第18章 第2节 第1课时 道电螺线管的磁场（PDF部分书稿）-【鸿鹄志·名师测控】2026-2027学年九年级全一册物理（沪科版·新教材 贵州专版）

第二节 探究：通电螺 第1课时通电 新知梳理Q知识建模 ①奥斯特实验 通电导线周围存在着 ,其方向 与 有关，这是丹麦物理学家 首先发现的。 2通电螺线管的磁场 特点：通电螺线管外部的磁场与 磁体的磁场相似；通电螺线管的磁 极与 的方向有关。 右手螺旋定则：判断通电螺线管磁极的方法叫 定则（或 定则)，其 内容是：用 手握住螺线管，让四 指弯曲的方向跟螺线管中的 方向一致，则大拇指所指的那端就是 通电螺线管的 极。 课堂巩固⊙逐点击破 知识点①从奥斯特实验说起 1.最先发现通电导线周围存在磁场，揭示了电 与磁之间有联系的的科学家是 A.安培B.欧姆C.伏特D.奥斯特 2.如图所示是某同学做的奥斯特实验，观察比 较甲、乙两图，可得通电导线周围存在 ;观察比较甲、丙两图，可得实验结论是 触接 触接 甲通电乙断电丙改变电流方向 知识点②探究：通电螺线管外部磁场的 方向 3.在探究通电螺线管外部磁场的方向实验中： (1)如图所示，在固定有螺线管 的水平硬纸板上均匀地撒 满铁屑，给螺线管通电后， 铁屑被 。轻敲硬纸 线管外部磁场的方向 螺线管的磁场 板，观察铁屑的排列情况，发现通电螺线管 外部的磁场与 磁体的磁场相似。 (2)实验中，小磁针的作用是为了研究通电 螺线管周围的 (选填“磁场 强弱”或“磁场方向”)。 (3)为了探究通电螺线管磁极的极性与电流 方向是否有关，应该采取的操作是 4.如图所示为四位同学判断通电螺线管极性 时的做法，正确的是 O 5.如图所示，通电螺线管旁的小磁针分别静止 在图示位置。请科学推断，最终决定通电螺 线管磁极的是 甲 丙 A.电源正负极的接法 B.螺线管导线的环绕方向 C.小磁针静止时N极的指向 D.螺线管中电流的方向 6.教材习题变式如图所示，在通电螺线管（导线 上箭头表示电流方向)附近放置小磁针（涂黑 端为N极)，静止时其指向正确的是( B C 7.(2026·黔西南期末)如图所示，小磁针静止 在通电螺线管正上方。请根据通电螺线管 的V、S极，在图中标出电源左端的正、负极 和小磁针的N极。 N ()电源 第十八章磁及其相互作用111 易错点误判通电螺线管内部的磁场方向 8.通电螺线管内部放一个小磁针，小磁针静止 时指向如图所示。下列说法正确的是( A.d端为通电螺线管N极。 B.c端为通电螺线管N极 C.通电螺线管内部的磁感 La电源 线方向从c到d D.a端为电源正极 课后提升●整合运用 9.(2025·四川成都)如图是探究“通电螺线管 的磁场方向”的实验示意图。对该实验的操 作和分析，下列说法正确的是 A.闭合开关前，小磁针的S 中w 极指向地理的北极 B.闭合开关，小磁针静止 时，S极的指向为该点的 磁场方向 C.改变图中螺线管电流方向，小磁针N极所 指方向水平向右 D.若没有小磁针，通电螺线管周围就没有 磁场 10.(2026·遵义一模)如图所示，闭合开关后， 小刚利用图中的手势能正确地判断出通电 螺线管的极性。下列说法正确的是() A.由小刚的手势，可判断出小磁针的N极 向上 B.由小刚的手势，可判断出a端为电源的 正极 C.调换电源正、负极，小刚右手大拇指指向 不变 D.增大螺线管中的电流，小刚右手大拇指 指向改变 (第10题图) (第11题图) 11.(2025·四川自贡)如图，闭合开关，条形磁 体S极受到 力。为增大条形磁体和 通电螺线管间的相互作用力，滑动变阻器 的滑片P应向 滑动。 112物理九年级全一册(HK) 12.核心素养科学思维)如图甲，通电螺线管的磁 极跟电流的方向有关，可以用右手螺旋定则 来判断。环形电流可以看作是一匝线圈，如 图乙；在丙图中，当电流从A端流入、B端流 出时，原来静止在环形导线内部的可自由转 动的小磁针N极将会偏向纸 (选填 “内”或“外”)。 丙 13.如图，将铜丝、铁丝插入菠萝中，便制成了 “水果电池”。一根软导线在纸简A上绕制 成螺线管，导线两端接在电池两极上，螺线 管产生的磁场使小磁针静止在如图所示状 态。图中已标出电路中电子定向移动的 方向。 (1)标出电池正、负极。（在图中横线上填 “十”或“一”符号) (2)画出纸简A上导线的绕向并形成闭合 电路。 