第5单元 第22讲 课后达标素养提升(课件PPT)-【精微方案】2027年高考一轮总复习讲义·生物

该高中生物学高考复习课件聚焦遗传学核心考点，涵盖基因自由组合定律、基因互作、致死现象及遗传实验设计等高考重点，依据高考评价体系分析各考点权重，归纳9:3:3:1变式分析、配子育性计算等常考题型，体现备考针对性。 课件亮点在于结合2026年广东联考真题，通过天竺兰F2比例推导、家马毛色遗传实验设计等实例，培养科学思维与探究实践素养，提供“比例变式拆解+实验方案设计”突破方法，助力学生掌握答题技巧，教师可据此精准指导复习。

第22讲　课后达标素养提升 1 1. 天竺兰的花色受两对等位基因(A/a、B/b)控制，已知显性基因越多，花色越深。现有两种纯合的中红花天竺兰杂交，F1全为中红花，F1自交得到F2，F2的表型及比例为深红花∶红花∶中红花∶淡红花∶白花＝1∶4∶6∶4∶1，回答下列问题： (1)两种纯合中红花天竺兰的基因型为_________________，若F1测交，则后代表型及比例为___________________________________。 AAbb和aaBB 中红花∶淡红花∶白花＝1∶2∶1 4 5 1 2 3 课后达标素养提升 解析：由题意可知，F1自交得到的F2的表型及比例为深红花∶红花∶中红花∶淡红花∶白花＝1∶4∶6∶4∶1，为9∶3∶3∶1的变式，因此两对等位基因的遗传遵循自由组合定律，且F1的基因型是AaBb，含4个显性基因的植株花色为深红色，含3个显性基因的植株花色为红色，含2个显性基因的植株花色为中红色，含1个显性基因的植株花色为淡红色，没有显性基因的植株花色为白色，故两种纯合的中红花天竺兰的基因型是AAbb、aaBB。若F1测交，后代的基因型及比例是AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，则后代表型及比例为中红花∶淡红花∶白花＝1∶2∶1。 4 5 1 2 3 课后达标素养提升 (2)红花个体的基因型有________种；F2中深红花个体与基因型为________________的个体杂交获得的红花个体比例最大。 解析：红花个体有3个显性基因、1个隐性基因，基因型有AABb、AaBB，共2种；F2深红花个体的基因型是AABB，要使子代的红花个体比例最大，可以与基因型为AAbb或aaBB的中红花个体进行杂交。 2 AAbb或aaBB 4 5 1 2 3 课后达标素养提升 (3)某兴趣小组利用深红花个体与白花个体杂交，再让F1自交的方式培育纯合的中红花品种，F2中的中红花纯合个体占________，将筛选出的中红花个体再进行________，以提高中红花纯合体的比例。 解析：深红花个体与白花个体杂交培育纯合中红花个体，即AABB×aabb→AaBb，F1都表现为中红花，且均为杂合子，要获得纯合体，可以让F1自交，得到F2，F2中表现为中红花个体的基因型是AaBb、AAbb、aaBB，其中基因型为AAbb、aaBB的是纯合体，占F2的2/16＝1/8，将筛选出的中红花个体再进行连续自交，以提高中红花纯合体的比例。 1/8 连续自交 4 5 1 2 3 课后达标素养提升 (4)另外发现该植物的花瓣层数受D/d、M/m两对基因控制，重瓣基因(D)对单瓣基因(d)为显性，当重瓣基因D存在时，m基因会增加花瓣层数使其呈重瓣，显性基因M无此作用，使其呈半重瓣，M基因对m基因为显性。某半重瓣天竺兰(甲)和单瓣天竺兰(乙)杂交所得F1的表型及比例为单瓣∶半重瓣∶重瓣＝4∶3∶1，据此回答下列问题： ①D/d和M/m基因的遗传________(填“遵循”或“不遵循”)基因的自由组合定律。 ②天竺兰甲和乙的基因型分别为__________________。 ③F1的所有半重瓣植株自交，后代中重瓣植株占________。 遵循 DdMm、ddMm 1/8 4 5 1 2 3 课后达标素养提升 解析：据题干分析可知，基因型为D_M_的个体表现为半重瓣花，基因型为D_mm的个体表现为重瓣花，基因型为dd__的个体表现为单瓣花。某半重瓣天竺兰甲(D_M_)和单瓣天竺兰乙(dd__)杂交所得F1的表型及比例为单瓣∶半重瓣∶重瓣＝4∶3∶1，可判断天竺兰甲和天竺兰乙的基因型分别为DdMm和ddMm，且D/d和M/m基因的遗传遵循基因的自由组合定律。F1的所有半重瓣植株(1/3DdMM、2/3DdMm)自交，后代中重瓣植株(D_mm)所占的比例为(2/3)×(3/4)×(1/4)＝1/8。 4 5 1 2 3 课后达标素养提升 2．家马的毛色分为骝色、黑色、栗色等基础毛色，此外还有青色、杏色等多种毛色。科研人员研究发现：E基因控制皮毛中黑色素的合成，同时抑制棕黑素(使皮毛显栗色)的合成；位于22号染色体的A基因能解除E的抑制作用。有关杂交实验如下。回答下列问题： 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 (1)由杂交实验可知，有关马毛色的显性性状是______________。 