2027届高三物理一轮复习质量检测

**基本信息** 高三物理一轮复习质量检测，以高考内容为范围，通过全超导托卡马克、太阳帆飞船等科技前沿及春秋战国马车复原等文化情境，构建基础巩固到创新应用的能力梯度，适配一轮复习知识整合需求。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10题46分|力学（恒定功率启动）、电磁学（变压器）、近代物理（核聚变）|选项设计融合光压计算等科学情境，考查科学推理| |非选择题|5题54分|实验（动量定理、光敏电阻）、气体定律、电磁场综合、碰撞动量守恒|多过程综合（如第14题电磁场粒子运动结合动量定理），契合高考命题趋势|

2026-2027学年高三物理一轮复习质量检测（含答案解析） 考查范围：高考内容 考试时间：75min 分数：100分 一. 选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1. 由中国科学院合肥物质科学研究院等离子体物理研究所自主设计研制的世界上第一个全超导托卡马克装置，于2006年建成投入使用。该装置的核心就是模仿太阳，持续稳定地释放能量，然后转化成电能，供人类使用。该装置的核反应方程可能是，下列说法正确的是 A． B． C．该核反应要吸收热量 D．该核反应是核裂变 2. 我国科技爱好者复原了春秋战国时期带有刃车曺的马车，并对其性能进行了测试。在时间内，若马车以恒定功率在水平路面上沿直线运动.速度从v1加速到v2，假定马车所受阻力不变.则马车运动的v-t图像可能是 A． B． C． D． 3. 太阳帆飞船是依靠太阳的光压来加速飞船的。太阳帆一般由反射率极高的韧性薄膜制成的，面积大，质量小。某太空探测飞船运行在地球公转轨道上，绕太阳做匀速圆周运动，某时刻飞船的太阳帆打开，展开的面积为S，飞船能控制帆面始终垂直太阳光线。已知太阳的总辐射功率为，日地距离为，光速为c，引力常量为G，太阳帆反射率100%。下列说法正确的是 A．太阳帆受到的太阳光压力为 B．太阳帆受到的太阳光压力为 C．打开太阳帆后，飞船将沿径向远离太阳 D．打开太阳帆后，飞船在以后运动中受到的光压力与太阳的引力之比恒定 4. 某水池下方水平放置一直径为的圆环形发光细灯带，点为圆环中心正上方，灯带到水面的距离可调节，水面上面有光传感器（图中未画出），可以探测水面上光的强度。当灯带放在某一深度时，发现水面上形成两个以为圆心的亮区，其中半径的圆内光强更强，已知水的折射率，则 A．水面能被照亮的区域半径为 B．仅增大圆环灯带的半径，水面上中间光强更强的区域也变大 C．灯带的深度 D．当时，水面中央会出现暗区 5. 如图所示，在足够大的范围内存在水平向左的匀强电场（图中未画出），倾角为α的足够长斜面固定在水平地面上，在斜面底端有一垂直斜面的足够长的绝缘挡板，现从斜面上O点垂直斜面、以大小为v的速度抛出一质量为m的带正电小球，O点到斜面底端的距离为s，小球刚被抛出时所受的合力方向沿斜面向下，小球碰到挡板后垂直挡板反弹（平行挡板方向的速度变为0），且每次反弹后的速度大小为碰前瞬间垂直挡板方向速度大小的，碰撞时间都极短，不计空气阻力，小球所带的电荷量始终不变，重力加速度大小为g，下列说法正确的是 A．小球所受电场力大小为 B．小球可能落在距O点为的斜面上 C．小球第一次落到挡板上的点到斜面底端的距离为 D．小球从第一次到第四次与挡板碰撞的过程中的路程为 6. 如图所示，平面直角坐标系中，一个半径为、弧长略小于半圆的圆弧形挡板关于轴对称放置，其圆心位于原点。以为上边界、为下边界、圆弧形挡板为右边界，左边界无穷远的区域内有垂直纸面向里的匀强磁场Ⅰ，磁感应强度大小为。