期末综合冲刺卷·物理(二)-【步步维赢】2025-2026学年高一下学期物理期末综合冲刺卷

高一下学期期末综合冲刺卷·物理（二） (满分：100分) 一、选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符 合题目要求。) 1.根据教育部规定，高考考场除了不准考生带手机等通信工具入场，手表等计时工具也不 准带进考场，考试是通过挂在教室里的时钟计时的。关于正常转动的时钟，下列说法正 确的是 ( 如 A.秒针角速度是分针角速度的60倍 B.分针角速度是时针角速度的60倍 C.秒针周期是时针周期的3600 D分针周期是时针周期的立 金 2.发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球（忽略空气的影响）。 速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网，其原因是 ( A.速度较小的球下降相同距离所用的时间较多 B.速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大 C.速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少 剂 D.速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大 3.如图所示，滑块M能在水平光滑杆上自由滑动，滑杆连架装在转盘上。M用绳跨过在圆 心处的光滑滑轮与另一质量为m的物体相连。当转盘以角速度ω转动时，M与轴距离 杯 为r,且恰能保持稳定转动。当转盘转速增至原来的2倍时，调整r使之达到新的稳定转 动状态，则滑块M 翻 A.所受向心力变为原来的4倍 B线速度变为原来的号 C.与轴的距离r变为原来的方 童 D.角速度变为原来的 2-1 4.一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时，其速度为1/s。从此刻开始在滑块运动方向 上施加一水平作用力F,力F和滑块的速度。随时间的变化规律分别如图甲和图乙所 示。设在第1s内、第2s内、第3s内力F对滑块所做的功分别为W,、W2、W3,则下列关 系式中正确的是 F/N 4/(ms) 2 3 t/s A.W,=W2=W3B.W,<W2<W3 C.W<W3<W。 D.W,=W2<W3 5.“嫦娥一号”探月卫星沿地月转移轨道到达月球，在距月球表面200km的 地月转 移轨道 P P点进行第一次“刹车制动”后被月球捕获，进入椭圆轨道I绕月飞行，如 图所示。之后，卫星在P点经过几次“刹车制动”，最终在距月球表面 200k的圆形轨道Ⅲl上绕月球做匀速圆周运动。用T,、T2、T3分别表示 卫星在椭圆轨道I、Ⅱ和圆形轨道Ⅲ的周期，用a1、a2、a3分别表示卫星沿三个轨道运动 到P点的加速度，则下列说法正确的是 A.T1>T2>T3 B.T1<T2<T3 C.a1>a2>a3 D.a1<a2<a3 6.AB和CD为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O。将电荷量分别为十q 和一q的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半 径，如图所示。要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的 点电荷Q,则该点电荷Q A.应放在A点，Q=2q B.应放在B点，Q=-2g C.应放在C点，Q=-q D.应放在D点，Q=一q 2-2 7.铜的摩尔质量为，密度为p,每摩尔铜原子有n个自由电子，每个自由电子的电荷量 为，今有一根横截面积为S的铜导线，通过的电流为I时，电子定向移动的平均速率为 A.光速c B.7 C.pl D.ml neS neSm neSo 8.如图所示为磁场作用力演示仪中的赫姆霍兹线圈，在线圈中心处挂上一 个小磁针，且与线圈在同一平面内，则当赫姆霍兹线圈中通以如图所示方 向的电流时 A.小磁针N极向里转 B.小磁针N极向外转 C.小磁针在纸面内向左摆动 D.小磁针在纸面内向右摆动 二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全 部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选和不选的得0分。) 9.