N 极 极 思维拓展 14.核心素养科学推理)两根平行导线通电后，会 出现如图甲所示的现象（图中实线、虚线分 别表示通电前、后的情况)。请由此推断： 在图乙所示的电路中，当开关S闭合时，螺 线管的长度会 (选填“变长”或“变 短”)。你判断的依据是 A4.解：1)由欧姆定律可知，电烘箱的电阻R=号=220Y=440:(2)电烘箱的电功率P UI=220V×5A=1100W:(3)电烘箱10min可产生的热量，方法一：Q=IRt=(5A)2× 442×10×60s=6.6×105J或方法二：Q=W=U1t=220V×5A×10×60s=6.6×105J 或方法三：由P=Y得，Q=W=P4=1100W×10×60s=6.6×10J。5.等于小于 课后提升 6.C7.B8.A9.3600【点拨】纯电阻电路中，电热等于电功，即Q=W=Pt=UIt= U2 PR1=尺·t。10.44000.24011.答：应选择横截面积大的电缆：横截面积大的电 缆，相同条件下电阻较小，根据Q=严Rt可知，在电流和通电时间一定时，电缆电阻越小，产 生的热量越少，可避免电缆过热，保障充电安全。12.解：(1)闭合开关S,小灯泡L与定值 电阻R串联，小灯泡正常发光，已知小灯泡的额定电压U=6V,额定功率P=3W,根据 母小灯泡正常发光时的电流1-Y0,5A,(2)根据串联电路电 值电阻两端电压UR=9V一6V=3V,根据串联电路电流规律，通过R的电流IR=I Q.5A,根据I-只得，定值电阻R-号-3-60：(3)通电20s定值电阻R产生的热 量Q=IPRt=(0.5A)2X62×20s=30J。 思维拓展 13.高温600 小专题十电学综合计算 1.1：12：32:3[变式题]3：21：13：22.1：43.94.D5.126.2.7 7.P/W 8.211005069.9×10110.解：(1)该电炉的整机最大功率为 4.8T1 3.2÷- o 1.6 0.20.40.611A P装大=3100W,由P=U得，该电炉正常工作时的最大电流为1k大=P达=300四 UU链 220V ≈14.1A,因为10A14.1A<16A,所以不能选用“220V10A”的甲插座，应选用 “220V16A”的乙插座：(2)仅使用取暖功能，且在其最大功率下工作时，电炉为纯电阻用 电器，放出的热量等于消耗的电能，由P=”得，该电炉可向外放出的热量为Q做=W P取暖故大t=1800W×10×60s=1.08×10J;(3)该电炉在烹任最大功率下工作时功率为 PnA-209m,由P-发和，风的阻改为&一-写0景=22Q)当实任 功能处于最大功率时，为保证不超过整机最大功率，取暖功能的最大可用功率为P取暖可用一 P整机龄大一P塞：数大=3100W-2000W=1100W,取暖功能的挡位功率分别是300W、 600W、900W、1200W…因为900W<1100W<1200W,所以取暖功能最多可调至第 3挡位(900W);此时电路的总功率为P总=P塞饪旅大十P取暖第3指=2000W十900W= 2900w,由P=U1得，此时通过电源线的电流为1。= =220V≈13.2A. =P丝_2900W 实践：设计一个节能方案 2.3.92×1053.(1)减少通电时间(3)减小用电器的电功率484.5.65.超导体热 第十七章整合与提升 本章知识构建 W 多少焦耳（或J)快慢 瓦特（或W)电内电流大小导体电阻通电时间 IRt 重点实验突破 1.(1)V(2)0.50.625(3)EE点滑动变阻器接入电路的电阻25大于滑动变阻器 第19页（共48页） 的最大阻值20Ω2.(1)电流使甲、乙容器内通过导体的电流不相等(2)两U形管液 面高度差转换法(3)甲电流(4)可以 贵州常考题型演练 1B2.A3.C4.C5.A6.B7.600002008.小灯泡L0.99.1510.解：如 图所示： 11.(1)AC(2)这样做不正确；理由：去掉控制开关，当电位器 旋转 开关8 L220V 接入阻值较大时，电路中总电阻大，电源总电压一定，电路中电流小，灯的实际功率太小而 不发光，但此时电路中仍有电流通过电位器等元件做功，消耗电能，存在浪费电能的现象， P 不节能。12.解：(1)并：(2)由P=U得，使用这台空调时，通过它的电流1=元= 1,000W≈4.5A:(3)由电能表参数可知，其正常工作的电压U=220V,最大电流为40A, 220V 则电能表允许家用电器同时工作的最大功率P大=U1大=220V×40A=8800W,从电能 表使用的角度考虑，他家电能表还允许同时工作的用电器总功率P=P大一P原。=8800W -5600W=3200W,由P>P=1000W可知，小星家的电路允许安装这样一台空调； (4)插头上标着“PE”的导线和用电器的金属外壳相连，插座上相应的导线和室外的大地相 连，万一用电器的外壳和火线之间的绝缘损坏，使外壳带电，电流就会及时流入大地，避免 对人造成伤害。13.解：(1)由P-罗可得，若此款热水器正常工作1h,压缩机消耗的电 能为w=P1=1000W×1×3600s=3.6X10J:(2)由p=受可得，该热水器每小时可出 热水的质量为m=pV=1.0×103kg/m3×60×103m3=60kg,水吸收的热量为Q吸=cm△t =42X10J/kg·℃)X60kg×(65℃-15℃)=1.26×10J:(3)由广是可得若第(2 问中水吸收的热量由此电热水器来提供，消耗的电能为w==1.26X0」=1,4× 90% 10J。14.C15.a43216.A1:317.答：①注意用电器功率不宜过大，不能超过插 线板允许加载的最大功率；②注意总电流不能超过插线板额定电流。（合理即可） 18.答：(1)速热电热水器产生热量的原理是电流的热效应；(2)电热水器功率较大，正常工 作时电流很大，电热水器与导线串联，根据串联电路的电流特点可知，导线中电流较大，相 同材料的导线，越粗越短，电阻越小，由Q=PRt可知，比其他用电器的导线粗很多且较短 的导线，在相同时间内导线产生的热量较少，可以防止因导线过热造成的危害。 19,解：1①)电水壶处于加热指正常工作时，其功率为100W,根据P-罗可得，消耗的电能 为W=P知热t=1000W×100s=1×10J;(2)由电路图分析可知，当开关S闭合时，R,被短 路，电路中只有R工作，此时电路总电阻最小，根据P一发可知，电功率最大，电水壶处于 加热状态，当开关S断开时，R和R:串联，电路总电阻最大，电功率最小，电水壶处于保温状 态：侧发热电阻丝R的电阻为尺一品-=极40，保温时，电路的急电阻为R =28502,根据串联电路电阻特点可得，R的电阻为R=R8一RP 5500-48.40=501.60:(3)根据P=罗可得，电水壶在加热状态下正常工作420s消耗 的总电能为w:=Pmt-100W×420s=42X10J,由是可得，水吸收的热量为Qs =W总7=4.2×105J×90%=3.78×105J,根据Q吸=cm(t-to)可得，电水壶内所盛水的质 Q级 3.78×105J c*(1-to)4.2X10J/kg·C)X(100℃-40℃=1.5kg. 量m= 第20页（共48页） 第十八章磁及其相互作用 第一节磁的奥秘 新知梳理 ①磁性最强两南S北N排斥吸引靠近接触铁磁性钴镍②磁 场磁场箭头NS切线疏密③地磁场南北 课堂巩固 1.B2.B3.磁场方向磁体4.A5.A6.解：如图所示 M 7.C >(N) 8.地磁场S(或南)地理9.A 课后提升 10.D11.B12.解：如图所示： 13.解：如图所示： N) (S) 思维拓展 14.4F B位置 第二节探究：通电螺线管外部磁场的方向 第1课时通电螺线管的磁场 新知梳理 ①磁场电流方向奥斯特②条形电流右手螺旋安培右电流N 课堂巩固 1.D2.磁场通电导线周围磁场的方向与电流方向有关3.(1)磁化条形(2)磁场方 向(3)对调电源的正负极4.A5.D6.A7.解：如图所示：N 8.B s▣ (+)电溷 课后提升 9.C10.B11.斥左12.内13.解：如图所示： SN 中4 ±极 -极 思维拓展 14.变短螺线管上相邻导线中电流方向都相同，相互吸引，故变短 第2课时电磁铁电磁继电器 新知梳理 ①铁芯电流的通断匝数强多强②电磁铁触点低压控制高压工作 课堂巩固 1.(1)电磁铁吸引大头针的数量转换法(2)控制电流相同(3)甲线圈匝数(4)大 2.D3.B4.C5.增强6.(1)右(2)A7.变短变短增大 课后提升 8.D9.S向上10.磁性S11.电磁铁滑动变阻器12.N增大10013.解：如 第21页（共48页）