第二章 周末练4 章末检测试卷(第一、二章)（配套课件PPT）-【步步高】2025-2026学年高一物理必修第一册学习笔记（教科版）

这是一份高中物理第一、二章的周测试卷（周末练4），包含15道题，涵盖单选、多选、非选择等题型，题目选自多地高一期末试题，涉及运动学、加速度、匀变速直线运动等知识点，附完整答案及解析，为学生提供系统的章节检测支架。 资料特色突出核心素养，通过地铁速度、水火箭分离等实际情境考查物理观念，计算题需建构匀减速模型进行科学推理，实验题（打点计时器）培养科学探究能力，结合高铁、自动驾驶等科技案例渗透科学态度与责任。能帮助学生巩固基础、提升解题能力，为教师提供学情反馈和教学参考。

章末检测试卷 (第一、二章) 周末练4 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 C B C B A D B AB 题号 9 10 11 答案 AC AB (1)电磁打点计时器　(2)开启电源　拉动纸带　(3)0.413　0.380 对一对 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 题号 12 13 答案 (1)6　(2)0.06　(3)8.67 (1)0.5 m/s2　(2)6 400 m　(3)50 m/s 题号 14 15 答案 (1)5 m/s　(2)2 s　(3)5 m (1)34 m　(2)不相撞　16 m 对一对 答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 一、单项选择题 1.(2024·成都市高一期末)某城市地铁18号线是服务于市区和国际机场之间的快线，乘坐该线路的旅客仅需33分钟便可从火车南站直达国际机场。表中为18号线信息表， 中文名 地铁18号线 线路长度 69.39 km(一、二期) 运营时间 06：00—次日00：05 最高速度 140 km/h 下列说法正确的是 A.线路长度69.39 km指位移大小 B.次日00：05指时间 C.地铁最高速度140 km/h指瞬时速度大小 D.地铁全程平均速度约为126 km/h 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 中文名 地铁18号线 线路长度 69.39 km(一、二期) 运营时间 06：00—次日00：05 最高速度 140 km/h √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 线路长度69.39 km指路程，故A错误； 次日00：05指时刻，故B错误； 地铁最高速度140 km/h指瞬时速度大小，故C正确； 平均速度是位移与发生这段位移所用时间的比值，由于地铁全程的位移未知，所以无法求解地铁全程的平均速度，故D错误。 13 14 15 2.(2024·达州市高一期中)如图所示，一个垒球以25 m/s的水平速度飞向球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为35 m/s，设球棒与垒球的作用时间为0.01 s，则该过程中垒球 A.速度改变量大小为10 m/s B.速度改变量大小为60 m/s C.平均加速度大小为0.1 m/s2 D.平均加速度大小为0.6 m/s 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 规定垒球飞向球棒的速度方向为正方向，则垒球的速度变化量为 Δv＝(－35－25)m/s＝－60 m/s，可知速度改变量大小为60 m/s，故A错误，B正确； 球棒与垒球的作用时间为0.01 s，则平均加速度大小为a＝ m/s2＝ 6 000 m/s2，故C、D错误。 13 14 15 3.(2024·德阳市高一开学考试)某一做匀加速直线运动的物体的初速度v0为5 m/s，加速度a为2 m/s2，则下列结论中正确的是 A.它第3 s初的速度是11 m/s B.它第5 s初的速度比第4 s末的速度大4 m/s C.它第2 s内速度变化量为2 m/s D.它前2 s内速度增加量为2 m/s √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 它第3 s初的速度v2＝v0＋at＝(5＋2×2)m/s＝9 m/s，故A错误； 第5 s初与第4 s末是同一时刻，则第5 s初的速度与第4 s末的速度相等，故B错误； 由Δv＝at得，第2 s内速度变化量Δv＝2×1 m/s＝2 m/s，故C正确； 前2 s内速度增加量Δv'＝at'＝2×2 m/s＝4 m/s，故D错误。 13 14 15 4.(2024·成都市高一期末)我国自行研制、具有完全自主知识产权的新一代大型喷气式客机C919在某次试飞任务中，飞机在水平跑道上的滑跑是初速度为零的匀加速直线运动，要在滑行距离x＝1.6 km时达到起飞速度v＝80 m/s，则飞机滑跑过程中的加速度大小为 A.1 m/s2 B.2 m/s2 C.3 m/s2 D.4 m/s2 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 根据匀变速直线运动速度与位移关系式可得v2＝2ax，解得飞机滑跑过 程的加速度大小为a＝ m/s2＝2 m/s2。故选B。 13 14 15 5.(2024·凉山州高一期末)小球从靠近竖直砖墙的某位置由静止释放，用频闪方法拍摄的小球位置如图中1、2、3和4所示。