精品解析：2026年江西省上饶市第三中学中考二模物理试题

上饶市第三中学2025-2026下学期九年级物理阶段检测 一、填空题（本大题共8小题，每小题2分，每空1分，共16分） 1. 如图所示的“樟村板灯”是指江西省玉山县樟村镇的板灯（又称桥灯）。相传始于盛唐，兴于明清，樟村板灯由头灯、子灯、尾灯三部分组成，由人抬着板灯一起前进，是省级非物质文化遗产之一的民间民俗活动。在进行这项民俗活动时人们的呐喊声是通过声带______产生的。以板灯为参照物，抬板灯的人是______的。 2. 如图所示黄瓜干曾经被乾隆皇帝御批为“龙筋”。它是通过腌制、暴晒、碾压制成的。在阳光下暴晒是通过______的方式增加内能的；对黄瓜进行碾压变扁，则是增大了黄瓜内液体的______加快了蒸发。 3. 如图所示，小杰用的水平推力推着箱子在水平地面上做匀速直线运动，松手后，箱子由于具有_______还会继续滑动一段距离，此时箱子受到的滑动摩擦力大小是_______。 4. 芋饺是上饶的一种地方特色美食，将芋头和红薯粉混合后，用力将其揉成团，说明力可以改变物体的______；端着一碗刚出锅的芋饺会感到香气扑鼻，这属于______现象。 5. 2024年6月2日，在鹊桥二号中继星的支持下，嫦娥六号着陆器和上升器组合体成功着陆在月球背面，实现了人类首次在月背样品采集。控制中心利用______通过鹊桥二号实现对嫦娥六号的控制，采集的样品返回地球后质量______（选填“变大”“不变”或“变小”）。 6. 核能属于______（选填“可再生”或“不可再生”）能源；如图是释放核能的两种方式，核电站利用图______（选填“甲”或“乙”）方式释放的能量发电。 7. 甲、乙两人同时、同地、同向运动。他们运动的路程s和时间t的关系如图所示。甲、乙两人速度之比v甲∶v乙=______；5s之后两人相距______m。 8. 如图是家庭电路简化图，图中A处元件是______。在家庭电路的中性线与保护线之间的电压为______V。 二、选择题（本大题共6小题，第9~12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分；第13、14小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确选项，每小题3分，全部选择正确得3分，选择正确但不全得1分，不选、多选或是错选得0分，共14分） 9. 古人发明了以步为依据的长度测量方法。先秦时商鞅规定“举足为跬，倍跬为步”，即单脚迈出一次为“跬”，双脚相继迈出为“步”。则“一跬”约（　　） A. 60m B. 60dm C. 60cm D. 60mm 10. 图是我国古代劳动人民利用陶范法铸造金属铸件的情景。将液态金属倒入陶质模具中，定型后敲碎模具取出金属铸件，这一过程金属发生的物态变化和吸放热情况是（　　） A. 凝华放热 B. 凝华吸热 C. 凝固放热 D. 凝固吸热 11. 小明是一名潜水爱好者，他在游泳池中训练时，以下说法正确的是（　　） A. 小明上浮过程中，所受水的压强不变 B. 小明缓慢下潜的过程中，所受水的压强变小 C. 同一深度处，水对泳池四周墙壁的压强大小相同 D. 将水池中的水逐渐放空的过程中，池底受到水的压力变大 12. 关于如图所示的描述正确的是（ ） A. 图甲：磁体周围存在着磁场和磁感线 B. 图乙：动圈式话筒的原理是电磁感应 C. 图丙：通电螺线管的右侧是N极 D. 图丁：发电机是根据该原理制作而成的 13. 下列关于四幅图的分析正确的是（　　） A. 图甲：斜向上抛出的小球，运动到最高点时，若一切外力消失小球将静止 B. 图乙：氢气球下面用细绳吊着一个物体，在竖直上升的过程中，若绳子突然断裂，物体不会立即下落 C. 图丙：用细线拴一块橡皮，甩起来后使橡皮绕手做圆周运动，假设它受到的力全部消失，则该橡皮将做匀速圆周运动 D. 图丁：当人荡秋千荡到最高点D时，速度为零，受力不平衡 14. 如图所示，是晓丹设计的汽车油箱内油量不足时触发报警的电路，电源两端电压保持不变，电阻、中的一个是定值电阻，另一个是压敏电阻。压敏电阻装在油箱内底部，其阻值随油箱中油量的减少而减小，当电压表示数大于某一值U时，就会触发报警。电压表示数为U时，油箱中的油量为警戒油量。下列说法正确的是（ ） A. 为压敏电阻 B. 随着油箱的油量减少，通过定值电阻的电流变大 C. 若换用阻值更大的定值电阻，警戒油量将变小 D. 