黑龙江哈尔滨师范大学附属中学2025-2026学年高二下学期期末物理试题

哈尔滨师范大学附属中学2025-2026学年度下学期高二期末考试 物理试题 一、选择题（本题共14小题，共47分。其中第19愿只有一个选项符合题目要求，每小题3分：第 10~14意有多个选项符合题目要求，每小题4分，全部进对的得4分，选对但不全的得2分，选错、 多选或不选得0分) 】.甲、乙、丙、丁四幅教材插图涉及不同的物理知识，下列说法正确的是() 电子轨道数 原子能量值 n E/ev 核子平均质量 5 -0.54 -0.85 D E -1.51 a粒 F -3.4 Fe -13.6 A.甲图中，原子核A裂变成原子核B和原子核C的过程需要吸收能量 B.乙图中，一个处于第5能级的氢原子向低能级跃迁，最多可以辐射10种不同频率的光 C.丙图中，卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，提出了原子的核式结构模型 D.丁图中，汤姆孙通过对阴极射线的研究揭示了原子核内还有复杂结构 2.冰箱贴是一种采用磁性材料制成的生活用品，主要用于装饰冰箱表面。现有一小巧美观的冰箱贴贴 在冰箱的竖直表面上，如图所示，当冰箱贴静止不动时，下列说法正确的是() Λ，冰箱贴共受到三个力的作用 冰箱贴 B.冰箱贴对冰箱的摩擦力方向向上 冰箱 C,冰箱对冰箱贴的作用力大小等于冰箱贴所受重力的大小 D,冰箱对冰箱贴的支持力与冰箱贴对冰箱的压力是一对平衡力 3.如图所示，水平地面上放置一倾角为的光滑斜面，小球通过一根轻绳系在天花板上，小球静止在斜 面上，轻绳与斜面之间的夹角也为0。现将斜面缓慢向左移动，直至轻绳与斜面平行。下列说法正确的 是（) L A,轻绳对小球的拉力变大，斜面对小球的弹力变大 B、轻绳对小球的拉力变小，斜面对小球的弹力变大 C.轻绳对小球的拉力先变大后变小，斜面对小球的弹力变大 nninnmnininnnnnmmnnnnnnnnnnnn 第1页 D.轻绳对小球的拉力变大，斜面对小球的弹力先变大后变小 4,设V的衰变方程为U→23Th+X,已知V的质量为m1新核Th的质量为m2,X粒子 的质量为m3,则() A.X粒子是氨原子核，它的穿透能力强于B粒子 B.81Th的平均核子质量比V的大 c2V的比结合能为 (m1-m2-m3)c2 238 D.若U静止且衰变释放的能量全部转化为84Th和X粒子的动能，则衰变后的84Th和X粒 子的动能之比为4：234 5.一定质量的理想气体由状态α经状态b、c回到状态a,其p一T图像如图所示。下列说法不正确的 是() A.a、b、c三个状态的体积关系为V<V<V( B.a到b过程，气体分子在单位时间内对单位面积器壁的碰撞次数增多 C.b到c过程，气体对外界做功，吸收热量 D.c到a过程，外界对气体做功，分子的平均动能减少 6.如图所示，倾角为0的粗糙斜面放置在粗糙水平面上，物体α放在斜面上，轻质细线一端固定在物体 a上，另一端绕过光滑的定滑轮1固定在c点，光滑的动滑轮2下端悬挂物体b,系统处于静止状态。 若将固定点c沿水平方向级慢移到d点，而物体a与斜面始终静止，下列说法正确的是() A.细线对物体a的拉力减小 C B.斜面对物体a的摩擦力减小 C.斜面对地面的压力不变 囱 D.地面对斜面的摩擦力减小 ccccozaccccacccccaccaa 7.两倾斜的平行杆上分别套着α、b两相同圆环，两环上均用细线悬吊着相同的小球，如图所示。当它 们都沿杆向下滑动，各自的环与小球保持相对静止时，α的悬线与杆垂直，b的悬线沿竖直方向，不计 空气阻力，下列说法正确的是() A.a环受沿杆向上的摩擦力 B,d球做匀加速直线运动 共4页 C.杆对a、b环的弹力大小相等 D.细线对c、d球的弹力大小可能相等 8.如图，某同学将小球A以速度"竖直向上抛出，到达最高点时，将小球B也以速度。从同一位置竖 直向上抛出，不计空气阻力，A、B两球均可视为质点，重力加速度大小为8。