其他区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场Ⅱ，磁感应强度大小为。一质量为、电荷量为的带电粒子，从处以某一初速度沿轴正向射出，恰好从处进入磁场Ⅱ，之后与挡板仅发生一次碰撞，碰后速度大小变为原来的、方向与碰前相反，最后经过处回到磁场Ⅰ。不计粒子重力及碰撞时间，整个过程粒子电量保持不变，下列说法正确的是 A．粒子初速度的大小为 B．两个磁场磁感应强度大小关系为 C．粒子第二次离开磁场I的位置坐标为 D．粒子从处至处的时间为 7. 如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比为2：1，接入u=220sin100t（V）的理想交流电源，定值电阻R1和R2的阻值均为55Ω，滑动变阻器R3的最大阻值为55Ω，电流表、电压表均为理想电表。当滑动变阻器R3的滑片P从最上端滑动到最下端的过程中，电流表和电压表示数变化量的绝对值分别用和表示，下列判断正确的是 A．滑片在向下滑动过程中，电源的输出功率变小 B．滑片在向下滑动过程中，电流表的示数变小 C．当滑片滑到最下端时，电压表的示数为44V D．电表示数变化量的绝对值之比等于13.75Ω 二. 选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8. 如图所示，一列简谐横波沿x轴传播，图甲为在时刻的波形图，P是平衡位置在处的质点，Q是平衡位置在处的质点。图乙是质点Q的加速度a随时间t变化的图像。下列说法正确的是 A．该简谐横波的传播波速为 B．时，质点P沿y轴正方向运动 C．时，质点Q振动到波谷 D．的时间内，质点P所走的路程为50cm 9. 如图所示，球心为0、半径为R的半球体固定于水平地面，质量为m 的杂技演员依靠双手支撑竖直倒立在球面上。双手对球面压力的作用点的连线是与地面平行、圆心为O'的小圆的直径、压力大小均为N且不超过 (g为重力加速度大小)。手与球面间动摩擦因数为 最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等。设OO'长为h、则 A．时，演员保持平衡状态，N大小可能为 B．时，演员可以通过增大N往上移动 C．时，演员不可能保持平衡状态 D．演员要保持平衡状态，N的最小值为 10. 如图所示，两平行光滑金属导轨固定在绝缘水平面上，间距为L，电阻不计，左端接有输出电流大小恒为1的流源，电流方向如图。导轨间分布着两个紧邻的正方形磁场区域，宽度均为L，左侧磁场方向竖直向下，右脚场方向竖直向上，以导轨上两磁场交界处的O点为坐标原点，沿导轨方向建立x坐标轴，两磁场的磁感应强大小B仅随坐标x变化，且满足 式中B为已知常量。t=0时，一根质量为n轨间电阻为R的导体棒以初速度v0从x=0处向右运动；t=t0时，导体棒第一次到达 处，且速度为0，运动过程中导体棒始终与导轨接触良好且垂直，不计空气阻力，忽略磁场的边界效应及电流对磁场的影响列说法正确的是 A．导体棒做简谐运动 B．初速度 C．若初速度变为0.5v0，则导体棒的速度第一次变为0所需时间为 D．若初速度变为1.5v0，则导体棒将以两磁场交界线为中心做往复运动 三. 非选择题：本题共5小题，共54分。 11.（5分）某科技小组设计了测量薄膜压缩时间的实验，图1(a)为装置示意图。 实验原理：某种薄膜受到小球冲击时会发光，通过测量发光光谱的相对光强峰值I，可得最大冲击力 F，结合动量定理可估测薄膜压缩时间t。 （1）实验操作及数据处理。 ①称量小球质量，记录质量m。 ②断开电磁铁电源，使小球从薄膜正上方自由下落。