河北承德市2025-2026学年高一下学期7月期末物理试题

物理参考答案与解析 1.B【解桥】由于大，小高轮的齿的大小湘等，所以大、小齿轮高数之比等于同长比也等于丰径比，会=子，由 传骑原理可知AB两点线连度大小和等，=，由向心加连度公式a=号所以号-之=12，故B正 ds vara 确，A、C、D错误。故选B 2.C【解析】此时电动机的转速为54/mi,所以驱动力的频率为0.9H出，筛子在偏心轮的带动下微受迫振动。 振动的频率与驱动力的频率相同，可知此时师子振动的频率为0.9Hz,故A错误：仅增大电压，察动力的频率 将增大，韩子微受迫振动的频率增大，但师子的国有频率不变，故B错误：仅增大电压，驱动力的频率将增大， 由图乙可知师子的频率增大到1.0Hz,剥师子处于共振状态，振橘最大，故C正骑：仅造当减小师子的质量， 由题意可知篇子的国有网期变小，国有频率变大，饰子振动的振幅应该减小，故D错误。故选C。 3.B【解析】开普勒452弘由于距离太阳系太远，所以太阳对它的引力可以忽略不计，故A错误：由万有引力和 重力的关系有C尝=心，解异：=兴学所以开香勒4和地球表面堂力加选成之此经-兴， R (件=亭所以g=宁故B正确：由密度定义有兴=” M 6.M ,开普勒452山和地球密 nd 成之地=六学台所以p宁故C错民：由第一字窗老度的定义有G学=后解得： 隈受片以开粉46和地绿的第-字南能度之比片-侣吾-店所以=后做D 错误。故这B。 4.A【解析】由题意可知飞轮转动的角速度仙=2πn=200π/s,所以小螺丝钉跟随飞轮转动的向心力大小 F=mur=800N,故A正确，B、C、D错误。故选A 5D【解折1在0-内对潜能器分折，由动量完理有(g-三m,-0,解得后=g一学，故A,B错误：在 。-。内对潜航器分析，由动量定现有m(经-小-6=0-m,解得1a=m(行+小，故C错说，D正 确。故这D 6.C【解析】在物体运动的全过程中，对物体分析，由动能定理有W,-mg=0-0,由围乙可知W,= 4+10x4=28,解得=14m,故A错民：在物体运动前4m的过程中对物体分折，由动能定理有Wm- 2 mg,=m-0,由图乙可知Wn=,=4×4=6J,解得，=2Em/s,故B错误：当F-wmg=0时物体的 速度最大，站合图乙可知此时物体发生的位移：=7m,在物体运动前7m的过程中对物体分析，由动能定理 有围n-wmg,=之m-0,解择与=厅m/s,此时力F的功率P,=F,此时有F=mg=2N,解得P,= 2厅W,故C正确：由功能关系可知Q=用，=28」，故D错误。故这C。 工D【解折】由几何关系有g=兰解得r=品。故A错误：物体在地球南板表面有G把=g,时卫里P分 新有G学=m片解得=，故B错误：对卫P分折有G学=，解得u=√四产故C错民 对于未道表面物体分折有G尝=吸+心R,解得8=g1-血0)，故D三境。故选D 【高一物理答案第1页（共4页）】 8.AD【解析】滑块A做简谐运动，它受到的合力充当回复力，肿摩擦力充当回复力，由简谐运动定义可知 F,=-:,故A正确：t=0时，由题意可知此时弹簧的形变量如=A=5心m,由胡克定律有F=M=0.5N, 对两个滑块整体分折并结合牛领第二定律有F阳=(m,+m),对滑块A受力分祈并结合牛领第二定律有 R,=m,=0.2N,故B错误：由图乙可知T=子×0.6=0.4，故C错误：由圈乙结合题毫可知4。内滑块A 4 透过的路程，0×41=2m,由于两个滑块相对静止，所以4：内滑块B通过的路程==2m,故D正 确。故这AD 9.CD【解析】若=巫，小环Q在A点不受大环作用力，当。<R时，小环Q在A点受到的作用力背离 圆心0，当。