下列说法正确的是() A.自A球抛出到与B球相遇，该过程时间为 3% 28 AO B.相遇时，B球的速度大小为 4 C.自B球抛出到与A球相遇时，B球上升高度为 48 B○ D.自A球抛出到A、B两球相遇的过程中，A球的速度变化量大小为。 9.目前机器人研究迅猛发展，在某次测试中，机器人A、B(均可视为质点)在0时刻从同一地点沿 相同方向做匀变速直线运动，它们的位移x与时间1的比值()随时间()变化的图像如图所示。己知 机器人A速度减为零后停止运动，下列判断正确的是（) 个5ms A.机器人B的加速度大小为0.25m/s2 6 B.=s时，机器人A、B的速度大小相等 3 C.相遇前机器人A、B的最大距离为12m B D.仁8s时，机器人A、B相遇 12/s 10.科学家利用天然放射性元素的衰变规律，通过对目前发现的古老岩石中铀含量来推算地球的年龄， 铀238的相对含量随时间的变化规律如图所示，下列说法正确的是() A.铀238（U)衰变形成铅206(Pb),需经8次a衰变， 铀238的相对含量N/N。 1.00 6次B衰变 0.78 0.50 B.放射性元素发生β衰变时所释放的电子来源于核外电子 0.25 C.20个铀核经过90亿年，一定还有5个铀核未发生衰变 0 4590125亿年 D.U的半衰期约为45亿年，降低环境温度，U的半衰期不发生变化 11.物理学家玻尔将普朗克提出的量子理论运用于氢原子模型的重构，对量子力学的发展起到了重大推 动作用。如图所示为氢原子的能级示意图，下列说法正确的是（) 第2页 A.用动能为11.0eV的电子碰撞处于基态的氢原子，可能使其跃迁到n=2能级 B.用能量为12V的光子照射处于基态的氢原子，可使氢原子发 E/eV 0 0.54 生跃迁 85 .51 C.当原子从第4能级向基态跃迁时，原子的能量减小，电子的动 -3.40 能增大 -13.6 D.处于n=3能级的氢原子至少需要吸收13.6V的光子才能电离 12.如图所示，原长为。、劲度系数为k的轻弹簧一端与质量为的小球相连，另一端固定在竖直墙壁 上，小球用倾角为30°的光滑木板AB托住，当弹簧水平时小球恰好处于静止状态，已知重力加速度为 8,则( ) A.弹簧的长度为。+ √5nmg 3k B.木板AB对小球的支持力为5， mg C.若弹簧突然断开，小球的加速度大小为号8 B30° D.若突然把木板AB撤去，撒去瞬间小球的加速度大小为g 13.氢原子能级如图甲所示，大量处于第4能级的氢原子，向低能级跃迁时能发出不同频率的光，其中 只有2种不同频率的光α、b,照射到图乙电路阴极K的金属上能够发生光电效应，测得光电流随电压 变化的图像如图丙所示，则下列推断正确的是（) A.测量Uc1、Uc2时，滑动变阻器的滑动触头P处于c点的右侧 B.阴极金属的逸出功一定大 EV 于10.2eV 0 C.图丙中a光为氢原子从 --0.85 -1.51 a n=4能级跃迁到n=1能 2 -3.40 级时发出的光 U UcI Ug D.图丙中2条图线对应的遇 -13.6 甲 丙 止电压，一定有Uc2-Ucl=0.66V 共4页 14.如图甲，足够长的、倾角为0的传送带，以恒定速率顺时针转动，煤块以初速度。=12m/s从A端 冲上传送带，煤块的速度随时间变化的图像如图乙所示，已知重力加速度g=10m/s2,不计空气阻力。 下列说法正确的是() ↑/msJ A.传送带的速率是2ms 1 B B.传送带与水平方向夹角的正切值tan0=0.75 8 C.煤块从最高点下滑到A端所用的时间为2s 2 D.煤块在传送带上留下的痕迹长为(9+4V2m 0 12 甲 二、实验愿（本愿共2小题，共14分：其中15题6分，16题8分） 15.小李同学在做探究两个互成角度的力的合成规律实验时，采用如图所示的方法。 (1)关于该实验，下列说法正确的是 A.图中(b)、(c)两次拉橡皮条需要将结点拉到同一 位置，目的是使两次拉力的作用效果相同 B.