拍摄小球下落过程的视频。 ③图1(b)为利用视频处理软件得到的小球接触薄膜瞬间前连续3个时刻的位置图。分别测量图中的距离s1和s2，可得s1为_______ cm，s2为6.66 cm。相邻两个位置的时间间隔为T，则小球在B位置处的速度： _______ (用s1、s2和T表示)；与薄膜接触前瞬间，小球在C位置处的速度 _______ (用s1、s2和T表示)。 ④用光谱仪测得薄膜受到冲击时发光光谱的 Ip为158 a.u.。图2为已知的 关系图像，可读得F为_______N。 ⑤m=30.0g，T=0.02s，由动量定理可估测薄膜压缩时间 将数据代入可得t=_______s(结果保留3位有效数字)。 12.（7分） 某兴趣小组为研究光敏电阻阻值随光照强度的变化规律，设计的实验电路如图（a）所示。主要器材如下：电源E，电压表（，内阻约为），灵敏电流计（，内阻为），滑动变阻器，电阻箱，开关S，导线若干。 （1）该小组同学先将灵敏电流计的量程扩大为，则电阻箱应调为_______； （2）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片滑到最_______（选填“左”或“右”）端； （3）图（b）为小组同学在不同光照强度下得到的光敏电阻伏安特性曲线，图中曲线（可视为直线）Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ对应光敏电阻受到的光照由弱到强。由图像可知，光敏电阻的阻值随其表面受到光照的增强而 _______（选填“增大”或“减小”）。 （4）小组同学借助光敏电阻的阻值变化规律设计了一款自动路灯，要求在光照强度减弱至一定程度时，路灯亮起。其电路如图（c）所示，图中L为路灯灯泡，VT为三极管（当b、e间电压大于等于0.7V时，与b、c、e相连的三条线路均处于导通状态；当b、e间电压小于0.7V时，与b、c、e相连的三条线路均处于断开状态），为电阻箱（）。 ①若电源电动势，内阻忽略不计，当光照强度减弱到图（b）中曲线Ⅰ对应值时，三极管恰好导通，路灯亮起，则电阻箱接入电路的阻值应为_______； ②在某次实验中，小组同学发现图（c）中电阻箱的“”处的旋钮卡在“0”位置处无法旋动，此时采取_______措施，并调节电阻箱阻值后能继续实现①中目标。 A.将电路中电阻箱和光敏电阻的位置互换 B.将原电路的光敏电阻换成两个型号相同的光敏电阻串联 C.将原电路的光敏电阻换成两个型号相同的光敏电阻并联 13.（12分） 某同学制作了一个简易气动装置，可简化为如图所示的模型。水平汽缸A和竖直汽缸B固定在气压为的恒温环境中，其活塞a、b的横截面积分别为、。两汽缸通过细管连通，汽缸A内壁光滑，汽缸B内壁与活塞b间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，整个装置气密性和导热性良好。不计活塞的质量和厚度，重力加速度为g。 （1）打开气阀K，在活塞b上用轻质细线悬挂重物，逐渐增加重物的质量，当重物质量为m时活塞b刚要开始向下运动，求汽缸B内壁与活塞b间的最大静摩擦力大小； （2）在（1）问操作后关闭气阀K，封闭体积为的气体（视为理想气体），然后用水平拉力向右缓慢拉动活塞a，直到重物刚要开始向上运动，已知此过程中气体吸收的热量为Q，求该过程活塞a的位移大小及拉力对活塞a做的功； （3）在（2）问操作后继续缓慢拉动活塞a，使重物上升高度H，此时活塞b未到达汽缸B的顶部，求该过程中水平拉力对活塞a做的功。 14.（14分） 如图所示，三维直角坐标系中的z轴垂直纸面向外。