>乐时，小环Q在A点受到的作用力指向圆心0，故A错误：若=√侵 ,小环Q从A到B过 程有gR=宁-宁，小环经过B点时的向心加造度a一爱=子8，同时小环经过B点时还有切向加选 度0=8，所以小环Q经过B点时加逢度大小a。=瓜+=厘g 《,故B辑误：若=√ ,小环Q经过 A点时有g-B管小坏Q从A到C这程有gx2R=宁-宁小环Q经过C点时有R-g= 紧，小环Q极过AC两点时所受大环P的作同力大小之差△少=R。-R=5mg,截C正确：若与=瓜，小 环Q经过A时的角连度，=只=√层小环Q从A到C达程有g×2R=宁2-宁，小环Q经过C点 时角建度=贡=√质，小环Q经建A,C两点时角建度大小之-后技D正确。此选四 10.C【解折】设小球B的质受为M,由困可知壁拉前小球A的建度为=：5。-4兰，星控前小球B 静止，控后两个小球一起运动，造度0-兰。-兰，两个小球在撞过程中动量守恒，有m=（m+M 解得W=3m,故A错民：两个小球第一次强检过程中损失的机孩能4，=宁，一(m+02=6加三，故 B正确：第二次难撞过程由动量守恒有m=mA+M,两个小球第二次碰撞过程中摸失的机械能 =宁-由想意有4出子笑解将u尝会如会=一尝 第一组解是吸被过程中的情元，不特合题意合去，所以理拉结来后小球B的连率与一费，故C正确，D储 误。故这BC 1.（)①=e（1分)②m+2.+3（2分，其他等价形式也给分)不必(1分)(2)①C(1分) 1 ③女(2分)等于(1分) 【解析】(1)①若气垫导轨已经调为水平，则滑块将做匀速直线运动，所以数字计时器记录的指光时间应该相 等，即m=如 ②若弹簧弹开过程中系统的动量守恒，有0=(m,+2m,),-(m:+3m,)4,中(m+2m,)号=(m。+3m)号 【高一物理答案第2页（共4页）】 化简有+2皿=m+3皿，由此可知遮尧条的宽度不必测量。 4 (2)①在制作单据时，要保持细线的长度不变，所以不能用弹性棉线，同时为了减小空气阻力的影响要远用 密度大些的小球，所以应该选择小铁球，所以C正确，A、B、D错误。 ③南华摇调期公式T=2后有户名所以号=k,解得竿宾脸中忘记上小啡丰程，不影 8 直线的针率，所以重力加速度的测量值等于真实值。 12.(1)A(2分)(2)1：1(1分)2：1(1分)(3)铝球Ⅲ(1分)短臂A(1分)(4)1：1(2分)】 【解析】(1)这个实脸探究是多个因素对向心力大小的影响，所以采用科学方法为控制变量法，故A正确，B、 C、D错误。 (2)传动皮带位于第一层，皮带连接的左、右两侧塔轮半径相等，左、右两侧皮带连接的塔轮线速度相等，转 动手柄时，左、右两侧塔轮角速度相等，所以短臂B、C的角速度之比为1：1，由图可知短臂B、C的辛径之比 为2：1，由=可知短臂B、C的线速度大小之比为2：1。 (3)验证向心力与质量的美系，雾要满足半径和角速度相同，但质量不同，由前面分折可知将传动皮带住于 第一层，可以使左、右两侧塔轮的角速度相等，将钢球1放在短臂C处后，只能将铝球Ⅲ放在短臂A处 (4)某次实验时，左、右两侧皮带连接的塔轮线速度相等，将传动皮带住于第二层，皮带连接的左、右两侧塔 轮半径之比为2：1，所以左、右两侧塔轮的角速度之比为1：2，钢球【放在短臂B处，铝球Ⅲ放在短臂C处， 左、右两球质量之比为2：1，运动半径之比为2：1，转动手柄，则当塔轮匀速转动时，由向心力公式有 F=mw,所以左、右两侧向心力之比 之=子×付x子=子所以左右两标尺露出的格子载之 F:m:wr2 比约为1：1 13.(1)M= L m G (2)=5 5R L m 解：(1)当小球通过最高点时对小球受力分析并结合牛顿第二定律有g+R=m艺(2分) 在月球表面由万有引力与重力关系有G恤=mg(1分) 解得M= G 2)字有飞有陆前.对字有飞分折有6n=引+02分 解得T= 5R(2分) 4E 14(0)ao-卓(2u=子(e)h急 15 解：当刚刚释放滑块C时它的加速度最大(1分) 此时对滑块C受力分析并结合牛顿第二定律有F:=kL=2ma。(1分)】 解得ae=片(2分) 【高一物理答案第3页（共4页）】 (2)从释放滑块C到木板A、B解除镜定全过程取和有2mx=(2m+m)xA(1分) 由几何关系有x:+xm=(1分) 解得m=子L(2分) (3)对从释放滑块C到木板A、B解除镇定过程分析，由动量守恒有2，=(2m+m)#(1分) 由能量守恒有名=址=宁x2m2+宁(2m+m)以(1分) 解得u=瓜=是反 木板A、B解除锁定后木板B和滑块C组成的系统动量守恒有2m-mw=(2m+m)ex(1分) 解得子风 由能量守恒有以x2mg4=宁×2m2+宁-宁2m+m)2（1分) 解得L-总(2分) 15.（1)4B,=12J(2)d=2.25m(3)1=6g 解：(1)对滑块A从释放到经过N点过程分析，由能量守恒有△E,=mg(A+R)-(1分) 清块经过N点时对滑块受力分析并结合牛顿第二定律有R-侧一受1分) 由牛顿第三定律有F、=F。(1分) 解得△E,=12J(1分) (2)滑块A在水平面上向右滑行过程有4mg=m1,-2μ1gl=-(1分)》 滑块A在传送带上向右滑行过程有4mg=ma,-2μgd=0-(1分) 解得d.=2.25m(2分) (3)滑块A在水平面上向右滑行过程有=-1(1分) 解得1=1.0s 滑块在传送带上向右滑行过程有0=，-44，(1分) 解得1=1.5s 滑块在传送带上向左加速滑行过程有：=，，(1分) 解得与=1.0s 2 滑块在传送带上向左匀速滑行过程有d一六=，1分) 解得么=音 滑块在水平面上滑行的过程有0=-，4，(1分)】 2 解得4=2=2六=2m<(1分) 所以滑块A没有离开水平面，所以滑块A离开圆弧面后的运动时间1=，+与++：+比=6名(2分) 【高一物理答案第4页（共4页）】 绝密★启用前 物理 本试卷共8页，满分100分，考试用时75分钟。 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1．如图所示，某修正带内大、小齿轮分别嵌合在连接体的大、小轴孔中，并相互咬合进行工作，大、小齿轮的齿数分别为30和15，A、B分别为大齿轮和小齿轮边缘上的点。A、B向心加速度大小之比为 A． B． C． D． 2．如图甲所示，把一个筛子用四根弹簧支撑起来，筛子上装一个电动偏心轮，它每转一周，给筛子一个驱动力，该共振筛的共振曲线如图乙所示。现在，偏心轮的转速是。已知增大电压，可使偏心轮转速提高，增加筛子质量，可增大筛子的固有周期。下列说法中正确的是 A．此时筛子振动的频率为 B．仅增大电压，筛子的固有频率将增大 C．仅适当增大电压，筛子振动的振幅可能增大 D．仅适当减小筛子的质量，筛子振动的振幅可能增大 3．人类在探索地外生命的过程中发现了一颗与地球相似度极高的星球——开普勒-452b（Kepler-452b），它位于天鹅座范围内，距离地球约1400光年（太阳系最大尺度约为1光年），直径约为地球的倍，质量约为地球的倍。地球平均密度约为，表面重力加速度为，地球的第一宇宙速度为。下列说法中正确的是 A．太阳对开普勒-452b的引力使它绕太阳运动 B．开普勒-452b表面的重力加速度为 C．开普勒-452b的平均密度为 D．开普勒-452b的第一宇宙速度为 4．在半径为的飞轮边缘固定一个质量的小螺丝钉，当飞轮转速为时，小螺丝钉跟随飞轮转动的向心力大小为（可能用到） A． B． C． D． 5．某质量为的无人潜航器（可视为质点）从空中由静止释放，下落一段时间后落入水中，一段时间内的速度-时间图像如图所示，已知重力加速度为。下列说法中正确的是 A．潜航器在空中下落时只受重力作用 B．潜航器在空中下落时受到的空气阻力大小为 C．内潜航器受到水的作用力的冲量大小为 D．内潜航器受到水的作用力的冲量大小为 6．如图甲所示，质量为的物体在水平向右的作用力作用下沿水平面运动，作用力与位移的关系如图乙所示。已知物体可视为质点，物体与水平面之间的动摩擦因数为0.1，重力加速度取。下列说法中正确的是 A．物体运动的最大距离为 B．物体经过处时的速度为 C．当物体最大速度时，力的功率为 D．整个过程因为摩擦而产生的热量为 7．如图所示，P为北斗卫星导航系统中的静止轨道卫星，其对地张角为，地球半径为，南极表面重力加速度为。下列说法中正确的是 A．卫星的轨道半径 B．卫星的线速度大小为 C．地球自转的角速度为 D．地球赤道表面的重力加速度为 二、不定项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每个小题给出的四个选项中，有多个选项正确。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，错选或不选的得0分。 8．如图甲所示，在光滑水平地面上，劲度系数的轻弹簧一端固定在竖直墙上，另一端与位于水平地面上、质量为的滑块拴接，质量为的滑块静置在滑块的水平上表面。向左轻轻推动滑块压缩弹簧，撤去外力后滑块、一起运动，弹簧右端在、之间运动，运动过程中A、B两滑块始终相对静止，滑块A做简谐运动，它的位移-时间图像如图乙所示。下列说法中正确的是 A．两个滑块之间的摩擦力大小与滑块A偏离平衡位置的位移大小成正比 B．时，滑块受到的摩擦力大小为 C．滑块做简谐运动的周期为 D．内滑块通过的路程为 9．如图所示，用轻杆将一圆心为、半径为的光滑大圆环固定在竖直平面内，、、分别是大圆环的最高点、与圆心等高点、最低点，在大圆环上套一个质量为的小环。小环以初速度从大圆环的点向右滑下，不计空气阻力，重力加速度为。下列说法中正确的是 A．小环从到的过程中受到大环的作用力始终指向点 B．若，小环经过点时加速度大小为 C．若，小环经过、两点时所受大环的作用力大小之差为 D．若，小环经过、两点时角速度大小之比为 10．在光滑水平面上质量为的小球与小球发生正碰，第一次碰撞前后两个小球的位移—时间图像如图所示，第二次小球以相同的初速度与静止的小球发生正碰，碰撞中损失的机械能为第一次碰撞损失机械能的。下列说法中正确的是 A．小球B的质量为 B．第一次碰撞过程中损失的机械能为 C．第二次碰撞后小球的速率为 D．第二次碰撞后小球的速率为 三、实验题：本题共2小题，共16分。 11．（8分）（1）某实验小组使用气垫导轨验证动量守恒定律。 实验器材：气垫导轨，滑块A、B（均装有完全相同的遮光条），配重块，弹簧，细线，光电门，数字计时器，天平等。 实验装置如图所示： 实验步骤如下： ①按图连接好光电门和数字计时器，接通气泵，调整气垫导轨水平。将滑块A单独放在光电门1的左侧，轻推滑块A，滑块先后通过两个光电门，数字计时器记录两个挡光时间、，若________，则表明气垫导轨已经水平； ②用天平测量滑块（含遮光条）的质量为、滑块（含遮光条）的质量为，每块配重块的质量均为，将两个滑块中间压缩一轻弹簧并用细线拴好，如图所示，两滑块均静止时，烧断细线，滑块、被弹簧弹开后分别向左、右运动，记录、两滑块的遮光条的挡光时间分别为、，若滑块、上遮光条的宽度均为，、两个滑块上的配重数量分别为2和3，则若等式__________（用题目中所给的字母表示）成立，则在弹簧弹开过程中两个滑块组成的系统动量守恒，此实验中__________（填“必须”或“不必”）测量遮光条的宽度。 （2）某同学用单摆测当地的重力加速度。 ①下列器材中符合实验要求的是_________（填选项字母）； A．细丝线、小塑料球 B．弹性棉线、小铁球 C．细丝线、小铁球 D．弹性棉线、小塑料球 ②将选择的正确的器材组装好，记下此时的摆长，将单摆从平衡位置拉开一个角度（不超过5°），然后释放小球，记下单摆做50次全振动的总时间，算出平均每做一次全振动的时间，即为单摆的振动周期； ③改变摆长后，重复②，得到多组摆长和对应的周期，以为横坐标、以为纵坐标作图像，得到一条倾斜直线，该直线的斜率为，则当地的重力加速度__________，后来发现在测摆长时忘记加上小球半径了，则重力加速度的测量值__________（填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。 12．（8分）在“探究向心力大小与哪些因素有关”的实验中，所用向心力演示仪如图甲所示，A、B、C为三根固定在转臂上的短臂，可与转臂上做圆周运动的实验球产生挤压，从而提供向心力，其中A和C的半径相同，B的半径为A、C半径的2倍。图乙是变速塔轮的原理示意图：其中塔轮第一层左右塔轮半径之比为1∶1，第二层左右塔轮半径之比为2∶1，第三层左右塔轮半径之比为3∶1。可供选择的实验小球有：质量均为的钢球Ⅰ和钢球Ⅱ，质量为的铝球Ⅲ，皮带与塔轮不打滑。 （1）这个实验主要采用的方法是________（填选项字母）。 A．控制变量法 B．放大法 C．等效替代法 D．理想实验法 （2）传动皮带位于第一层，转动手柄时，短臂B、C的角速度之比为__________，线速度大小之比为__________。 （3）验证向心力与质量的关系，将传动皮带位于第一层，钢球Ⅰ放在短臂C处，____________（填“钢球Ⅱ”或“铝球Ⅲ”）放在_________（填“短臂A”或“短臂B”）处。 （4）某次实验时，将传动皮带位于第二层，钢球Ⅰ放在短臂B处，铝球Ⅲ放在短臂C处，转动手柄，则当塔轮匀速转动时，左右两标尺露出的格子数之比约为_________。 四、计算题：本题共3小题，其中13题8分，14题14分，15题16分，共38分。解题过程中要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。 13．（8分）假设某宇宙飞船在离月球表面高为的轨道上做匀速圆周运动，着陆后一名宇航员在月球表面用长为的细线拴一质量为的小球，让小球在竖直平面内做圆周运动，当小球通过最高点的速度为时，测得此时细线的拉力大小为。已知月球的半径为，，忽略月球自转的影响，引力常量为。求： （1）月球的质量； （2）宇宙飞船着陆前的运动周期。 14．（14分）如图所示，在光滑水平面上，厚度相同的木板A、B锁定成一个整体，A左端固定一劲度系数的轻弹簧，弹簧原长等于A的长度。滑块C紧靠弹簧右端与弹簧不拴接，轻推滑块使弹簧压缩，此过程、在外力束缚下处于静止状态。撤去对、束缚的同时由静止释放滑块，当滑块滑过A、B的连接处时，木板A、B解除锁定，滑块刚好没有滑离木板。已知滑块可视为质点，A、B、C的质量分别为、、，木板上表面光滑，滑块与木板上表面之间的动摩擦因数，弹簧弹性势能与弹簧形变量的关系为，重力加速度为。求： （1）滑块C运动过程中的最大加速度的大小； （2）木板A、B解除锁定时木板A发生的位移大小； （3）木板B的长度。 15．（16分）如图所示，在竖直平面内，长的水平面左侧与半径的四分之一。圆弧轨道MN平滑连接，右侧与一足够长的传送带平滑连接，传送带以恒定速率逆时针转动。将滑块从距圆弧最高点高处由静止释放，滑块刚好从点进入圆弧轨道，滑块经过水平面后滑上传送带，滑块经过点时对圆弧轨道的压力大小。已知滑块可视为质点，质量，滑块与之间的动摩擦因数，滑块与传送带之间的动摩擦因数，重力加速度。求： （1）滑块A在圆弧轨道上运动过程中损失的机械能； （2）滑块A在传送带上向右运动的最远距离； （3）滑块A离开圆弧面后的运动时间。 学科网（北京）股份有限公司 $