已知连续两次闪光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d，重力加速度为g，忽略空气阻力。由此可知小球 A.下落过程中的加速度大小约为 B.经过位置3的瞬时速度大小约为2gT C.经过位置4的瞬时速度大小约为 D.从位置1到4过程中的平均速度大小约为 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 由题图可知x34－x23＝x23－x12＝d，由Δx＝aT2，下落过程中的加速度大 小约为a＝，故A正确； 经过位置3的瞬时速度大小约为v3＝，故B错误； 经过位置4的瞬时速度大小约为v4＝v3＋gT＝＋gT，故C错误； 从位置1到4过程中的平均速度大小约为，故D错误。 13 14 15 6.(2024·成都市高一期末)火箭多级分离是一种高效的火箭发射技术，它可以减轻火箭的质量，从而提高火箭的速度和高度。某科创小组进行的两级水火箭发射过程中，箭体从静止开始先竖直向上做加速度大小为8 m/s2的匀加速直线运动，经1 s后一、二级箭体分离，二级箭体继续加速上升，一级箭体仅受重力作用在竖直方向运动。重力加速度g取10 m/s2，则一级箭体从发射到落回地面所用时间为 A.0.9 s B.2 s C.2.2 s D.3 s 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 一、二级箭体分离时上升的高度为h＝a×8×12m＝4 m，一、二 级箭体分离时的速度大小为v＝at1＝8 m/s，分离后一级箭体做竖直上抛运动，设一级箭体从分离到落回地面所用时间为t2，以竖直向上为正方 向，则有－h＝vt2－g，代入数据解得t2＝2 s或者t2＝－0.4 s(舍去)， 则一级箭体从发射到落回地面所用时间为t＝t1＋t2＝3 s，故选D。 13 14 15 7.(2023·成都七中高一期中)如图甲所示，让一小球从固定斜面顶端O处静止释放，小球经过A处到达斜面底端B处，通过A、B两处安装的传感器测出A、B间的距离x及小球在AB段运动的时间t。改变A处传感器的位置， 重复多次实验，计算机作出 －t图像如图乙所示。下列说法正确的是 A.小球在斜面上运动的平均速度大小为6 m/s B.小球运动到斜面底端时速度大小为6 m/s C.小球在斜面上运动的加速度大小为3 m/s2 D.小球在斜面上运动的时间为2 s 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 √ 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 由匀变速直线运动规律有x＝vAt＋at2，vB＝vA＋at可得＝vB－at，由 题图乙知，小球运动到斜面底端时的速度大小为vB＝6 m/s，故B正确； 小球在斜面上做匀加速直线运动，平均速度小于6 m/s，故A错误； 由题图乙可知a＝ m/s2，小球在斜面上运动的加速度大小为a＝6 m/s2， 故C错误； 由vB＝at0可得，小球在斜面上运动的时间为t0＝1 s，故D错误。 13 14 15 二、多项选择题 8.(2024·自贡市高一期末)如图，小球沿斜面向上运动，依次经a、b、c、d到达最高点e。已知ab＝cd＝6 m，bc＝1 m，小球从a到c和从c到d所用时间都是1 s，设小球经b、c时的速度分别为vb、vc，则 A.de＝15.125 m B.vc＝6.5 m/s C.vb＝ m/s D.从d到e所用的时间是5 s 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 √ 13 14 15 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 小球从a到c和从c到d所用的时间都是1 s，根据匀变速直线运动的推论知，c点的速度等于ad段的平均速度，即 vc＝ m/s＝6.5 m/s，故B正确； ac段时间中点的速度 v1＝ m/s＝7 m/s cd段时间中点的速度 v2＝ m/s＝6 m/s 根据加速度定义式可得加速度为 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 a＝ m/s2＝－1 m/s2 根据速度位移关系式＝2a·bc 代入数据解得vb＝ m/s，故C错误； 从b点到最高点e点，根据速度与位移关系式有 0－＝2a·be 代入数据解得be＝22.125 m，则 de＝22.125 m－7 m＝15.125 m，故A正确； 根据逆向思维de＝|a|，解得tde＝5.5 s，故D错误。 13 14 15 9.(2024·攀枝花市高一期末)非洲大草原上，猎豹是跑得最快的动物，而羚羊最擅长耐久跑。一只羚羊在草原上沿直线匀速奔跑，潜伏的猎豹发现它在前方150 m时，立即加速追赶，而羚羊的嗅觉和听觉非常灵敏，它发现身后的猎豹后马上加速，如图是它们运动的v－t图像，下列说法正确的是 A.在0~2 s内，羚羊和猎豹间的距离逐渐增大 B.6 s末羚羊与猎豹相距30 m C.猎豹加速时的加速度比羚羊加速时的加速度大 D.12 s末，猎豹刚好追上羚羊 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 √ √ 由题图可知，在0~2 s内羚羊的速度比猎豹快，所以两者之间距离逐渐增大，故A项正确； v－t图像与时间轴围成的面积表示物体的位移。