若换用电压更大的电源，警戒油量将变小 三、计算题（本大题共3小题，第15小题7分，第16小题7分，第17小题8分，共22分） 15. 如图所示，R1、R2是定值电阻，R2的阻值是10Ω。当开关S闭合时，电压表V1示数为6V，电压表V2示数是2V。求： （1）电源电压； （2）通过R2的电流； （3）电阻R1的阻值。 16. 小明家装修房屋的时候，质量为60kg的工人师傅使用如图所示的滑轮组提升建筑材料，他用400N的竖直向下的拉力匀速拉动建材，在20s内将重720N的建材匀速提升了3m，g取10N/kg。求： （1）工人拉力做功的功率； （2）在此过程中滑轮组的机械效率； （3）若工人的脚与水平地面的总接触面积共为，则他对水平地面的压强。 17. 澎湃家新买了一个电养生壶，它有高、低两个加热挡位，其内部简化电路如图所示，R1、R2都是加热电阻，养生壶的部分参数如表所示。求：[c水=4.2×103J/（kg•℃）、ρ水=1.0×103kg/m3] 额定水量 1kg 额定电压 220V 高温挡功率 1000W 低温挡功率 200W （1）低温挡正常工作5min消耗的电能； （2）R1和R2的阻值； （3）在1个标准大气压下，高温挡正常工作将1kg水从20℃加热至沸腾、水吸收的热量是多少？若养生壶的加热效率是50%，需要加热多长时间？ 四、实验与探究题（本大题共4小题，每小题各7分，共28分） 18. 小明在物理课上学习了许多测量工具的使用方法： （1）如图甲所示，圆形物体的直径为______cm； （2）常用温度计是根据液体的热胀冷缩的性质来测量温度的，如图乙所示温度计示数为______℃； （3）如图丙，机械秒表显示的是一位同学跑完800m所用的时间，示数为______s； （4）使用弹簧测力计时，所测力的方向要与弹簧的伸长方向在同一直线上，如图丁中弹簧测力计的分度值为______N，该弹簧测力计使用前需调零。 （5）如图戊，凸透镜的焦距为10cm，在凸透镜左侧20cm刻度线处放置一点燃的蜡烛。现在需要把光屏向______（选填“左”或“右”）移动适当距离，才可以在光屏上找到烛焰所成清晰的像，此时，光屏上烛焰的像是______（选填“缩小”或“放大”）的______（选填“实”或“虚”）像。 19. 小明学习密度知识后，尝试利用器材测量自家蜂场酿制的蜂蜜的密度。 实验步骤： （1）在使用天平时应先用镊子将游码调至零刻度线，之后调节______使天平平衡。再将装有蜂蜜的烧杯放在已调好的天平左盘里，天平再次平衡时右盘里的砝码和游码位置如图甲所示，此时烧杯和蜂蜜的总质量为______g； （2）将烧杯中的部分蜂蜜倒入量筒中，测得体积为40mL；测量烧杯和剩余蜂蜜的总质量为38.4g；计算出量筒内蜂蜜的质量为______g，密度为______kg/m³； （3）整理器材时，他发现量筒侧壁沾有少许蜂蜜，于是推断出测量结果比真实值偏______。 （4）他想重新测量时，不小心损坏了量筒。经过思考，他想出了另一种测量蜂蜜密度的方法。 ①在两个相同烧杯的同一高度作标记线； ②测出一个空烧杯的质量为20g； ③分别将水和蜂蜜倒入两个烧杯，液面均到达标记位置，如图乙所示； ④测出装水烧杯的总质量为100g，装蜂蜜烧杯的总质量为112g； ⑤计算出烧杯内蜂蜜的体积为______cm³，密度为______g/cm3（ρ水=1.0×103kg/m3）。 20. 实验小组在探究电流与电阻的关系时，使用的器材有：学生电源、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，定值电阻五个（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω），导线若干。 （1）请用笔画线代替导线，将如图甲所示的实物图连接完整（要求，实验过程中，当滑动变阻器滑片向右移动时，电流表示数变大）。 （2）接好电路，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片时，发现电流表无示数，电压表有示数且接近电源电压，则发生这种现象的原因可能是______。 （3）小组在探究时，先将5Ω的电阻连入电路中，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片使电压表示数达到某一数值，电流表的示数如图乙所示，该示数为______A，接着断开开关，将5Ω电阻更换成10Ω电阻，闭合开关后，接下来应做的操作是______，直至电压表示数为______V，记下此时电流表的示数。 （4）实验小组收集的数据如表所示，分析表中数据，发现第______次实验数据存在错误。分析其他数据可以得出：导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成______。 实验序号 1 2 3 4 5 电阻R/Ω 5 10 15 20 25 电流I/A 0.20 0.10 0.10 0.08 21. 小王同学看到空中翱翔的飞机，他想探究飞机升力大小与哪些因素有关，和同学们讨论后，他们提出了以下三种猜想： 猜想1：上平下凸的机翼比上凸下平的机翼产生的升力大； 猜想2：升力大小与飞机的飞行速度有关； 猜想2：升力大小与飞机的迎角有关。 （1）根据所学知识，小王判断猜想1是______（选填“正确”或“不正确”）的，判断的依据是______。 （2）飞机的机翼一般做成下列哪个形状______ A. B. C. （3）为探究猜想2，如图所示，将一架飞机模型水平固定在升力测力计上，用电风扇以不同的风速进行多次实验。测得数据如表1： 风速v（m/s） 0 5 10 15 20 25 升力F（N） 0 0.5 2 4 7 11.5 分析表中数据可知，飞机升力F与飞行速度v的变化关系为：______。 （4）在验证猜想2后，小王改变迎角（机翼轴线与水平气流方向的夹角）大小，用电风扇以相同的风速进行多次实验，测得数据如表2： 迎角（°） 0 5 10 15 20 升力F（N） 2.5 5.2 7.6 10 3.5 ①分析数据可知，飞机的飞行速度一定，迎角由逐渐增大到的过程中，升力的变化特点是______。 A.逐渐变大 B.逐渐变小 C.先增大后减小 D.先减小后增大。 ②小王由此认为：相同情况下，飞机飞行时能获得最大升力的迎角为15°，你认为他的判断是______（选填“正确”或“不正确”）的，理由是______ 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 上饶市第三中学2025-2026下学期九年级物理阶段检测 一、填空题（本大题共8小题，每小题2分，每空1分，共16分） 1. 如图所示的“樟村板灯”是指江西省玉山县樟村镇的板灯（又称桥灯）。相传始于盛唐，兴于明清，樟村板灯由头灯、子灯、尾灯三部分组成，由人抬着板灯一起前进，是省级非物质文化遗产之一的民间民俗活动。在进行这项民俗活动时人们的呐喊声是通过声带______产生的。以板灯为参照物，抬板灯的人是______的。 【答案】 ①. 振动 ②. 静止 【解析】 【详解】一切声音都是由物体振动产生的，人的呐喊声是由声带振动产生的。 抬板灯的人与板灯一起前进，相对板灯的位置没有变化，因此以板灯为参照物，抬板灯的人是静止的。 2. 如图所示黄瓜干曾经被乾隆皇帝御批为“龙筋”。它是通过腌制、暴晒、碾压制成的。在阳光下暴晒是通过______的方式增加内能的；对黄瓜进行碾压变扁，则是增大了黄瓜内液体的______加快了蒸发。 【答案】 ①. 热传递 ②. 表面积 【解析】 【详解】改变内能的方式分为做功和热传递，在阳光下暴晒时，黄瓜通过吸收阳光的热量增加内能，属于热传递改变内能。 影响蒸发快慢的因素有液体温度、液体表面积、液体表面空气流速，对黄瓜碾压变扁后，黄瓜内部液体与空气接触的面积变大，因此是增大了液体的表面积加快蒸发。 3. 如图所示，小杰用的水平推力推着箱子在水平地面上做匀速直线运动，松手后，箱子由于具有_______还会继续滑动一段距离，此时箱子受到的滑动摩擦力大小是_______。 【答案】 ①. 惯性 ②. 40 【解析】 【详解】一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫做惯性，因此松手后箱子由于惯性会继续滑动；箱子匀速直线运动时，水平方向的推力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，因此此时滑动摩擦力等于推力，为40N；松手后箱子继续滑动时，箱子对地面的压力、接触面的粗糙程度都没有改变，因此滑动摩擦力大小不变，仍为40N。 4. 芋饺是上饶的一种地方特色美食，将芋头和红薯粉混合后，用力将其揉成团，说明力可以改变物体的______；端着一碗刚出锅的芋饺会感到香气扑鼻，这属于______现象。 【答案】 ①. 形状 ②. 