37°的足够长斜面体固定在水平面上，质量m＝1.5 kg的小物块在恒定拉力F的作用下，从斜面体底端由静止沿斜面向上运动，经t1＝2 s后撤去拉力。已知小物块与斜面体间的动摩擦因数μ＝0.5，拉力大小F＝15 N、方向与斜面夹角为37°斜向上，重力加速度g取10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8。求： (1)小物块沿斜面向上运动的位移大小； (2)小物块再次返回斜面底端时的速度大小。 返回导航 规范思维五部曲 规范答题 1.速读题目：通过迅速浏览题目，对题目考点和考查目的进行定位。 2.信息获取：抓住关键词，挖掘隐含条件，明确解题方向。 3.做好分析：受力分析和运动过程分析，找到运动转折点关联物理量。 4.规范列式：根据牛顿第二定律和运动学公式，对每一过程分别列字母表达式。 5.代数求解：注意计算过程不要写在解答中，解答过程只给出最终结果和单位即可。 返回导航 返回导航 (1)小物块沿斜面向上运动的位移大小； 规范答题模板 返回导航 返回导航 规范答题模板 [答案]　2.2 m 返回导航 返回导航 规范答题模板 (2)小物块再次返回斜面底端时的速度大小。 返回导航 返回导航 [解析]　撤去拉力前，对小物块受力分析如图所示 沿斜面方向有F_cos_37°－mg_sin_37°－μFN＝ma1 垂直于斜面方向有 F sin 37°＋FN＝mg_cos_37° 撤去拉力时，小物块的位移x1＝a1t 小物块的速度v1＝a1t1 撤去拉力小物块继续向上运动过程有 mg sin37°＋μmg cos 37°＝ma2 小物块的位移x2＝ 小物块沿斜面向上运动的位移x＝x1＋x2 解得x＝2.2 m。 [解析]　小物块沿斜面向下运动，根据牛顿第二定律有 mg sin 37°－μmg cos 37°＝ma3 根据速度位移关系有v＝2a3x 解得v2＝ m/s。 [答案]　 m/s $