解析：由三组实验可知，F1毛色均为骝色，F2出现性状分离，说明骝色为显性性状。 骝色 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 (2)根据上述实验结果推测E基因__________(填“位于”或“不位于”)22号染色体上，原因是_______________________________________________ __________________________________________。从实验三中的F2筛选出黑色马和栗色马，并让其随机交配，后代的表型及比例是_____________________________________。 不位于 实验三中F2性状分离比为9∶3∶4，是9∶3∶3∶1的变式，说明两对基因的遗传遵循自由组合定律 骝色马∶黑色马∶栗色马＝8∶16∶25 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 (3)家马还有一种珍珠色，其形成原因是基础毛色色素的分布不均匀。科研人员将纯合的珍珠色马分别与骝色马、黑色马、栗色马杂交后，得到的F1均为______________，说明珍珠色是隐性突变体，且不是E或A基因突变产生的。 解析：将纯合的珍珠色马分别与骝色马、黑色马、栗色马杂交后，得到的F1均为骝色马，说明珍珠色为隐性突变体，且不是E或A基因突变产生的。 骝色马 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 3．(2026·广东佛山S6联盟高三联考)某雌雄同株异花传粉的二倍体植物(2N＝20)，其抗除草剂与不抗除草剂受两对独立遗传的基因控制，相关基因为A、a和B、b，且A对a、B对b为完全显性，只要存在一种显性基因就表现出抗除草剂性状。基因A使雄配子可育性降低50%，其他配子育性正常。基因B存在显性纯合致死现象。请回答下列问题： (1)抗除草剂与不抗除草剂是一对__________，其中抗除草剂类型共有____________种基因型，其体细胞中最多含有____________条性染色体。 相对性状 5 0 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 解析：抗除草剂与不抗除草剂是同种生物同一性状的不同表现类型，属于一对相对性状。不抗除草剂的基因型为aabb；抗除草剂需存在至少一种显性基因，且基因B显性纯合(BB)致死，因此抗除草剂的基因型有AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aaBb，共5种基因型。该植物为雌雄同株异花传粉植物，体细胞中无性染色体，因此最多含有0条性染色体。 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶2∶2 8/9 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 (3)若其他配子育性正常，用基因型不同的两亲本进行一次杂交实验，可验证基因A使雄配子可育性降低50%。请设计一个最佳杂交方案：__________________，子代中不抗除草剂类型所占比例是____________。 解析：若利用基因型不同的两亲本进行一次杂交，验证基因A使雄配子可育性降低50%，其他配子育性正常，一般用测交的实验方法，可选择的亲本基因型的最佳组合是母本为aabb，父本为Aabb，由于母本只能产生ab一种卵细胞，而父本产生的精子为Ab、ab，比例为1∶2，因此预期子代的表型及比例为抗除草剂∶不抗除草剂＝1∶2，故子代中不抗除草剂植株所占比例为2/3。 2/3 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 (4)科学家利用转基因技术提高该植物的抗旱性，为检测转基因抗旱的性状能否稳定遗传，最简便的方法是_____________________________________ ________________。为了防止抗旱基因通过花粉传播带来的生态学问题，科学家最终确定将抗旱基因转入该植物的根尖细胞的__________中以防止基因污染。 解析：检测转基因抗旱性状能否稳定遗传，最简便的方法是让转基因抗旱植物自交，观察后代是否出现性状分离。为防止抗旱基因通过花粉传播，需将抗旱基因转入线粒体中。因为线粒体的基因不会通过花粉传播，可有效防止基因污染。 让转基因抗旱植物进行自交，观察后代 线粒体 是否出现性状分离 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 4．(2026·广东六校联盟高三联考)大部分家鼠的毛色是鼠灰色，经实验室繁殖的毛色突变家鼠可以是黄色、棕色、黑色或者由此产生的各种组合色。已知控制某品系家鼠毛色的基因涉及常染色体上三个独立的基因位点A、B和D。