扩散 【解析】 【详解】力的作用效果有两类，一是改变物体的运动状态，二是改变物体的形状。将芋头和红薯粉揉成团的过程中，物体的形状发生了改变，说明力可以改变物体的形状。 不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散。刚出锅的芋饺香气扑鼻，是因为芋饺的香味分子在永不停息地做无规则运动，进而扩散到空气中被人感知到，这属于扩散现象。 5. 2024年6月2日，在鹊桥二号中继星的支持下，嫦娥六号着陆器和上升器组合体成功着陆在月球背面，实现了人类首次在月背样品采集。控制中心利用______通过鹊桥二号实现对嫦娥六号的控制，采集的样品返回地球后质量______（选填“变大”“不变”或“变小”）。 【答案】 ①. 电磁波 ②. 不变 【解析】 【详解】太空是真空环境，电磁波可以在真空中传播，控制中心利用电磁波传递控制信号，实现对嫦娥六号的控制；质量是物体所含物质的多少，属于物体的固有属性，其大小不随物体位置的改变而变化，所以采集的样品返回地球后质量不变。 6. 核能属于______（选填“可再生”或“不可再生”）能源；如图是释放核能的两种方式，核电站利用图______（选填“甲”或“乙”）方式释放的能量发电。 【答案】 ①. 不可再生 ②. 甲 【解析】 【详解】核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以属于不可再生能源。 甲图展示的是中子轰击重原子核，使重核分裂为多个轻核的核裂变过程；乙图是轻原子核聚合成较重原子核的核聚变过程。目前核电站依靠可控核裂变释放能量发电，因此对应图甲。 7. 甲、乙两人同时、同地、同向运动。他们运动的路程s和时间t的关系如图所示。甲、乙两人速度之比v甲∶v乙=______；5s之后两人相距______m。 【答案】 ①. 6∶1 ②. 25 【解析】 【分析】本题考查速度相关知识点。 【详解】[1] 由s-t图像可知甲、乙均做匀速直线运动，选取相同时间（如），甲通过的路程为12m，乙通过的路程为2m。 根据速度公式，时间相同时速度与路程成正比，因此 [2] 先计算甲的速度 乙的速度 计算5s内甲、乙的路程 由于两人同时、同地、同向运动，两人相距的距离为 8. 如图是家庭电路简化图，图中A处元件是______。在家庭电路的中性线与保护线之间的电压为______V。 【答案】 ①. 电能表 ②. 0 【解析】 【详解】[1]家庭电路各部分的安装要按照一定的顺序，进户线首先要经过电能表，用来计量电路所消耗的电能，然后再接入总开关（含保险装置），故A处接电能表。 [2]家庭电路中，相线与中性线之间的电压为220V，而中性线和保护线之间没有电压，即0V。 二、选择题（本大题共6小题，第9~12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分；第13、14小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确选项，每小题3分，全部选择正确得3分，选择正确但不全得1分，不选、多选或是错选得0分，共14分） 9. 古人发明了以步为依据的长度测量方法。先秦时商鞅规定“举足为跬，倍跬为步”，即单脚迈出一次为“跬”，双脚相继迈出为“步”。则“一跬”约（　　） A. 60m B. 60dm C. 60cm D. 60mm 【答案】C 【解析】 【详解】明确概念：根据题意，单脚迈出一次为“跬”，两倍的“跬”是一步，即1跬就是普通人单脚迈出的距离。结合生活常识估测： 普通人单脚迈出的距离大约为。 故选C。 10. 图是我国古代劳动人民利用陶范法铸造金属铸件的情景。将液态金属倒入陶质模具中，定型后敲碎模具取出金属铸件，这一过程金属发生的物态变化和吸放热情况是（　　） A. 凝华放热 B. 凝华吸热 C. 凝固放热 D. 凝固吸热 【答案】C 【解析】 【详解】将液态金属倒入陶质模具中，定型后敲碎模具取出金属铸件，此过程中物质状态由液态变为固态，物态变化名称为凝固，该过程需要放热，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 11. 小明是一名潜水爱好者，他在游泳池中训练时，以下说法正确的是（　　） A. 小明上浮过程中，所受水的压强不变 B. 小明缓慢下潜的过程中，所受水的压强变小 C. 同一深度处，水对泳池四周墙壁的压强大小相同 D. 