两个质量分别为m1、2的小球，各用丝线悬挂在同一点，当两球分别 L1111111LL 0102 带同种电荷，且电荷量分别为91、92时，两丝线张开一定的角度0，、02， 91 m m2 如图所示，此时两个小球处于同一水平面上，则下列说法正确的是 A.若m1>m2,则01>02 B.若1=m2,则01=02 C.若m1<m2,则01>02 D.若q1=q2,则01=02 10.四个相同的小量程电流表（表头）分别改装成两个电流表A1、A2 和两个电压表V1、V2。已知电流表A1的量程大于A2的量程，电 压表V,的量程大于V,的量程，改装好后把它们按如图所示接入电路，则 A.电流表A1的读数大于电流表A2的读数 B.电流表A1指针的偏转角小于电流表A2指针的偏转角 2一3 C.电压表V,的读数小于电压表V,的读数 D.电压表V,指针的偏转角等于电压表V。指针的偏转角 11.削面是西北人喜欢的面食之一，全凭刀削得名。如图所示，将一锅水 烧开，拿一块面团放在锅旁边较高处，用一刀片飞快地削下一片片很 薄的面片儿，面片儿便水平飞向锅里。已知面团到锅上沿的竖直距 离为0.8m,面团到锅上沿最近的水平距离为0.4m,锅的直径为0.4m。若削出的面片 儿落入锅中，则面片儿的水平初速度可能是(g取10m/s2) A.0.8m/s B.1.2m/s C.1.8m/s D.3.0m/s 12.地球同步卫星与地心的距离为r,运行速率为y1,向心加速度为α1，地球赤道上的物体随 地球自转的向心加速度为α2，第一宇宙速度为2，地球的半径为R,则下列比值正确的 是 A-卡 B.2=发2 D.=/ R 2 c- 2Wr 三、非选择题（本题共6小题，共60分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演 算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。) 13.(6分)某同学在做“研究平抛物体的运动”的实验时得到了如图所示 204060 x/cm 的物体运动轨迹，α、b、c三点的位置在运动轨迹上已经标出，则： 30 30升-- (1)小球平抛运动的初速度。= （g取10m/s2)。 ↓vem (2)小球开始做平抛运动的位置坐标x= ,y= 14.(8分)如图所示，在Rt△ABC中，∠B=30°，点电荷A、B所带电荷一 量分别为QA、Q,测得在C处的某正点电荷所受静电力方向平行于 AB向左，则A带 电，QA:QB= 2-4 15.(12分)质量m=2kg的物体在光滑水平面上运动，其分速度v,和v,随时间变化的图 象如图甲、图乙所示，求： (1)物体所受的合力； ↑v/(ms) 个u,/(ms 3 3 2 3 1 02468t/s 02468ts 甲 乙 (2)物体的初速度； 2-5 (3)t=8s时物体的速度； (4)t=4s内物体的位移。 2-6 16.(12分)一颗在赤道上空飞行的人造地球卫星，其轨道半径为r=3R(R为地球半径)，已 知地球表面的重力加速度为g,则该卫星的运行周期是多大？若该卫星的运动方向与地 球自转方向相同，已知地球自转角速度为ω，某一时刻该卫星通过赤道上某建筑物的正 上方，再经过多长时间它将又一次出现在该建筑物正上方？ 17.(10分)如图所示，点电荷A和B所带电荷量分别为3.0×108C和一2.4×108C,彼此相距 6cm。若在两点电荷连线中点O处放一个半径为1cm的金属球壳，求球壳上感应电荷在O 点处产生的电场强度。（静电力常量k=9X10N·m/C) 4 2-7 18.(12分)如图所示的电路中，R1=10,R2=42,R3=62,R4=3,U=2.4V。 (1)若在ab间接一只理想电压表，则它的读数是多少？ R2 (2)若在ab间接一只理想电流表，则它的读数是多少？ 2-8(2)设远地，点B距地面高度为h2,卫星受到的 万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律有： G Mm (R+h2)=m (R+A,) 3 解得：h2= gRT N4π -R 答案：(1) R8 (2) gRT -R (R+h1)2 4π2 17.解析：(1)设A、B带同种电荷，带电荷量均为9，则 A,C接触后，A、C带电荷量为9A=c=29。 1 C与B接触后，B、C所带电荷量为qB=qc'= 9+29_3 2 49。故A,B带电荷量大小之比为 94= 292 93=3 49 （2)设9A=十9,9B=一9。 则C与A接触后，A、C带电荷量为 %=+3. C与B接触后，B、C带电荷量为 1 Iu=ge" 299 1 2 49, 1 故AB带电荷量大小之比为94=292 19 49 答案：(1)2：3(2)2：1 18.