A基因位点存在4个不同的等位基因：Ay决定黄色，A决定鼠灰色，at决定腹部黄色，a决定黑色，它们的显隐性关系依次为Ay>A>at>a，其中基因型为AyAy的胚胎致死。B基因位点存在2个等位基因：B(黑色)对b(棕色)为完全显性。回答下列问题。 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 (1)只考虑A基因位点时，家鼠个体的基因型有____________种，表型有____________种。 解析：只考虑A基因位点，A基因位点存在4个不同的等位基因Ay、A、at、a，其组成的基因型有AyAy(致死)、AA、atat、aa、AyA、Ayat、Aya、Aat、Aa、ata，所以家鼠个体的基因型共有9种，由显隐性关系Ay>A>at>a可知，表型有黄色(Ay_)、鼠灰色(A_)、腹部黄色(at_)、黑色(aa)，共4种。 9 4 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 (2)基因型为AyaBb的黄色鼠杂交，后代表型及比例为黄色鼠∶黑色鼠∶巧克力色鼠＝8∶3∶1，产生这种分离比的原因是_______________________ ______________________________________________________________。 解析：基因型为AyaBb的黄色鼠杂交，正常情况下Aya×Aya后代中AyAy∶Aya∶aa＝1∶2∶1，由于AyAy致死，所以Aya∶aa＝2∶1，Bb×Bb后代中B_∶bb＝3∶1，则(2Aya∶1aa)×(3B_∶1bb)，后代中黄色鼠(AyaB_、Ayabb)∶黑色鼠(aaB_)∶巧克力色鼠(aabb)＝8∶3∶1，所以后代表型及比例为黄色鼠∶黑色鼠∶巧克力色鼠＝8∶3∶1的原因是控制毛色的两对等位基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，且Ay基因纯合致死。 控制毛色的两对等位基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，且Ay基因纯合致死 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 解析：黄腹黑背雌鼠(at_B_)和黄腹棕背雄鼠(at_bb)杂交，因为F1中有黑色鼠(aaB_)和巧克力色鼠(aabb)，所以亲本都含有a和b基因，则黄腹黑背雌鼠基因型为ataBb，黄腹棕背雄鼠基因型为atabb。 ataBb atabb 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 (4)D基因位点的D基因控制色素的产生，dd突变体呈现白化性状。让一只白化雄鼠和多只鼠灰色纯种鼠杂交，F1的表型及其比例为黄色∶鼠灰色＝1∶1，若想进一步确定白化雄鼠基因型，可从F1中选择____________个体进行杂交根据后代表型判断。 解析：白化雄鼠基因型为_ _dd，鼠灰色纯种鼠基因型为AADD，杂交所得F1表型为黄色∶鼠灰色＝1∶1，说明白化雄鼠的A位点为Ay_。白化雄鼠基因型为AyAdd或Ayatdd或Ayadd，F1鼠灰色个体的基因型为AADd或AatDd或AaDd，进一步确定白化雄鼠基因型，可选择F1中的鼠灰色(AADd或AatDd或AaDd)雌雄个体杂交根据后代表型判断。 鼠灰色雌雄 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 5．果蝇是实验室中常用的遗传学实验材料，野生型果蝇的眼色是红色，为了研究其眼色遗传规律，科研工作者进行了一系列实验。回答下列问题： (1)对纯合野生型果蝇品系A利用γ射线照射，从大量的子代群体中获得了朱砂眼和猩红眼两个突变体，选取不同类型的果蝇进行杂交实验，结果见下表。 组别 亲本组合 F1 甲 朱砂眼×红眼 红眼 乙 猩红眼×红眼 红眼 丙 朱砂眼×猩红眼 红眼 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 ①根据组别________可判断朱砂眼和猩红眼两个突变体均发生了隐性突变。 ②初步判断朱砂眼和猩红眼所携带的突变基因r1、r2为________________(填“等位基因”或“非等位基因”)，理由是______________________________________。 ③将表中的________________互相交配，子代中红眼、朱砂眼、猩红眼的比例为9∶4∶3，说明两突变基因的遗传遵循______________定律。 甲、乙 非等位基因 朱砂眼和猩红眼杂交，后代表现为红眼 组别丙的子代 自由组合 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 解析：①根据组别甲和组别乙的F1均为红眼，可判断朱砂眼和猩红眼两个突变体均发生了隐性突变。②根据组别丙可知，朱砂眼和猩红眼杂交，后代表现为红眼，朱砂眼和猩红眼为隐性突变体，若受一对等位基因控制，则不可能出现红眼，因此r1、r2为非等位基因。③朱砂眼和猩红眼为隐性突变体，基因型可表示为r1r1R2R2、R1R1r2r2，亲本组合为朱砂眼×猩红眼，F1的基因型为R1r1R2r2，F1互相交配，子代中红眼(R1_R2_)、朱砂眼(r1r1__)、猩红眼(R1_r2r2)的比例为9∶4∶3，为9∶3∶3∶1的变式，说明两突变基因的遗传遵循自由组合定律。 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 (2)已知另一果蝇B的一条2号染色体上存在另一眼色隐性突变基因r，科研人员欲通过其与品系A的杂交，对r1、r2基因进一步定位。 ①将果蝇B和果蝇品系A杂交，通过子代雌雄之间互相交配、筛选获得r基因纯合的杂种果蝇C。为排除果蝇C中果蝇B的其他染色体，还需将其与_______________多代杂交，由此获得r基因纯合的果蝇D。 ②果蝇D与猩红眼杂交得到的子代表现为红眼，与朱砂眼 杂交得到的子代表现为朱砂眼。 请在下图中标注出r1、r2基因，以说明r与r1、r2的位置关系。 答案： 果蝇品系A 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 解析：①果蝇B含有r基因，与果蝇品系A杂交，得到杂合子，通过子代雌雄之间互相交配、筛选获得r基因纯合的杂种果蝇C，果蝇C中还含有果蝇B的其他染色体，故还需与果蝇品系A多代杂交。②果蝇D与猩红眼杂交得到的子代表现为红眼，与朱砂眼杂交得到的子代表现为朱砂眼，说明r与r1位于一对同源染色体上，而与r2可以自由组合。位置关系见答案。 4 5 2 3 1 课后达标素养提升 解析：由实验三可知，F1骝色马杂交，F2中骝色马∶黑色马∶栗色马＝9∶3∶4，是9∶3∶3∶1的变式，说明相关基因的遗传遵循基因的自由组合定律，由于A基因位于22号染色体上，则E基因不位于22号染色体上。据实验一、二可知，黑色马基因型为aaE_，栗色马基因型为A_ee、aaee，从实验三中的F2筛选出黑色马与栗色马，其中黑色马所占比例为 eq \f(3,7) ( eq \f(1,7) aaEE、 eq \f(2,7) aaEe)，可产生的配子种类及比例为 eq \f(2,7) aE、 eq \f(1,7) ae，栗色马所占比例为 eq \f(4,7) ( eq \f(1,7) AAee、 eq \f(2,7) Aaee、 eq \f(1,7) aaee)，可产生的配子的种类及比例为 eq \f(2,7) Ae、 eq \f(2,7) ae，所以黑色马与栗色马共产生的配子种类及比例为 eq \f(2,7) aE、 eq \f(2,7) Ae、 eq \f(3,7) ae，让雌雄马随机交配，后代黑色马所占比例为 eq \f(2,7) (aE)× eq \f(2,7) (aE)＋ eq \f(2,7) (aE)× eq \f(3,7) (ae)×2＝ eq \f(16,49) (aaEE、aaEe)，栗色马所占比例为 eq \f(2,7) (Ae)× eq \f(2,7) (Ae)＋ eq \f(2,7) (Ae)× eq \f(3,7) (ae)×2＋ eq \f(3,7) (ae)× eq \f(3,7) (ae)＝ eq \f(25,49) (AAee、Aaee、aaee)，则骝色马所占比例为1－ eq \f(16,49) － eq \f(25,49) ＝ eq \f(8,49) ，所以后代的表型及比例是骝色马∶黑色马∶栗色马＝8∶16∶25。 (2)♀甲(Aabb)×♂乙(aaBb)进行杂交，子代抗除草剂植株中含有两种抗除草剂基因的个体产生的花粉类型及比例为______________________________，这些含两种抗除草剂基因的植株杂交，子代中抗除草剂植株所占的比例是____________。 解析：♀甲(Aabb)× ♂乙(aaBb)杂交，子代中含有两种抗除草剂基因的个体基因型为AaBb。AaBb作为父本时，产生雄配子的类型及比例理论上为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，但含基因A的雄配子可育性仅为原来的50%，故可育雄配子比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶2∶2。AaBb植株杂交，子代不抗除草剂植株基因型为aabb，其比例为(2/6)×(1/4)＝1/12。基因B存在显性纯合致死现象，子代中－－BB＝1/4，存活的个体为1－1/4＝3/4，存活的个体中不抗除草剂植株所占的比例是(1/12)/(3/4)＝1/9，故抗除草剂植株比例为1－1/9＝8/9。 ♂Aabb×♀aabb (3)黄腹黑背雌鼠和黄腹棕背雄鼠杂交，F1为3/8黄腹黑背鼠、3/8黄腹棕背鼠、1/8黑色鼠和1/8巧克力色鼠。则杂交亲本基因型分别为♀____________， ♂____________。 $