将水池中的水逐渐放空的过程中，池底受到水的压力变大 【答案】C 【解析】 【详解】AB．根据液体压强公式，小明上浮过程中，深度减小，所受水的压强会变小。同理，小明缓慢下潜过程中，深度增大，所受水的压强会变大，故AB错误； C．根据液体压强的特点：同种液体，同一深度处，向各个方向的压强大小相等，故C正确； D．将水池中的水逐渐放空时，水的深度逐渐减小，池底受到的压强逐渐减小，池底面积不变，根据压力公式，可得池底受到水的压力变小，故D错误。 故选C。 12. 关于如图所示的描述正确的是（ ） A. 图甲：磁体周围存在着磁场和磁感线 B. 图乙：动圈式话筒的原理是电磁感应 C. 图丙：通电螺线管的右侧是N极 D. 图丁：发电机是根据该原理制作而成的 【答案】B 【解析】 【详解】A．磁体周围真实存在磁场，但磁感线是为了描述磁场假想的模型，并不真实存在，故A错误； B．动圈式话筒工作时，声音振动带动线圈在永磁体的磁场中切割磁感线，产生感应电流，原理就是电磁感应，故B正确； C．根据安培定则（右手螺旋定则）：右手握住螺线管，四指顺着电流方向，大拇指指向左端，因此通电螺线管左侧是N极，右侧是S极，故C错误； D．丁图装置有电源，探究的是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理；发电机原理是电磁感应，不需要外接电源，故D错误。 故选B。 13. 下列关于四幅图的分析正确的是（　　） A. 图甲：斜向上抛出的小球，运动到最高点时，若一切外力消失小球将静止 B. 图乙：氢气球下面用细绳吊着一个物体，在竖直上升的过程中，若绳子突然断裂，物体不会立即下落 C. 图丙：用细线拴一块橡皮，甩起来后使橡皮绕手做圆周运动，假设它受到的力全部消失，则该橡皮将做匀速圆周运动 D. 图丁：当人荡秋千荡到最高点D时，速度为零，受力不平衡 【答案】BD 【解析】 【详解】A．斜向上抛出的小球运动到最高点时，竖直方向速度为0，但水平方向仍保持速度，一切外力消失后，根据牛顿第一定律，可知小球会保持原有的水平速度做匀速直线运动，故A错误； B．绳子断裂前，物体和氢气球一起竖直向上运动，绳子断裂后，物体由于惯性，会保持原来向上的运动状态，继续向上运动一段距离后，才会在重力作用下开始下落，故B正确； C．橡皮绕手做圆周运动时，若所有力全部消失，根据牛顿第一定律，可知橡皮会沿力消失瞬间的速度方向做匀速直线运动，故C错误； D．荡秋千荡到最高点时，人的瞬时速度为0；此时人受到重力和绳子拉力，这两个力的合力不为零，因此受力不平衡，故D正确。 故选BD。 14. 如图所示，是晓丹设计的汽车油箱内油量不足时触发报警的电路，电源两端电压保持不变，电阻、中的一个是定值电阻，另一个是压敏电阻。压敏电阻装在油箱内底部，其阻值随油箱中油量的减少而减小，当电压表示数大于某一值U时，就会触发报警。电压表示数为U时，油箱中的油量为警戒油量。下列说法正确的是（ ） A. 为压敏电阻 B. 随着油箱的油量减少，通过定值电阻的电流变大 C. 若换用阻值更大的定值电阻，警戒油量将变小 D. 若换用电压更大的电源，警戒油量将变小 【答案】AB 【解析】 【详解】A．由题中“压敏电阻装在油箱内底部，其阻值随油箱中油量的减少而减小，当电压表示数大于某一值U时，就会触发报警”可知，当压敏电阻的阻值变小时，电压表示数变大，如图所示，R1、R2串联，电压表测量R1两端电压，根据串联分压可知，若R1是压敏电阻，当其电阻变小时，其两端电压变小，则电压表示数变小，不符合题意；若R2是压敏电阻，当其电阻变小时，其两端电压变小，根据串联电路电压规律可知，R1两端电压变大，则电压表示数变大，符合题意，故R2是压敏电阻，故A正确； B．当油箱的油量减少时，压敏电阻的阻值变小，则电路中的总电阻变小，因为电源电压不变，根据可知，电路中电流变大，则通过定值电阻的电流变大，故B正确； C．电压表的报警电压U不变，即定值电阻R1两端电压不变，若换用阻值更大的定值电阻R1，根据可知，电路中的电流变小，因为电源电压不变，根据可知，此时电路中的总电阻变大，则压敏电阻的阻值变大，因为压敏电阻的阻值随油箱中油量的减少而减小，所以当压敏电阻的阻值变大时，油箱中的油量变多，则此时警戒油量将变大，故C错误； D．电压表的报警电压U不变，即定值电阻R1两端电压不变，根据可知，通过R1的电流不变，则电路中的电流不变，若换用电压更大的电源，根据串联电路电压规律可知，压敏电阻R2两端电压变大，根据可知，压敏电阻的阻值变大，因为压敏电阻的阻值随油箱中油量的减少而减小，所以当压敏电阻的阻值变大时，油箱中的油量变多，则此时警戒油量将变大，故D错误。 