解析：(1)S,和S2均断开时，电阻R1与小量程 电流表G串联，可组成较大量程的电压表，电压 表的内阻Ry=R。十R1=10002。所以电压表 两端的电压最高为：U=IRv=0.001×1000V =1V,即改装成的电压表的量程为1V。 (2)S1和S2均闭合时，电阻R,被短路，电阻 R2与小量程电流表G并联，组成较大量程的 电流表。当小量程电流表G满偏时，通过R2的 电流为：l4=尽-0110A=099A 100 999 故改装成的电流表的量程为I=IR,十Ig=0.999A +0.001A=1A. 答案：(1)电压表1V(2)电流表1A 高一下学期期末综合冲刺卷·物理（二） 1.A秒针、分针、时针的周期分别为T1=1min, T11 T,=60min,T3=720min。所以T=720' 干选项CD错误；报括w红则60 T'w2 T 她=气12，选项A正确，B错误。 2.C由题意知，两个乒乓球均做平抛运动，则根 据h=?g及心=2gh可知，乒乓球的运动时 间、下降的高度及竖直方向速度的大小均与水 平速度大小无关，故选项A、B、D均错误；由发 出点到球网的水平位移相同时，速度较大的球 运动时间短，在竖直方向下落的距离较小，可以 越过球网，故C正确。 3.B转速增大，再次稳定时，M做圆周运动的向 心力仍由拉力提供，拉力仍然等于物体m的重 力，所以向心力不变，故A错误；转速增至原来 的2倍，则角速度变为原来的2倍，根据 F=mrm,向心力不变，则r变为原来的子，根据 0=rw,线速度变为原来的，故B正确，C,D 错误。 4.B由于)一t图象与坐标轴所围面积大小等于滑 块某时间段的位移，由图乙可计算第1s内、第2s 内、第3s内滑块的位移分别是x1=0.5m, x2=0.5m,x3=1m,所以W1=F1x1=0.5J, W2=F2x2=1.5J,W3=F3x3=2J,所以W1< W2<W3,B项正确。 5.A卫星沿椭圆轨道运动时，周期的平方与半长 轴的立方成正比，故T1>T2>T3,A项正确， B项错误。不管沿哪一轨道运动到P点，卫星 所受月球的引力都相等，由牛顿第二定律得 a1=a2=a3,故C、D项均错误。 6.C根据平行四边形定则，求出十q和一q在O 点产生的合场强，大小等于其中一个点电荷在 O点产生的场强的大小，方向水平向右，要使圆心 处的电场强度为零，应在C,点放一个电荷量Q= 一q的，点电荷或在D点放一个电荷量Q=十q的 点电荷，C选项正确。 7.D设电子定向移动的速率为v,那么在t秒内 通过导体横截面的自由电子数相当于在体积 t·S中的自由电子数，而体积为tS的铜的质 量为uSp,摩尔数为tSp,自由电子数为tSm m 所以电荷量g=otSpne,由I=4=oSp得o t m I,故D正确，A、B.C错误。 neSo 8.A由于线圈中电流沿顺时针方向，根据安培定则 可以确定，线圈内部轴线上磁感线方向垂直于纸面 向里。而小磁针N极受力方向和磁感线方向相同， 故小磁针N极向里转。 9.BC以m1为研究对象，对m1 进行受力分析如图所示。由共 点力平衡得 F Frsin 0=F库① Frcos01=m1g② 向盟得aA产同题 mig 且二因为不论9出大小如何，两带电少 球所受库仑力属于作用力与反作用力，永远相 等，故从an=F生知，m大则an日小，0也小 mg (0<受)m相等则0也相等，故选项B.C正确。 10.ADA1、A2处相当于表头和分流电阻四个元 件并联，显然流过A,、A2两电流表表头的电流 相等，故两表指针偏转角度相等，但两表头的 读数分别为流过表头与分流电阻的电流之和， A的分流电阻小，电流大，A正确，B错误； V1、V2表处相当于两表头和各自的分压电阻四 个元件串联，两表头指针偏转角也相等，V1表分 压电阻大则读数大，则C错误，D正确。 1C根话=，释1便0 2s= 0.4s。 因为平抛运动的水平位移0.4m<x<0.8m, 根据x=vt知，初速度的范围为1m/s<v< 2m/s。故B、C正确，A、D错误。 12.AD由于同步卫星与赤道上物体的角速度相 学，由a=心得。-点达项A二，B错误： 由G=m√受故器√选 项D正确，C错误。 13.解析：(1)在竖直方向上△h=gT,解得 T√g-√ -s=0.1s, 则小球平抛运动的初速度 ,=x=20×102m=2ms。 0.1s 4 (2)b,点在竖直方向上的分速度 hc_30×102m=1.5m/s Uw一2T 0.2s 小球运动到b点的时间t==0.15s g 因此从平抛起点到0点的时间为 △t=t-T=0.15s-0.1s=0.05s 因此从开始到0点在水平方向上的位移为： x1=o△t=2m/sX0.05s=0.1m=10cm, 竖直方向上的位移为： y=7g4P=2×10X0.05)m=0.0125m =1.25cm。 