在平面右侧、平面上方空间内存在沿z轴正方向的匀强磁场，磁感应强度大小；在平面左侧空间内存在沿轴负方向的匀强电场和匀强磁场，电场强度大小，磁感应强度大小未知。质量为、电荷量为的粒子在平面内从坐标原点发射，初速度大小为、方向与轴负方向成。经过一段时间后，粒子从点（图中未标出）垂直平面进入右侧空间，粒子在平面右侧空间受到与速度方向相反、大小与速率成正比的阻力（为已知常量），且粒子恰好从点（图中未标出）垂直平面射出磁场。不计粒子重力，，。求： （1）粒子在平面左侧空间内运动的时间； （2）点的坐标； （3）点到轴的距离； （4）粒子从点运动到点的轨迹长度。 15.（16分） 水平面O点左侧光滑，右侧粗糙。质量为的圆弧槽末端与O点重合处于静止状态，其圆弧表面光滑，半径。质量均为可视为质点的相同滑块，如图所示，滑块1从高处由静止释放恰好能沿切线方向进入圆弧槽，滑块2、滑块3……滑块n自距离O点处从左向右依次排列，间距均为。已知滑块与粗糙水平面之间的动摩擦因数为，滑块间的碰撞时间极短，且碰后就粘在一起形成组合体。取，求： （1）滑块1离开圆弧槽末端时的速度； （2）滑块1离开圆弧槽末端后，经过多长时间撞上滑块2？（最终答案取一位小数） （3）组合体最多由多少个滑块组成？停下时距离O点多远？【提示：】（最终答案取一位小数，不用写分析过程） 2026-2027学年高三物理一轮复习质量检测答案及解析 1．【答案】A 【解析】【解答】AB、根据核反应前后质量数和电荷数守恒可知，，，故A正确，B错误； C、聚变反应发生质量亏损，向外释放能量，不需要吸热，故C错误； D、该反应是两个轻核结合成较重原子核，属于核聚变，不是核裂变，故D错误。 故选A。 【分析】聚变反应要放出热量，反应前后质量数和电荷数守恒。 2．【答案】C 【解析】【解答】A：图像中v-t斜率逐渐增大，说明加速度增大，与恒定功率下加速度随速度增大而减小的规律矛盾，故错误； B：图像为直线，斜率恒定，表示匀加速运动，与恒定功率启动加速度减小的特征不符，故错误； C：图像斜率逐渐减小，即曲线越来越平缓，反映加速度逐渐减小，符合马车以恒定功率加速运动的特点，故正确； D：图像斜率先减小后增大，说明加速度先减小后增大，不符合恒定功率下加速度始终减小的趋势，故错误。 故答案选C。 【分析】知识点：机车以恒定功率启动的运动规律：牵引力，由牛顿第二定律。 随着速度v增大，加速度a逐渐减小，最终趋于零。 v-t图像的斜率表示加速度，因此斜率应逐渐减小，图像变得平缓。 解题关键：根据物理规律判断加速度的变化趋势，再对应到图像特征。 注意恒定功率下，牵引力与速度成反比，不是恒定力。 3．【答案】D 【解析】【解答】AB．已知太阳的总辐射功率为，日地距离为，光时间t内照射到帆面上的能量： ，光子的平均能量，，射到帆面上的光子数，每个光子的动量 ，光射到帆面被反弹，由动量定理得，联立解得，故AB错误； C．打开太阳帆后，飞船远离太阳做离心运动，由于有沿着切线方向有初速度，所以不可能完全沿着 径向远离太阳，故C错误； D． 根据万有引力定律可得飞船受到的太阳的引力 飞船在以后运动中受到的光压力与太阳的引力之比 打开太阳帆后，飞船在以后运动中受到的光压力与太阳的引力之比恒定，故D正确。 故选D。 【分析】找出光子的动量和能量之间关系，求出光子的动量，由动量定理求出压力，然后求出太阳光压力；飞船远离太阳做离心运动；根据万有引力定律求出飞船受到的太阳的引力，再求出飞船在以后运动中受到的光压力与太阳的引力之比，据此分析判断。 4．【答案】D 【解析】【解答】AC．由题意得，半径的圆内光强更强，说明一部分光在区域内发生全反射，如图所示，在处有，根据数学公式，且 解得，，所有光在处发生全反射，如图所示有 解得水面被照亮的区域半径为，AC错误； B．水面上形成两个以O为圆心的亮区，若仅增大圆环灯带的半径，光环向外扩大，临界角不变，由图可知重叠的区域变小，即水面上中间光强更强的区域变小，B错误； D．水面中央出现暗区，即重叠区域恰好为零，设此时灯带的深度为，如图所示有，解得，即当时，水面中央会出现暗区，D正确。 故答案为：D。 【分析】A：先求全反射临界角，结合几何关系计算水面照亮区域半径； B：分析圆环灯带半径增大时，中间强光重叠区域的变化； C：利用临界角的正切几何关系，求解灯带深度h1； D：找到中央刚出现暗区的临界深度，判断深度小于该值时的现象。 5．【答案】D 【解析】【解答】A．已知合力沿斜面向下（垂直挡板方向），因此垂直斜面（平行挡板）方向合力为0：由于垂直于斜面方向的合力等于0，对重力和电场力进行分解， 重力垂直斜面分量为，电场力垂直斜面分量为，根据平衡方程有，解得 故A错误； B．沿斜面向下（垂直挡板方向）合力恒定，根据牛顿第二定律可知加速度，平行挡板方向，合力为0，做匀速直线运动，初速度为； 垂直挡板方向，初速度为0，做匀加速直线运动，加速度恒定。 小球碰撞挡板后反弹，反弹后垂直挡板方向速度大小为碰前的​，计算第一次反弹后上升的最大距离： 碰前速度，根据速度位移公式有：，反弹后速度，上升最大距离根据速度位移公式有：，最高点距离斜面（）还有 后续每次反弹上升距离更小， 小球碰到挡板后垂直挡板反弹（平行挡板方向的速度变为0）， 小球碰后只是沿平行于斜面运动，没有平行于斜面方向的位移，所以永远无法到达斜面，因此不可能落在斜面上，故B错误； C．第一次碰撞挡板时，根据位移公式可知垂直挡板方向位移，代入 得运动时间，根据匀速直线运动的位移公式可知平行挡板方向（落点到O点的距离） 故C错误； D．计算第一次碰撞到第四次碰撞过程的总路程，第一次碰后→第二次碰：根据运动的路程可知往返路程​，根据速度位移公式可知：第二次碰后→第三次碰 往返路程​，第三次碰后→第四次碰，往返路程​ 总路程，故D正确。 故选D。 【分析】利用垂直于斜面方向的平衡方程可以求出电场力的大小；利用小球碰后没有平行于斜面方向的速度所以不会返回斜面；利用碰撞过程的速度变化结合速度位移公式可以求出碰后小球上升的高度；利用位移公式可以第一次碰前运动的时间，结合匀速直线运动的位移公式可以垂直于斜面方向的位移大小。 6．【答案】C 【解析】【解答】A、粒子在磁场Ⅰ从沿到，轨迹半径，由得，不是，故A错误； B．如图所示 根据，可得，碰后速度大小变为原来的，可设碰前的半径为，碰后的半径为，根据几何关系可得，可得，，即，可得两个磁场磁感应强度大小关系为，故B错误； C．如图所示，根据，可得，可得粒子第二次离开磁场I的位置坐标为，故C正确； D．在磁场中，周期，在磁场中，周期 粒子从处至处的时间为，故D错误。 故答案为：C。 【分析】A、考查带电粒子在匀强磁场圆周运动半径公式，由已知两点坐标直接读出磁场Ⅰ轨迹半径列式对比； B、利用碰撞后速度变为得到两段磁场Ⅱ轨道半径比例，联立半径公式推导磁感应强度关系； C、结合磁场Ⅰ圆周运动偏转几何关系，确定粒子穿出磁场边界的坐标； D、分段计算粒子在两个磁场中各段圆弧对应的圆心角，结合周期公式累加总运动时间，对比表达式正误。 7．【答案】D 【解析】【解答】A．设交流电源有效值为（恒定不变），对副线圈电路由闭合电路欧姆定律得；对原线圈电路有。结合变压器变压比、变流比，联立解得。当减小时，增大，由可知电源输出功率增大，故A不符合题意； B．由上述分析，减小使原线圈电流增大，根据变流比，副线圈电流同步增大，因此电流表示数变大，故B不符合题意； C．滑片滑到最下端时，副线圈总电阻，结合、、、、、，联立解得，故C不符合题意； D．由题意、，结合、、，推导得，因此，则，故D符合题意； 故答案为：D。 【分析】以变压器变压比、变流比为核心，结合闭合电路欧姆定律，分别分析原、副线圈的电压、电流关系；针对变化的动态过程，推导电流、功率的变化规律；代入临界条件计算副线圈电压；通过电压、电流变化量的关系，推导的表达式。8．【答案】A,B 【解析】【解答】A、由甲图读出波长，由乙图读出周期，波速，故A正确； B、由，时Q点加速度为负最大值，说明Q位于波谷、向负方向振动，结合波形图，波沿正方向传播，根据上坡下、下坡上，时质点P沿轴正方向运动，故B正确； C、，时Q在平衡位置向下振动，经过到达正向最大位移处（波峰），不是波谷，故C错误； D、时长为，只有质点从平衡位置/波峰/波谷开始运动，路程才为；时P不在特殊位置，总路程不等于，故D错误； 故答案为：AB。 【分析】A、考查波速公式，从波形图、振动图像读取波长周期； B、考查振动方向与波传播方向判断，利用加速度与位移反向判断质点振动方向； C、考查振动时序分析，结合周期推导质点位置； D、考查简谐运动路程计算，非特殊起点不能直接用计算路程。 9．【答案】A,D 【解析】【解答】设球心到单侧手作用点连线与竖直轴夹角，几何关系：， 竖直方向受力平衡：，静摩擦力上限，取，联立得： A、，，，代入得，题目限制，故取值范围，在区间内，平衡成立，故A正确； B、平衡时竖直合力恒等于重力，增大只会减小静摩擦力，无法改变整体受力，不能向上移动，故B错误； C、取代入，解得，说明仍存在平衡解，故C错误； D、三角恒等变形：，最大值为，此时，故D正确； 故答案为：AD。 【分析】A、考查受力平衡结合临界静摩擦，算出时最小值，对比题目上限，验证可取； B、考查静摩擦平衡特性，平衡状态下增大支持力仅减小摩擦力，无法获得向上的合外力； C、考查临界方程求解，代入上限算出对应小于，存在平衡位置； D、考查三角辅助角公式求极值，利用正弦最大值求出支持力最小值。 10．【答案】A,B 【解析】【解答】A：导体棒在磁场中受安培力。由题知，在区域内，，方向指向x=0处，满足F=-kx（其中k=2B0I) 。同理，在区域也满足F=-kx ，故导体棒做简谐运动，A正确。 B：由能量守恒，导体棒从x=0运动到时速度减为零，安培力做功等于初动能。安培力随位移线性增大，平均安培力，做功。由得，B正确。 C：简谐运动周期与振幅无关，与初速度无关。无论初速度为v0还是0.5v0，从平衡位置第一次到最大位移处的时间均为，故C错误。 D：若初速度变为1.5v0，由能量关系，导体棒到达时仍具有速度，将继续向右运动并最终离开磁场区域，不能做往复运动，故D错误。 故答案选AB。 【分析】知识点：安培力公式F = BIL，方向由左手定则判断。 简谐运动的条件：回复力与位移成正比且方向相反，即F=-kx。 变力做功的计算：当力随位移线性变化时，可用平均力求功。 简谐运动周期与振幅无关，由系统固有性质决定。 能量守恒：动能转化为安培力做功（克服安培力）。 解题关键：1. 根据磁场分布规律推导安培力与位移的线性关系，确认简谐运动。 2. 利用平均力法求变力做功，建立能量守恒方程求初速度。 3. 明确简谐运动周期与振幅无关，速度变化不影响从平衡位置到最大位移的时间。 4. 判断初速度过大时，导体棒会越过磁场区域，不能形成完整往复运动。 11．（5分，每空1分）【答案】（1）6.26；；；100； 【解析】【解答】（2） ③ 毫米刻度尺的分度值为，需要估读到下一位，根据题图可得；根据匀变速直线运动中间时刻瞬时速度等于该过程平均速度可得；根据速度时间关系有 ，又 联立可得 故答案为：6.26；； ④ 根据题图可得为时，为； 故答案为：100 ⑤，，由动量定理可估测薄膜压缩时间结合 ，将数据代入可得 故答案为： 【分析】③ 本小问考查刻度尺读数、匀变速直线运动中间时刻速度规律与逐差法推导末速度；刻度尺要估读到分度值下一位；中间时刻瞬时速度用相邻两段总位移除以总时间；结合位移差公式消去加速度，推导出 C 点瞬时速度表达式。 ④ 本小问考查图像读图，根据给定光强峰值在图像上对应读出冲击力大小。 ⑤ 本小问结合匀变速速度计算与动量定理，先代入位移、时间求出接触薄膜前瞬时速度，再代入动量定理变形公式计算压缩时间，结果保留三位有效数字。 12．（7分）【答案】（1）4（1分） （2）左（1分） （3）减小（1分） （4）18000.0（2分）；C（2分） 【解析】【解答】（1）由并联电路的特点有 故答案为：4 （2）因滑动变阻器采用分压式接法，故为了保护电路，闭合开关S前，应将滑动变阻器分压部分的阻值调为零，滑片滑到最左端 故答案为：左 （3）图中直线的斜率，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ对应斜率增大，电阻减小，对应光敏电阻受到的光照由弱到强，即光敏电阻的阻值随其表面受到光照的增强而减小。 故答案为：减小 （4）由上问，故，对与组成的串联电路有 解得，由，解得，电阻箱最大可调到，当光照强度减弱而一只光敏电阻电阻值为，故电阻箱阻值调到，再把两个型号相同的光敏电阻并联，，刚好满足，C正确。 故答案为：18000.0，C 【分析】（1）本题考查电流表的改装原理，关键是利用并联电路的分流规律计算分流电阻的阻值。 （2）本题考查分压式接法的电路保护操作，闭合开关前应使测量部分电压为零。 （3）本题考查光敏电阻的特性，通过 I-U 图像斜率分析电阻随光照强度的变化规律。 （4）本题考查串联电路电压分配规律和三极管的导通条件，需结合电路故障分析，选择合适的改进措施以实现设计目标。 （1）由并联电路的特点有 （2）因滑动变阻器采用分压式接法，故为了保护电路，闭合开关S前，应将滑动变阻器分压部分的阻值调为零，滑片滑到最左端 （3）图中直线的斜率，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ对应斜率增大，电阻减小，对应光敏电阻受到的光照由弱到强，即光敏电阻的阻值随其表面受到光照的增强而减小。 （4）[1]由上问 故 对与组成的串联电路有 解得 [2] 由 解得 电阻箱最大可调到，当光照强度减弱而一只光敏电阻电阻值为 故电阻箱阻值调到，再把两个型号相同的光敏电阻并联， 刚好满足 故选C。 13．【答案】（1）解：打开气阀K，气缸内与大气相通，内部压强等于大气压P0； 活塞b刚要向下运动时，受力平衡：向下的重物重力mg和向上的最大静摩擦力； 可得 （2）解：关闭气阀K后，封闭气体初始体积V0，压强p0。缓慢拉动活塞a（向左）使气体被压缩，直到活塞b刚要向上运动。此时活塞b受力：气体压力向上，大气压力、重物重力、最大静摩擦力（方向向下）向下，平衡方程：； 解得气体压强； 该过程中活塞b未移动，气体体积变化仅由活塞a位移x引起，体积变为。由玻意耳定律： 代入P得 气体温度不变，内能变化，由热力学第一定律，W为外界对气体做功。气体被压缩，外界对气体做正功，其值等于气体吸收热量的负值：W=-Q。外界对气体做功包括拉力做功WF和大气压力做功（大气压力方向与位移相反），故 解得拉力做功 （3）解：继续拉动活塞a，使重物上升高度H。此过程中活塞b向上运动，气体压强保持不变（仍为P=P0+），温度恒定，由理想气体状态方程知气体体积不变。设活塞a再向左移动，活塞b向上移动 H，体积不变满足： 可得 气体压强恒定，拉力恒为F=(P - P0) S1=，故拉力做功 【解析】【分析】（1）受力平衡，注意最大静摩擦力方向与运动趋势相反。 （2）等温过程，玻意耳定律；热力学第一定律，注意外界对气体做功的组成（拉力和大气压力）。 （3）等压等温过程，气体体积不变，拉力恒力做功，能量转化为重力势能和摩擦内能。 14．【答案】（1）解：由运动学公式有 因为 联立解得 （2）解：粒子从P点垂直yOz平面进入右侧空间，可知 在平行于xOz的平面内，由牛顿第二定律得 沿z轴方向坐标 沿y轴方向坐标 所以P点坐标为。 （3）解：在x轴方向，根据动量定理有 整理得 解得 （4）解：令粒子在Q点的速度为v，在y轴方向，根据动量定理有 整理得 解得 根据题意洛伦兹力方向与速度方向始终垂直，令粒子的速度为，沿速度方向利用动量定理有 整理得 联立解得 【解析】【分析】(1) 左侧空间y轴电场匀加速、xOz平面洛伦兹圆周，由竖直分运动求运动总时间； (2) y向匀变速求y坐标，半圆圆周直径确定z坐标，x=0； (3) 变阻力+洛伦兹分力，用微元动量定理对x分量列式求解水平位移； (4) 分别对y向、轨迹切向用动量定理，联立消去末速度得到轨迹总长。 （1）由运动学公式有 因为 联立解得 （2）粒子从P点垂直yOz平面进入右侧空间，可知 在平行于xOz的平面内，由牛顿第二定律得 沿z轴方向坐标 沿y轴方向坐标 所以P点坐标为。 （3）在x轴方向，根据动量定理有 整理得 解得 （4）令粒子在Q点的速度为v，在y轴方向，根据动量定理有 整理得 解得 根据题意洛伦兹力方向与速度方向始终垂直，令粒子的速度为，沿速度方向利用动量定理有 整理得 联立解得 15．【答案】（1）解：滑块1和圆弧槽组成的系统水平方向动量守恒，机械能守恒。设滑块1离开圆弧时速度为，圆弧槽速度为，初始总动量为0，因此 系统机械能守恒 代入解得， 滑块1离开圆弧槽末端时的速度为 （2）解：滑块 1与圆弧槽的水平位移关系为 且 圆弧槽运动的距离 则匀速时间 滑块1在粗糙水平面的加速度 位移满足 代入解得 （3）解：碰撞过程动量守恒，且任意质量组合体在粗糙面的加速度均为 归纳得第个滑块的速度满足 能碰撞第个滑块的条件为且 整理得且 代入得满足，不满足，故最多3个滑块。 碰撞完成后组合体在处，剩余位移，总距离为 【解析】【分析】（1）滑块1在圆弧槽上滑下的过程，两者组成的系统在水平方向上动量守恒，根据动量守恒定律与机械能守恒定律解答； （2）根据（1）的分析，根据人船模型得到滑块1的水平位移，求出滑块1离开圆弧槽末端后到达O点的时间，过了O点后滑块1做匀加速直线运动，根据动能定理求得滑块1撞上滑块2前瞬间的速度大小，根据牛顿第二定律求得加速度大小，由运动学公式求得运动时间； （3）根据动量守恒定律得到滑块1与滑块2碰撞后瞬间的速度大小，根据动能定理得到滑块2撞上滑块3前瞬间的速度大小，以此类推直到滑块不再相撞，可得组成组合体的滑块个数，根据动能定理求解组合体停下时与O点的距离。 （1）滑块1和圆弧槽组成的系统水平方向动量守恒，机械能守恒。设滑块1离开圆弧时速度为，圆弧槽速度为，初始总动量为0，因此 系统机械能守恒 代入解得， 滑块1离开圆弧槽末端时的速度为 （2）滑块 1与圆弧槽的水平位移关系为 且 圆弧槽运动的距离 则匀速时间 滑块1在粗糙水平面的加速度 位移满足 代入解得 （3）碰撞过程动量守恒，且任意质量组合体在粗糙面的加速度均为 归纳得第个滑块的速度满足 能碰撞第个滑块的条件为且 整理得且 代入得满足，不满足，故最多3个滑块。 碰撞完成后组合体在处，剩余位移，总距离为 学科网（北京）股份有限公司 $