故选AB。 三、计算题（本大题共3小题，第15小题7分，第16小题7分，第17小题8分，共22分） 15. 如图所示，R1、R2是定值电阻，R2的阻值是10Ω。当开关S闭合时，电压表V1示数为6V，电压表V2示数是2V。求： （1）电源电压； （2）通过R2的电流； （3）电阻R1的阻值。 【答案】（1）8V （2）0.2A （3）30Ω 【解析】 【小问1详解】 由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端电压，电压表V2测R2两端电压。根据串联电路的电压特点得电源电压 【小问2详解】 根据欧姆定律得 【小问3详解】 串联电路中电流处处相等，因此通过R1的电流 根据欧姆定律变形得，得 16. 小明家装修房屋的时候，质量为60kg的工人师傅使用如图所示的滑轮组提升建筑材料，他用400N的竖直向下的拉力匀速拉动建材，在20s内将重720N的建材匀速提升了3m，g取10N/kg。求： （1）工人拉力做功的功率； （2）在此过程中滑轮组的机械效率； （3）若工人的脚与水平地面的总接触面积共为，则他对水平地面的压强。 【答案】（1）120W （2）90% （3）5000Pa 【解析】 【小问1详解】 由图可知，滑轮组有效绳子段数，则绳子自由端移动距离 工人拉力做功 则工人拉力做功的功率 【小问2详解】 有用功 则滑轮组的机械效率 【小问3详解】 工人重力为 对工人受力分析可得他对水平地面的压力 则对水平地面的压强 17. 澎湃家新买了一个电养生壶，它有高、低两个加热挡位，其内部简化电路如图所示，R1、R2都是加热电阻，养生壶的部分参数如表所示。求：[c水=4.2×103J/（kg•℃）、ρ水=1.0×103kg/m3] 额定水量 1kg 额定电压 220V 高温挡功率 1000W 低温挡功率 200W （1）低温挡正常工作5min消耗的电能； （2）R1和R2的阻值； （3）在1个标准大气压下，高温挡正常工作将1kg水从20℃加热至沸腾、水吸收的热量是多少？若养生壶的加热效率是50%，需要加热多长时间？ 【答案】（1）6×104J；（2）48.4Ω， 60.5Ω；（3）3.36×105J， 672s 【解析】 【详解】解：（1）由可知，低温挡正常工作5min消耗的电能为 （2）当最下面的开关闭合、S1断开时，电路为R1的简单电路；当两开关都闭合时，R1、R2并联；因为并联电路的总电阻小于各支路的电阻，所以由可知，R1、R2并联时，电路中的电阻最小，电功率最大，电养生壶为高温挡；电路为R1的简单电路时，电路中的电阻最大，电功率最小，电养生壶为低温挡；由可知，低温挡电路的电阻为 因为低温挡时，电路为R1的简单电路，所以R1的阻值为 由并联电路的特点可知，高温挡时R1两端的电压与低温挡时R1两端的电压相等，则高温挡时R1的电功率与低温挡时R1的电功率相等，即 则高温挡时R2的电功率为 由可知，R2的阻值为 （3）1个标准大气压下水的沸点为100℃，高温挡正常工作将1kg水从20℃加热至沸腾，水吸收的热量为 由 可知，养生壶加热时消耗的电能为 由可知，加热所需的时间为 答：（1）低温挡正常工作5min消耗的电能为6×104J； （2）R1的阻值为48.4Ω，R2的阻值为60.5Ω； （3）水吸收的热量是3.36×105J；需要加热的时间为672s。 四、实验与探究题（本大题共4小题，每小题各7分，共28分） 18. 小明在物理课上学习了许多测量工具的使用方法： （1）如图甲所示，圆形物体的直径为______cm； （2）常用温度计是根据液体的热胀冷缩的性质来测量温度的，如图乙所示温度计示数为______℃； （3）如图丙，机械秒表显示的是一位同学跑完800m所用的时间，示数为______s； （4）使用弹簧测力计时，所测力的方向要与弹簧的伸长方向在同一直线上，如图丁中弹簧测力计的分度值为______N，该弹簧测力计使用前需调零。 （5）如图戊，凸透镜的焦距为10cm，在凸透镜左侧20cm刻度线处放置一点燃的蜡烛。现在需要把光屏向______（选填“左”或“右”）移动适当距离，才可以在光屏上找到烛焰所成清晰的像，此时，光屏上烛焰的像是______（选填“缩小”或“放大”）的______（选填“实”或“虚”）像。 【答案】（1）1.20 （2）25 （3）228.7 （4）0.2 （5） ①. 