所以开始做平抛运动的位置坐标为 x=-10cm,y=-1.25cm。 答案：(1)2m/s(2)-10cm-1.25cm 14.解析：要使C处的正点电荷所受静电力方向平 行于AB向左，该正，点电荷所受力的情况应如 图所示，所以A带负电，B带正电。设AC间 的距离为L,则BC间的距离为2L。 F6sin30°=FA, 即kQQ `(2L)2 sin30°= kQAQC L 解得。=8，故选项B正确。 答案：负，1：8 15.解析：(1)物体在x轴方向：a.=0; 在y轴方向：a,=0=0.5m/s。 △t 根据牛顿第二定律：F。=may=1N,方向沿y 轴正方向。 (2)由题图可知，vx0=3m/5,?,0=0, 则物体的初速度v。=3m/s,方向沿x轴正 方向。 (3)由题图知，t=8s时，0，=3m/s,,=4m/s,物 体的合速度为v=√，+元=5m/s,tan0=3, 4 0=53°，即速度方向与x轴正方向的夹角 为53°。 （4)1=4s内，x=w,t=12m,y=2a,1=4m 物体的位移=√x2十y2≈12.6m 答案：(1)1N,沿y轴正方向 (2)3m/s,沿x轴正方向 (3)5m/s,方向与x轴正方向的夹角为53 (4)12.6m,方向与x轴正方向的夹角的正切 组为} 16.解析：由万有引力定律和牛顿定律可得 4π GMm=m≈·3R@ (3R) GMm=mg② 联立①②两式，可得T=6√g R 以地面为参考系，卫星再次出现在建筑物上方 时转过的角度为2π，卫星相对地面的角速度为 w1一，则△t= 2π 2π 3 3R R 答案：6πNg 2π 3 3R wo 17.解析：十91在O,点的场强大小为E=k 91 d 2 =3×10°N/C,方向由O点指向B;一92在O点 的场强大小为E,=k =2.4×10N/C,方 d 向由O点指向B。设感应电荷在O点处产生的 场强大小为E,由静电平衡条件知E=E十 E2=5.4×10°N/C,方向由O点指向A。 答案：5.4×105N/C,方向由O点指向A 18.解析：(1)在ab间接一只理想电压表时， R2、R3串联后，电阻R=R2十R3=102 R￥R=50 R与R并联后电阻R一R非干R 再与R4串联后，总电阻R=R分十R4=82 U=0.3A 此时千路电流Is一 R两端的电压U4=I滋R4=0.9V 所以R2、R?串联后两端的电压 U=U-U4=1.5V U串 R2R串联后电流I分=R,十R =0.15A R两端的电压U3=I分R3=0.9V 电阻R、R两端的电压之和也就是电压表的示数， 即U=U3+U4=1.8V。 (2)在ab间接一只理想电流表时，通过电阻R2 的电流 U 1,=R=0.6A RR=20 RR并联后，电阻R#=R十R R#再与R1串联后，总电阻R'=R1十R=12 此时这段电路的电流1=R意=02A 所以通过R1的电流为0.2A R3两端的电压为U3=I1R并=0.4V 3=0.07A 通过R的电流I=R 所以电流表的示数I=I2十I3=0.67A。 答案：(1)1.8V(2)0.67A 高一下学期期末综合冲刺卷·物理（三） 1.C由开普勒第三定律元=，得r阳557R 选项C正确。 2.A由B点速度与加速度相互垂直可知，合力方向 与B点切线垂直且向下，故质点由C到D的过程， 合力方向与速度方向的夹角小于90°，速率增大， D点速率比C点速率大，A正确；A,点的加速度方 向与过A点的切线，即速度方向的夹角大于90°， B错误；质点做匀变速曲线运动，合力的大小、方向 均不变，加速度不变，故C错误；从A到D加速度 与速度的夹角一直变小，故D错误。 3.C子弹从A盘到B盘，B盘转过的角度 0=2xn十否(n=0,1,2,…),B盘转动的角速度 w年-2x/=2m=2x×8600nd/s=120ratd/s, 子弹在A、B盘间运动的时间等于B盘转动的 时间，即2=2，所以0=20=40 012n+1m/s(n= 0,1,2,…）,n=0时，v=1440m/s;n=1时， v≈110.77m/s;n=2时，v=57.6m/s,故C 正确。 4.B设物体开始下落时的重力势能为E,物体 下落高度h的过程中，重力势能减少量△E,= mgh,故物体下落高度h时的重力势能E。 Eo一△E。=Ew一mgh,即E。一h图象为倾斜直 线，B正确。 5.BB滑动之前，A下落时，绳子的拉力对A做 负功，A的机械能不守恒，由功能关系知，A的 机械能减小，故A错误，B正确；B滑动之前， A的机械能减小，B的机械能不变，则A、B组成