则0~6 s羚羊的位移为x羚＝6×10 m＝60 m， 猎豹的位移为x猎＝×6×30 m＝90 m 所以此时两者之间的距离为Δx＝x0－(x猎－x羚)＝120 m，故B项错误； v－t图像的斜率表示加速度，猎豹的加速度大小为a猎＝＝5 m/s2 羚羊的加速度大小为a羚＝＝4 m/s2<a猎，故C项正确； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 0~12 s羚羊的位移为x羚1＝10×7 m＋×(12－7)m＝170 m 猎豹的位移为x猎1＝×6×30 m＋30×(12－6)m＝270 m 所以两者之间此时的距离为Δx1＝x0－(x猎1－x羚1)＝50 m 所以12 s末猎豹并没有追上羚羊，故D项错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 10.(2024·泸州市高一期中)如图所示，一滴雨滴从离地面20 m高的楼房屋檐自由下落，下落途中用Δt＝0.2 s的时间通过一个窗口，窗口的高度为2 m，g取10 m/s2，不计空气阻力，则 A.雨滴落地速度为20 m/s B.雨滴最后1 s的位移为15 m C.雨滴到窗口中间位置时的速度为10 m/s D.屋檐距离窗口上边框的距离为6 m √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 √ 13 14 15 由公式v2＝2gh，可得雨滴落地的速度大小v＝ m/s＝20 m/s，故A正确； 由公式h＝gt2，可知雨滴在空中运动的时间为t＝ s＝2 s 雨滴前1 s的位移为 h1＝×10×12m＝5 m 雨滴落地前最后1 s内的位移为 h'＝(20－5)m＝15 m，故B正确； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 窗口的高度为2 m，雨滴用Δt＝0.2 s的时间通过窗口，则通过窗口过程 的平均速度为 m/s＝10 m/s 由匀变速直线运动的特点可知，10 m/s等于通过窗口过程中间时刻的瞬时速度，由于雨滴做匀加速直线运动，所以该速度小于雨滴经过窗口中间位置的速度，故C错误； 设屋檐距离窗口上边框的距离为x0，雨滴从屋檐运动到窗口上边框时间 为t0，则有x0＝g，且x0＋2 m＝g(t0＋Δt)2，联立解得t0＝0.9 s，x0＝ 4.05 m，故D错误。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 三、非选择题 11.(2023·德阳市高一月考)打点计时器是高中物理实验中常用的实验器材，请你完成下列有关问题。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 (1)图甲是　　　　 (填“电磁打点计时器”或“电火花打点计时器”)。 电磁打点计时器 (2)使用打点计时器时，应先　　　　 后　　　　 (均填“开启电源”或“拉动纸带”)。 开启电源 拉动纸带 (3)如图为小车做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带，其中两相邻计数点间有四个打出的点未画出，已知所用电源的频率为50 Hz，则打C点时小车运动的速度vC＝　　　m/s，小车的加速度a＝　　　 m/s2(结果均保留三位有效数字)。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 0.413 0.380 两相邻计数点间有四个点未画出，所用电源频率为50 Hz，故题图中两相邻计数点间时间间隔为0.1 s，打C点时小车运动的速度等于BD段的 平均速度，所以打C点时小车运动的速度vC＝×10－2 m/s ＝0.413 m/s，小车的加速度 a＝ m/s2＝0.380 m/s2。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 12.(2024·成都市高一期末)张强同学在实验室中用如图甲所示装置来测量当地重力加速度g，其得到的纸带如图乙所示。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 (1)电磁打点计时器应接　　　　　 V以下交流电源，已知所用交流电频率为50 Hz。 6 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 电磁打点计时器应接6 V交流电源。 13 14 15 (2)在所选纸带上取0点为计时起点，然后每隔两个点取一个计数点，所测量数据及其标记符号如图乙所示，相邻两计数点间的时间间隔T＝ 　　　 s。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 0.06 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 每隔两个点取一个计数点，相邻两计数点间的时间间隔T＝3× s＝0.06 s 13 14 15 (3)由逐差法可得当地重力加速度g＝　　　 m/s2(计算结果保留三位有效数字)。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 8.67 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 由逐差法可得当地重力加速度g＝×10－3 m/s2 ≈8.67 m/s2。 