左 ②. 缩小 ③. 实 【解析】 【小问1详解】 由图可知，刻度尺的分度值为0.1cm，刻度尺需估读到分度值下一位，左侧三角板对准2.00cm刻度处，右侧三角板对准3.20cm刻度处，圆形物体的直径为 【小问2详解】 该温度计的分度值为1℃，感温液面与25所对应的小格对齐，因此读数为25℃。 【小问3详解】 秒表的小表盘代表分钟，分度值为0.5min，大表盘代表秒钟，分度值为0.1s，小表盘指针指在3min至4min之间，过了半格，小表盘读数为3min，大表盘读数为48.7s，秒表读数为3min48.7s，即228.7s。 【小问4详解】 由图可知，该弹簧测力计每1N共分5个小格，分度值为0.2N。 【小问5详解】 [1][2][3]由图可知，光具座上尺子的分度值为1cm，则物体到凸透镜的距离即物距 凸透镜的焦距为10cm，因此物距大于二倍焦距，则像距即光屏到凸透镜的距离应在一倍焦距与二倍焦距之间，即光屏应在60.0cm刻度处至70.0cm刻度处之间，由图可知，此时光屏在80.0cm刻度处，需要把光屏向左移动适当距离，才可以在光屏上找到烛焰所成清晰的像；此时，光屏上烛焰的像是倒立、缩小的实像。 19. 小明学习密度知识后，尝试利用器材测量自家蜂场酿制的蜂蜜的密度。 实验步骤： （1）在使用天平时应先用镊子将游码调至零刻度线，之后调节______使天平平衡。再将装有蜂蜜的烧杯放在已调好的天平左盘里，天平再次平衡时右盘里的砝码和游码位置如图甲所示，此时烧杯和蜂蜜的总质量为______g； （2）将烧杯中的部分蜂蜜倒入量筒中，测得体积为40mL；测量烧杯和剩余蜂蜜的总质量为38.4g；计算出量筒内蜂蜜的质量为______g，密度为______kg/m³； （3）整理器材时，他发现量筒侧壁沾有少许蜂蜜，于是推断出测量结果比真实值偏______。 （4）他想重新测量时，不小心损坏了量筒。经过思考，他想出了另一种测量蜂蜜密度的方法。 ①在两个相同烧杯的同一高度作标记线； ②测出一个空烧杯的质量为20g； ③分别将水和蜂蜜倒入两个烧杯，液面均到达标记位置，如图乙所示； ④测出装水烧杯的总质量为100g，装蜂蜜烧杯的总质量为112g； ⑤计算出烧杯内蜂蜜的体积为______cm³，密度为______g/cm3（ρ水=1.0×103kg/m3）。 【答案】（1） ①. 平衡螺母 ②. 82.4 （2） ①. 44 ②. 1.1×103 （3）大 （4） ①. 80 ②. 1.15 【解析】 【小问1详解】 天平使用前，游码调零后需要调节平衡螺母使天平平衡。 如图甲所示，标尺的分度值为0.2g，烧杯和蜂蜜的总质量 【小问2详解】 量筒内蜂蜜的质量 量筒中蜂蜜的体积 蜂蜜的密度 【小问3详解】 量筒侧壁沾有少许蜂蜜，会导致测得的蜂蜜体积偏小，由可知，质量测量准确的情况下，体积偏小会使密度偏大。 【小问4详解】 烧杯内水的质量 烧杯内水的体积 因为两个烧杯液面在同一标记线，所以蜂蜜体积和水的体积相等，蜂蜜的体积 烧杯内蜂蜜的质量 此时蜂蜜的密度 20. 实验小组在探究电流与电阻的关系时，使用的器材有：学生电源、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，定值电阻五个（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω），导线若干。 （1）请用笔画线代替导线，将如图甲所示的实物图连接完整（要求，实验过程中，当滑动变阻器滑片向右移动时，电流表示数变大）。 （2）接好电路，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片时，发现电流表无示数，电压表有示数且接近电源电压，则发生这种现象的原因可能是______。 （3）小组在探究时，先将5Ω的电阻连入电路中，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片使电压表示数达到某一数值，电流表的示数如图乙所示，该示数为______A，接着断开开关，将5Ω电阻更换成10Ω电阻，闭合开关后，接下来应做的操作是______，直至电压表示数为______V，记下此时电流表的示数。 （4）实验小组收集的数据如表所示，分析表中数据，发现第______次实验数据存在错误。分析其他数据可以得出：导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成______。 