用两弹簧测力计同时拉细绳时两绳夹角应尽可能大 O C、拉橡皮条的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的 E E 两点要远些 D.如果只有一个弹簧测力计（其他器材齐全)，则不能 G G mmm mmm7m w (a) (b) (c) 完成本实验 (2)若图中(b)操作两弹簧测力计的读数分别为F=3.00N、F=4.00N,且F,和F,的夹角为锐角，则 (填能”或不能”)用一个量程为5N的弹簧测力计测出F、F2的合力。 (3)实验中，F人F表示两个互成角度的力，F表示根据平行四边形定则作出的F,和F,的合力：F表示 用一个弹簧测力计拉橡皮筋时的力，则下图中符合实验事实的是 橡皮筋 ,橡皮筋 0 橡皮筋石 橡皮筋6 A B D 16. 在探究当物体质量一定时其加速度与力的关系实验中，小明同学做了如图甲所示的实验改进，使用 力传感器来测量细线中的拉力。 第3页 打点计时器 力传感器 东描。心 砂桶 3.669.61 单位：cm 接交流 18.01 电源 28.81 甲 乙 丙 (1)实验时，下列操作或说法正确的是 A.需要用天平测出砂和砂桶的总质量 B.小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数 C.选用电磁打点计时器比选用电火花计时器实验误差小 D.为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量 (2)实验得到如图乙纸带，已知打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz,相邻两计数点之间还有四个 点未画出，由图乙中的数据可知，小车经过B点时的速度大小是 ms,小车运动的加速度大 小是 ms2。(计算结果均保留三位有效数字) (3)由实验得到小车的加速度a与力传感器示数F的关系如图丙所示，a-F图像为一条倾斜直线，已知图 像的斜率为k,则小车的质量为 B.2k C.k 三、计算题（本题共3小题，共39分：其中17题9分，18题13分，19题17分。解题时应写出必要的 文字说明、重要的物理规律，答题时要写出完整的数字和单位：只有结果而没有过程的不能得分) 17.如图甲所示为旅游景点的滑草场，图乙为其中一条滑道的简化示意图。该滑道由倾角为0=37°的 斜坡AB和水平滑道BC组成。一位游客坐在滑草车上，从斜坡顶端A点由静止滑下，最终恰好在水平 滑道末端C点停下。已知AB的长度为L和=25m,在AB段运动时间1，=5s,滑草车与整个滑道间的动 摩擦因数处处相同，不计空气阻力以及滑草车经过B点时的能量损失。(si37°=0.6，cos37°=0.8,8 取10ms2)求： (I)滑草车经过B点时的速度大小"： (2)滑草车与滑道间的动摩擦因数μ： (3)滑道BC的长度Lac· 共4页 18.如图所示，横截面积S=200cm2、长度L=80cm的导热汽缸水平放置，左端通过开口与外界相通， 汽缸正中间有一卡口，卡口右侧有一活塞将气体分为、Ⅱ两部分且活塞处不漏气，水平轻弹簧一端固定 在汽缸右壁，另一端固定在活塞上，不计活塞的体积，忽略一切摩擦，已知环境温度T。=300K,大气 压强即p0=1×105Pa,初始时活塞与卡口的距离为片，弹簧无弹力。现用气泵从开口处向外抽出一定量 气体后封闭开口，此时活塞刚好到达卡口处且对卡口无压力。已知弹簧的劲度系数k=1000Nm,求： ()抽出的气体与Π中原有气体质量的比值： (2)抽气并封闭开口后对汽缸加热，当缸内左右两部分气体温度升高 Ⅱ w I 到450K时，卡口对活塞的总弹力大小F。 第4页 19.如图所示，质量为m、长为L=2.4m的长木板A放在平台上，质量为m可视为质点的物块B放在 长木板上表面的左端，绕过平台右端定滑轮的轻绳一端连接物块B,另一端吊着质量为m的物块C,连 接物块B的轻绳水平。初始时长木板A的右端离定滑轮的距离足够远，平台离地面足够高，物块B与 长木板间的动摩擦因数为41=0.5，长木板与平台间的动摩擦因数为4=0.2，重力加速度g取10m/s2, 不计空气阻力。先用手托着物块C,使轻绳上的张力恰好为零，现快速撤去手，求： (I)撒去手的瞬间，物块C的加速度大小： (2)物块B从长木板左端滑到长木板右端的时间及物块B滑离长木板时的速度大小： (3)若物块B运动到木板某位置时，轻绳突然断开，此后物块B刚好不滑离长木板，求长木板运动的总 位移大小。 B A 共4页 哈尔滨师范大学附属中学2025-2026学年度下学期高二期末考试 物理试题答案 2 3 7 8 9 C B D B C C A C 10 11 12 13 14 AD AC AC BD ABD 1.【答案】C 【详解】A.在甲图中，原子核A裂变成原子核B和原子核C的过程属于裂变反应，核子的平均质量减小，该反应 过程要放出能量，故A错误： B.乙图中，一个处于第5能级的氢原子，最多可以辐射4种频率的光，分别对应于5→4,4→3,3→2,2→1，故 B错误： C.丙图中，卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，提出了原子的核式结构模型，故C正确： D.丁图中，汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子，指出原子还可以再分，故D错误。 故选C。 2.【答案】C 【详解】A.冰箱贴共受到重力、摩擦力、冰箱门的磁吸引力、冰箱门的弹力，共四个力的作用，故A错误： B.冰箱对冰箱贴的摩擦力方向向上，根据作用力与反作用力的关系，冰箱贴对冰箱的摩擦力方向向下，故B错误： C.根据平衡条件可知冰箱对冰箱贴的作用力大小等于冰箱贴所受重力的大小，故C正确： D.冰箱对冰箱贴的支持力与冰箱贴对冰箱的压力是一对相互作用力，故D错误。 故选C。 3.【答案】B 【详解】对小球受力分析，小球受重力g、斜面对小球的弹力N和绳子的拉力T,小球缓慢移动时受力平衡，则N 与T的合力与mg等大反向，因为斜面对小球的弹力方向不变，如图所示： 合=mg 根据作图法知，绳子的拉力T逐渐减小，斜面对小球的弹力N逐渐增大，故ACD错误，B正确。 故选B。 4.【答案】D 【详解】A.根据核反应前后质量数、电荷数守恒可知，X粒子的电荷数为2，质量数为4，所以X是氦原子核（α 粒子)，但α粒子穿透能力弱于B粒子，故A错误； B.新核4Th比反应核8U更稳定，故新核4Th的比结合能更大，平均核子质量更小，故B错误： C.比结合能是原子核总结合能除以核子数，表达式(m,-m,-m)c2为衰变能（衰变释放的能量），非结合能（核子 结合成核释放的能量)，故C错误； D.舳核静止衰变，动量守恒，然“Th与X粒子动量大小相等、方向相反，根据E,=卫可得动能之比 2m Ekmn:Ex=mx:m=4:234,故D正确。 故选D。 5.【答案】B = 【详解】A.a到b过程，气体做等压变化，则有元方 由于T,<T可知'。>'a b到c过程，气体做等温变化，则有P,'。=P'。 由于p6>p.可知V>'% 综合上述可知，a、b、c三个状态的体积关系为V。<'。<V。,故A正确： B.α到b过程，气体的温度升高，分子碰撞器壁的平均力度变大，但气体压强不变，则气体分子在单位时间内对 单位面积器壁的碰撞次数减少，故B错误： C.b到c过程，气体体积变大，气体对外做功，由于气体的温度不变，可知气体的内能不变，根据热力学第一定 律有△U=Q+W可知，从b到c过程，气体吸收热量，故C正确： D.c到α过程，结合上述，气体体积减小，外界对气体做功，气体的温度降低，故分子的平均动能减少，故D正 确。 故选B。 6.【答案】C 【详解】A.对滑轮2和物体b受力分析，受重力和两个拉力，如图所示。 thccKcaaooo Gp 根据平衡条件有2 Tcosa=m8 解得T=m8 2cosa 将固定点c沿水平方向缓慢移到d点，a增大，则T增大，故细线对物体a的拉力一定增大，故A错误； B.对物体受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，由于不知道拉力与重力的下滑分力的大小关系，无法 判断静摩擦力的方向，故不能判断静摩擦力的变化情况，故B错误。 CD.对斜面体、物体a、物体b整体受力分析，受重力、支持力、细线的拉力和地面的静摩擦力，根据平衡条件有 N=Gg-Tcosa-Ga-mg,=Tsina-mg tana 则知N与α无关，即地面对斜劈的支持力不变，根据牛顿第三定律可知，斜劈对地面的压力不变：α增大，地面对 斜劈的摩擦力∫一定增大，故C正确，D错误。 故选C。 7.【答案】C 【详解】A.左图，杆与水平方向夹角0，小球c受重力和拉力两个力，两个力的合力不等于零，知小球c与环a 以共同的加速度向下滑，对小球c有 a=mgsin m 则a环做匀加速直线运动，对a环分析，设摩擦力为f,有 Mg sin0-f=Ma 解得 f=0 则a环与杆间没有摩擦力，故A错误； B.右图，小球d处于竖直状态，受重力和拉力，因为加速度方向不可能在竖直方向上，所以两个力平衡，d做匀 速直线运动，所以b环也做匀速直线运动，故B错误： C.将环与小球看成整体，则有 N=(m+M)gcos0 则杆对a、b环的弹力大小相等，故C正确： D.对于c球受到的拉力大小为 T=mg cos0 对于d球受到的拉力 T=mg 因此受到的拉力大小不等，故D错误。 故选C。 8.【答案】A 详解】A,设B孢出后经山与A相遇，则有新+以3歌名 解得= 2g 自A抛出到与B相遇，该过程时间为1=+4，= 业，故A正确： B.相遇时，B速度大小为=%一8别=之，故B错误： 1 C,B自抛出到与A相遇时，B上升高度为h1=4-)引=8。，故C错误 8g D,两球各自抛出到相遇的过程中，A的速度变化量大小为△，=8=，故D错误。 故选A。 9.【答案】C 【详样】A由x=w+0将产-知+%，结合图像可知，- 1a=12m/s2s、1 3 -m/s.zdo-im/s=-m/s 4 解得a=-lm/s2,a。=0.5m/s2,故A错误： B.由图像可知，机器人A、B的初速度大小分别为'oA=6m/s,oB=0 机器人A停止运动的时间/你= 0-YoA=6s a 1=9s时，机器人A的速度为0，机器人B的速度ye=agl=0.5×9m/s=4.5m/s,即v≠vB,故B错误： C.设经过1，时间二者速度相等，此时相距最远，则有Vo+a,4=a4 解得4，=4s 两机器人共同的速度大小为v=al1=2m/s 机器人A的位移x=+水=16m 1 机器人B的位移s一2W=4m 二者之间的最大距离△xmm=x-x.=12m,故C正确： D.机器人A速度碱为零过程运动的位移=on+04,=1m 此段时间内机器人B的位移=2像=9m<X修 可见两机器人相遇应在机器人A停止运动之后，两机器人相遇的时间相避= 2xA经=6NS,故D错误。 故选C。 10.【答案】AD 【详解】A.根据 38U-→Pb+mHe+n2e 根据质量数与电荷数守恒有 238=206+4m,92=82+2m-n 解得 m=8,n=6 A正确： B.放射性元素发生β衰变时所释放的电子，是由原子核内部中子衰变成质子和电子释放出来的，故B错误： C.半衰期是一个统计规律，对大量原子衰变成立，对少数原子不成立，因此20个铀核经过90亿年，不能确定有 多少个铀核未发生衰变，C错误： D.根据图像可知，铀的半衰期为45亿年，半衰期不随温度变化而变化，故D正确。 故选AD。 11.【答案】AC 【详解】A.处于基态的氢原子跃迁到n=2能级，需要吸收的能量为△E=E2-E=-3.40-(-13.6)eV=10.2eV 由此可知，动能为11.0eV的电子碰撞处于基态的氢原子，可能使其跃迁到=2能级，故A正确： B.通过吸收光子的方式使处于基态的氢原子发生跃迁，所吸收的光子能量必须是两个能级的差值，用能量为I2V 的光子照射处于基态的氢原子，不可以使氢原子发生跃迁，故B错误： 当原子从第4能级向基态跃迁时，原子的能量减小，轨道半径减小，根据k=m可知，电子的速度垫 则动能增大，故C正确： D.处于n=3的氢原子电离需要吸收的光子能量至少为0-(-l.5leV)=1.5leV,故D错误。 故选AC。 12.【答案】AC 【详解】AB.木板撤去前，小球处于平衡态，受重力、支持力和弹簧的拉力，如图 B 30° 777777777777777777777777 GY 根据共点力平衡条件，有 F-Nsin30°=0 Ncos30°-mg=0 解得 2W N= 3 -1g F-N- 1 3 mg 根据胡克定律，设弹簧伸长量为△ 3 mg=kAl 则 41=3mg 3k 则弹簧的长度为 6+ 3mg 3k 选项A正确，B错误； C.若弹簧突然斯开，断开后小球受重力和斜面的支持力作用，则加速 度大小为 a=m8sin30°1 m =28 C正确： D.木板突然撤去后，支持力消失，重力和拉力不变，合力等于支持力N,方向与N相反，故加速度为 2V5 了825。 as水 38 方向垂直木板向下。故D错误。 故选AC。 13.【答案】BD 【详解】A.测量遏止电压时，光电管需要加反向电压（阴极K电势高于阳极A)。图乙为分压式接法，滑动变阻器 a端（左）接电源负极，电势低，b端（右）接电源正极，电势高；滑片P在c点左侧时，P(接A)电势更低，满 足反向电压要求，故A错误： B.大量n=4能级氢原子向低能级跃迁，共产生6种光子，光子能量分别为4→1：12.75eV,3→1：12.09eV, 2→1：10.2eV,4→2：2.55eV,3→2：1.89eV,4→3：0.66eV 题目说明只有2种光子能发生光电效应，说明仅能量最大的前两种大于逸出功W,因此W>l0.2V,故B正确： C.根据光电效应方程U。=hv-W,遏止电压绝对值Uc越大，光子频率v越大。由丙图得|Ucl>|Uc2l,得a 光能量小于b光能量，则a光为氢原子从n=3能级跃迁到n=1能级时发出的光，D.对两种能发生光电效应的光 子，能量分别为E,=12.75eV,E2=12.09eV 由dUd=E-印得1U.HUe=6-m-(5-m275=1209v-0.66v,故D正确。 故选BD。 14.【答案】ABD 【详解】A.根据图乙可知，煤块先向上做匀减速直线运动，速度减为2s时，向上减速的加速度发生变化，可知， 传送带的速率是2m/s,故A正确： B.0~1s内的加速度大小a,=A_12-2m 2m/s2=10m/s2 △411 根据牛顿第二定律有mg sin 0+ng cos0=ma, 12s内的加速度大小a,=A-2 4k2-m/s2=2m/s2 根据牛顿第二定律有gsin0-mg cos0=ma2 解得0=37°，4=0.5，tan0=0.75,故B正确： C.v一1图像与时间轴所围几何图形的面积表示位移，根据图乙可知，煤块向上运动的位移大小 x=2+12)x1m+2x2-1)n -m+ m=8m 2 2 煤块从最高点下滑到A端过程有X=2, 解得1=2√2s,故C错误： D.结合上述可知，煤块开始相对于传送带向上运动，经历时间4=s 相对位移大小m=产4-%=2产4=2≥之xm=5m 2 2 后来相对于传送带向下运动，经历时间%，=2s-ls+2V2s=(1+2V②)s 相对位移大小x=以，-（4，-2(+4)m>x 则煤块在传送带上留下的痕迹长为(9+4√2m,故D正确。 15.【答案】(I)AC (2)不能 (3)C 【详解】(1)A.根据实验原理，为了保证同一次实验中两次拉力的作用效果相同，两次拉橡皮条需要将结点拉到 同一位置，故A正确： B.用两弹簧测力计同时拉细绳时两绳夹角要适当，故B错误： C.为了减小拉力方向确定的误差，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故C正确； D.若只有一个弹簧测力计，通过三次拉橡皮筋，也能完成本实验，故D错误。 故选AC。 (2)图甲(b)中两弹簧测力计的读数分别为F=3.00N、F2=4.00N,根据共点力的合成，则两拉力的合力大于5.00N, 因此不能用一个量程为5N的弹簧测力计测出F、F2的合力： (3)单独用一个弹簧测力计测出的拉力为合力的实际值，一定沿橡皮筋方向：通过平行四边形定则得到的合力为 理论值，不一定沿橡皮筋方向。 故选C。 16.【答案】(1)B (2) 0.721 2.40 (3)D 【详解】(1)A.实验装置中有拉力传感器，不需要用天平测出砂和砂桶的总质量，故A错误： B.小车靠近打点计时器，释放小车之前应先接通电源，待打点稳定后再释放小车，打出一条纸带，该实验还需要 记录力传感器的示数，故B正确： C.选用电磁打点计时器，振针与纸带之间的阻力较大会影响物体运动，因而比选用电火花计时器实验误差大，故 C错误； D.因为有拉力传感器，可以准确得出小车上的拉力。因而砂和砂桶的质量远小于小车的质量是没有必要的，故D 错误。 故选B。 (2)[1]根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于平均速度可得经过B点时的速度大小为 Va=-Xuc (18.01-3.60)×10- ≈0.721m/s 10× 10× 50 (28.81-9.61-9.61)×10-2 2]根据逐差法可得小车运动的加速度大小为a=X皿一三 2.40m/s2 10×了) (3)由牛顿第二定律2F=Ma解得a= 启F,则k=忌，解得M=层，D正确，ABC错误。 M 故选D。 17.【答案】(l)va=l0m/s (2)4=0.5 (3)Lac=10m 【详解】(1)游客在AB段运动为匀加速直线运动，所以 得 Va =10m/s (2)在AB段，加速度 a,=n=2mls 41 根据牛顿第二定律 mg sin-umg cos=ma 解得 4=0.5 (3)在BC段，根据牛顿第二定律mg=ma2 解得a2=5ms2 由运动学公式v2=2a2Lsc 得Lc=10m △m_11 18.【答案】(1) m25 (2)F=50N 【详解】(1)对气体I由玻意耳定律poY=p 解得p,=7.5×10Pa 弹簧弹力F=k·△x=100N 设I气体的压强p2,对活塞的受力分析有P2S+F=P,S 得p2=7×10Pa 对气体由玻意耳定律可得氏po'2=p2'2 解得=2之1S 28 抽出气体在末状态下体积△V=g-S=2二LS 56 Am=△业-11 所以抽出气体质量与原有气体质量之比m万25 (2)抽气完毕后，对气体有=2 对气体I有号会pS-nS=F+ 联立解得F=50N 19.【答案】(1)2.5m/s2 (2②)45。 2v5m/s -S (3)3m 【详解】(1)撤去手后，假设B和A会发生相对滑动，对C研究mg-T=m4 对B研究T-4mg=ma 解得a,=2.5m/s2 设长木板运动的加速度为a2,对板研究有4，mg-242mg=m42 解得a2=lms2<a, 假设成立，因此撤去手的一瞬间，物块C的加速度大小等于2.5m/s2。 29,2sL (2)设物块从长木板左端滑到右端所用时间为1，根据题意)412- 2 解得6=4 -S 5 物块滑离长木板时的速度v=a,1=2V5m/s (3)设物块B运动4，时间时轻绳断开，再运动2时间运动到长木板右端，根据题意绳断后物块B加速度大小为 a,=48=28 则有分a+a6-f-a×+-L 又因为a41-a,'2=a2(41+2) 8 2 联立解得，=2s,12=。S 5 则物块B滑到长木板右端时木板的速度为v=42(4+12) 物块B和长木板一起匀减速的加速度大小a,=48=2m/s2 则长木板运动的总路程5= y+=3m 2a22a4