13 14 15 13.(2024·绵阳市高一期末)2023年10月，贵广高铁正式提速至300 km/h，途经该线路的列车可节约1小时左右，由成都东站开往香港西九龙的G2963次列车亦因此受益。某校高一物理组成员乘坐该列车去香港考察学习，在即将经停桂林西站时，物理老师们突然想测一下该列车减速时的加速度大小。某时刻通过显示屏得知当列车开始制动时的速度为288 km/h，经过160 s后停在桂林西站。减速过程视为匀减速直线运动。请计算以下问题： (1)列车减速运行过程中加速度的大小； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 答案　0.5 m/s2 列车开始制动时的速度为 v0＝288 km/h＝80 m/s 由运动学公式v＝v0－at＝0 代入数据解得列车减速运行过程中加速度的大小为a＝0.5 m/s2 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 (2)需要提前多远开始制动； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 答案　6 400 m 由运动学公式x＝t 解得需要提前开始制动的距离为x＝6 400 m (3)从开始减速至位移为3 900 m时动车的速度大小。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 13 14 15 答案　50 m/s 由运动学公式 ＝－2ax1 其中x1＝ 3 900 m 解得从开始减速至位移为3 900 m时动车的速 度大小为v1＝50 m/s。 14.(2023·成都市高一期末)跳水比赛时，运动员在距水面10 m的跳台向上跳起，到达最高点时重心离起跳处约1.25 m，后自由下落，忽略空气阻力，运动员在水中近似做匀减速直线运动且加速度大小为22.5 m/s2，g取10 m/s2，试计算： (1)该运动员起跳时的速度大小； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 答案　5 m/s 12 13 14 15 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 运动员从起跳到最高点做匀减速直线运动，末速度为0，上升的高度为h＝1.25 m 根据运动学规律0－＝－2gh 解得运动员起跳时的速度大小为v0＝5 m/s 12 13 14 15 (2)该运动员从起跳到入水所用时间； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 答案　2 s 12 13 14 15 运动员从起跳到入水的位移为x＝－10 m 根据运动学规律x＝v0t－gt2 解得运动员从起跳到入水所用时间为 t＝2 s，(t＝－1 s舍去) (3)为了避免运动员与池底碰撞，水池的最小深度。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 答案　5 m 12 13 14 15 运动员入水前瞬间的速度为 v入＝v0－gt＝－15 m/s(负号表示方向竖直向下) 运动员入水后做匀减速直线运动，设水池深度至少为H，加速度大小为22.5 m/s2，则 0－＝－2aH，解得H＝5 m，为了避免运动员与池底碰撞，水池的最小深度为5 m。 15.(2024·绵阳市高一期末)自动驾驶汽车又称无人驾驶汽车，是一种通过电脑系统控制实现无人驾驶的智能汽车。若在平直公路上的一次测试中，自动驾驶汽车甲的前方L＝40 m处，有一辆有人驾驶的汽车乙，甲、乙两车开始都以v0＝30 m/s的速度同向行驶。若从某时刻起，乙车以3 m/s2的加速度开始刹车，乙车开始刹车后立即被甲车“感受”到，通过电脑分析，在乙车开始刹车2 s后，甲车以4 m/s2的加速度开始刹车，求： (1)甲车开始刹车时，甲、乙两车之间的距离； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 12 13 14 15 答案　34 m 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 12 13 14 15 开始时甲、乙两车相距L＝40 m 开始刹车时间间隔Δt＝2 s 两车的位移 x甲＝v0Δt x乙＝v0Δt－a乙(Δt)2 甲车开始刹车时，甲、乙两车之间的距离 L'＝x乙＋L－x甲＝34 m (2)两车是否相撞，若相撞，请说明理由；若不相撞，请计算甲、乙两车之间最近的距离。 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 12 13 14 15 答案　不相撞　16 m 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 12 13 14 15 设从乙车开始刹车到甲、乙两车速度相等的过程中经历的时间为t，甲、乙两车的速度都是v，在此过程中，有v0－a甲(t－2)＝v0－a乙t＝v 解得t＝8 s，v＝6 m/s 两车的位移x甲'＝v0Δt＋(t－Δt)＝168 m x乙'＝t＝144 m 根据题意可知x乙'＋L>x甲' 故两车不相撞。甲、乙两车之间最近的距离Δs＝x乙'＋L－x甲'＝16 m。 本课结束 $