实验序号 1 2 3 4 5 电阻R/Ω 5 10 15 20 25 电流I/A 0.20 0.10 0.10 0.08 【答案】（1） （2）R断路 （3） ①. 0.4 ②. 向左移动变阻器滑片 ③. 2 （4） ①. 3 ②. 反比 【解析】 【小问1详解】 当滑动变阻器滑片向右移动时，电流表示数变大，可知电阻变小，故变阻器右下接线柱连入电路中，据此作图。 【小问2详解】 接好电路，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片时，发现电流表无示数，电路可能断路，电压表有示数且接近电源电压，电压表与电源连通，则发生这种现象的原因可能是R断路。 【小问3详解】 由乙图可知，电流表选0~0.6A量程，分度值0.02A，示数为0.4A。 电压表示数为 根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大； 探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，向左移动变阻器滑片，直至电压表示数为2V，记下此时电流表的示数。 【小问4详解】 实验要求控制定值电阻电压为2V，计算可知第3次实验电压为 不符合要求，数据错误； 分析其他数据，电压一定时，电流与电阻的乘积为定值，因此可得结论：电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比。 21. 小王同学看到空中翱翔的飞机，他想探究飞机升力大小与哪些因素有关，和同学们讨论后，他们提出了以下三种猜想： 猜想1：上平下凸的机翼比上凸下平的机翼产生的升力大； 猜想2：升力大小与飞机的飞行速度有关； 猜想2：升力大小与飞机的迎角有关。 （1）根据所学知识，小王判断猜想1是______（选填“正确”或“不正确”）的，判断的依据是______。 （2）飞机的机翼一般做成下列哪个形状______ A. B. C. （3）为探究猜想2，如图所示，将一架飞机模型水平固定在升力测力计上，用电风扇以不同的风速进行多次实验。测得数据如表1： 风速v（m/s） 0 5 10 15 20 25 升力F（N） 0 0.5 2 4 7 11.5 分析表中数据可知，飞机升力F与飞行速度v的变化关系为：______。 （4）在验证猜想2后，小王改变迎角（机翼轴线与水平气流方向的夹角）大小，用电风扇以相同的风速进行多次实验，测得数据如表2： 迎角（°） 0 5 10 15 20 升力F（N） 2.5 5.2 7.6 10 3.5 ①分析数据可知，飞机的飞行速度一定，迎角由逐渐增大到的过程中，升力的变化特点是______。 A.逐渐变大 B.逐渐变小 C.先增大后减小 D.先减小后增大。 ②小王由此认为：相同情况下，飞机飞行时能获得最大升力的迎角为15°，你认为他的判断是______（选填“正确”或“不正确”）的，理由是______ 【答案】（1） ①. 不正确 ②. 飞机升力来自机翼上下表面的压强差，只有上凸下平的结构才能产生较大的向上升力 （2）C （3）在其他条件相同时，飞机飞行速度越大，所受升力越大 （4） ①. C ②. 不正确 ③. 没有在10°~20°之间进一步测量更多迎角对应的升力，无法确定最大升力对应的迎角就是15°  【解析】 【小问1详解】 流体流速越大的位置压强越小，上凸下平的机翼上方空气流速更大、压强更小，下方流速更小、压强更大，会产生向上的升力，上平下凸无法产生较大的向上升力，因此猜想1错误。 【小问2详解】 飞机机翼需要做成上凸下平的形状来获得向上的升力，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 【小问3详解】 由表1数据可知，在其他条件相同时，飞机飞行速度越大，所受升力越大。 【小问4详解】 由表2数据，迎角从0°增大到20°的过程中，升力先从2.5N增大到10N，再减小到3.5N，变化特点为先增大后减小，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 本次实验只测量了间隔为5°的离散迎角的升力，最大升力的对应迎角可能在10°~20°之间的其他角度，不能直接确定就是15°，因此判断不正确。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $