河北衡水市枣强中学2025-2026学年高一下学期7月期末物理试题

高一年级下学則期末考试物理学科试题 本试卷共8页，15题。全卷浦分100分。考试用时75分钟。 注意事项： 1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在 答题卡上的指定位置。 2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B倍笔把答题卡上对应题目的答案标号 黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3.非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草 葙纸和答题卡上的非答题区城均无效。 4.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 1.高考期间，为了方便考生掌握时间，考室前面都悬挂了时钟，如图所示为一块走时准确 的时钟，下列关于时钟的说法正确的是 12 A.时针转动的周期最长 22 B,秒针的角速度为品rad/s 3 8 C.分针与秒针的角速度之比为1：30 D.分针从“7”第一次转到“8”过程中时针转过的角度为30° 2.2026年5月15日，我国在东风商业航天创新试验区用力箭一号遥十三火箭，成功将卫 星发射升空。该卫星绕地球做匀速圆周运动，轨道高度约为500km,已知地球同步卫 星距离地球表面的高度约为35786km,下列说法正确的是 A.该卫星的运行速度大于地球的第一宇宙速度 B.该卫星的向心加速度小于地球表面的重力加速度 C.该卫星的运行周期大于地球同步卫星的运行周期 D.卫星人轨后，发动机持续做功才能维持圆周运动 物理试题第1页（共8页） CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP 3.“天津之眼"摩天轮的设计受到伦敦眼的启发，将摩天轮架在海河河口之上，并与水乐桥 结合建造，是一座跨河建设，桥轮合一的摩天轮，兼具观光和交通功用，是天津地标之 一。如果摩天轮在竖直平面内做圆周运动时，侨厢内一小学生双脚离地坐在座椅上，座 椅始终水平。下列说法正确的是 A.在最低点时，小学生处于失重状态 B.在最低点时，摩天轮的速度越大，小学生对座椅的压力越小 C.在最高点时，小学生处于平衡状态 D.在最高点时，摩天轮的速度越大，小学生对座椅的压力 越小 4.如图所示，两个完全相同的绝缘金属小球A、B放置在桌面上，所带电荷量分别为十9q、 一q,刚开始时两球心相距为d(d>r),库仑力大小为F,现将两球接触后球心相距为2d 放置，则库仑力F的大小为 Aa B.4F C D.EF 5.如图甲所示为等量异种点电荷形成的电场的电场线分布，图乙是该电场中的一些点，O 点是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O点对称的两点，B、C和A、D也相对 O点对称。则下列说法正确的是 甲 A.图中左侧点电荷带负电，右侧点电荷带正电 B.B、C两点电场强度的大小和方向都相同 C.A、D两点电场强度的大小相等，方向相反 D.E、O、F三点比较，O点的电场强度最小 物理试题第2页（共8页） CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP 6.某电场的电场线和等必线分布如图所示，其中实线和虚线分别表示电场线和等势线，已知c 点的电势为0，相部商等势线间的电势羞均为0.4V,则 A.0点的电势比（点的电势高 B.G点的电场强度比c点的电场强度小 C,电子在b点的电势能为-0.4eV D.将一电子从a点移到c点，其电势能减少4eV 7.如图所示，“L”形直角光滑框架AOB周定在天花板上，框架的AO杆呈竖直状态，OB杆 呈水平状态。质量相等的两个小球甲、乙分别套在AO和OB上，甲、乙两球之间用轻杆 相连，轻杆与小球连接处是可以活动的转轴。开始时甲、乙两球之间轻杆竖直，由于微 小扰动，甲球沿AO杆向下运动，乙球沿OB杆向右运动。已知当轻杆与AO杆的夹角 为60°时，甲球沿着AO杆下滑的速度为v,重力加速度为g。则连接甲、乙两球的轻杆 杆长为 A. 3g c 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多 项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.一斜面固定在水平地面上，顶端到正下方水平面O点的高度为h,斜面与水平面平滑连 接，斜面的倾角为0。一小木块从斜面的顶端由静止开始下滑，滑到水平面上的A点停 下，已知木块与斜面、水平面间的动摩擦因数均为μ，A点到O点的距离为x,重力加速 度为g,则下列说法正确的是 A.整个过程摩擦力对小木块做的功为一mg2 B.只增加小木块的质量，其他条件不变，小木块将停 在A点的右侧 C.只增加斜面的倾角，其他条件不变（如虚线1所 示)，小木块仍停在A点 D.只降低斜面的高度，其他条件不变（如虚线2所示），小木块将停在A点的左侧 物理试题第3页（共8页） CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP .“牧乐风刷“是一第割限银乐项目，在一个特定的空间内通过风机制进的气流把人“吹” 起来，使人产生在夫宣衡绷的感觉。其简化模型如图所示，一质量为m的游客恰好静止 在直径为d的掴柱形竖直风丽内，已知气流密度为，游客受风面积（游客在垂直风力方 向的投新面积)为S,风刑内气流竖直向上“吹"出且速度恒定，重力加速度为g。假设气 吹到游客身上后速度变为零，则下列说法正确的是 ii1i A.气流的速度大小为 mg Npπ B.单位时间内流过风洞内某横截面的气体体积为4 mg C.单位时间内风机做的功为gmg 8S3 D.若风速突然变为原来的分，游客开始运动时的加速度大小为6 10.如图甲所示，圆形区域内存在与圆平面平行的匀强电场E(图中未画出)，圆的两条直 径AB与CD间的夹角为60°，从A点向圆内不同方向发射速率相同的不计重力的带 正电粒子，发现从圆边界射出的粒子中D点射出的粒子速度最大。以A为坐标原点， 沿AB方向建立x坐标轴，B点的坐标为2m,x轴上从A点到B点的电势变化如图乙 所示，则下列说法正确的是 To/V 10 猫 甲 A.圆边界上D点的电势最高 B.电场强度E=10V/m C.C点的电势为12V D.把一电子从D点移到C点电场力做的功为20eV 物理试题第4页（共8页） CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP 三、非选摔题：本糖共5小题，共54分。 11.(6分) 某实验小组用如图甲所示的装置验证动量守恒定律，分别在滑块A和B相碰的猫泥 上装土水平掸性碰擅架，它们的上端装有等宽的遮光条。 挡光片 光电门1 挡光片 光电门2 气：导轨 滑块人 滑块B (1)实验前需要调节气垫导轨水平：接通气源后，在导轨左端只放滑块A,轻推一下滑 块A,使它从气垫导轨左端向右运动，发现该滑块通过光电门1的时间大于通过光电门2 的时间。为了使气垫导轨水平，可以调节导轨旋钮使其右端 (（填“升高”或“降 低”)一些。 (2)气垫导轨调平后，滑块A静置于光电门1的左侧，滑块B静置于两光电门间的某 一适当位置。给滑块A一个向右的初速度，为使滑块A和B相碰后分别经过光电门1和 光电门2，则mA (填“大于”或“小于”)mB。 (3)已知滑块A先后通过光电门1的时间分别为△1、△2，滑块B通过光电门2的时 间为△。若此过程满足动量守恒定律，则滑块A,B的质量之比满足1= m2 (用已知量表示)；若滑块A、B间的碰撞是弹性碰撞，则应满足 （用△、 △t2,△3表示)。 12.(9分) 某实验小组的同学在验证机械能守恒定律时，设计了如图甲所示的实验装置。 电火花 计时器 纸带 ↑21m2-s2) ·夹子 5.8 按电源 里儒 03/ 乙 丙 物理试题第5页（共8页） CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP (1)除了图中的实验器材外，还需要 (填字母)。 A.天平 B.8V的交流电源 C.220V的交流电源 D.毫米刻度尺 (2)某次实验时，打出的纸带如图乙所示，已知交流电源的频率为50Hz,图乙中的点 均为计时点，3、4、5三点到0点的距离分别为15.55cm、19.20cm、23.23cm,0点为起始点， 若重锤的质量为1kg,重力加速度g=9.8m/s2,则打下4点时重锤的动能为 J,从 释放到打下4点的过程中重锤减小的重力势能为 J。(结果均保留两位小数) (3)科学实验要求相对误差小于5%，计算本实验相对误差8= △E,-△Ek ×100% △E。 %,其中△E。为重力势能的减少量，△Ek为动能的增加量。（结果保留两位有 效数字) (4)实验小组利用图像处理实验数据，通过得到的实验数据，描绘了u-h图像如图丙 所示，则由图线得到的重力加速度g=/s2(结果保留三位有效数字)。 13.(11分) 两个带电小球A、B所带电荷量分别为Q、g,都与绝缘丝线拴接，丝线另一端固定在O 点，平衡后如图所示。已知两条丝线长度均为d=√2L,静电力常量为，两小球均可视为 点电荷，求： (1)两小球间库仑力的大小F; (2)小球B、A的质量之比。 60⊙ 30 B CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP 14.(12分) 如图所示，质量为2m的物块P静止在光滑水平地面上，其右侧表面是半径为R的号 光滑圆弧轨道，圆弧轨道下端与水平地面相切。物块P右侧静止有质量为m的球b,球b 左侧固定有轻弹簧。将质量为m的球a从圆弧轨道最上端由静止释放，球a离开物块P 后沿弹簧轴线方向与轻弹簧左侧接触。已知重力加速度为g,弹簧的形变始终在弹性限度 内。 (1)若物块P固定，求整个运动过程中弹簧的最大弹性势能E。； (2)若物块P不固定，求离开物块P瞬间球a的速度大小v。,及球b能达到的最大速 度的大小。 WWMA 777777777777777777777777777777777777777777777 CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP 15.(16分) 如图所示，光滑的轨道ABCE固定在竖直平面内，它由直线部分AB和圆弧部分 BCE组成，圆弧与直线在B点相切；AB部分与水平面的夹角0=37°，O是圆弧的圆心， OC水平，OE竖直。已知圆弧的半径R=10m,AB=20m,重力加速度g=10m/s2, sin37°=0.6，cos37°=0.8。现使质量为m=2kg的小球从A点沿斜面向上以某初速度 射出，小球恰好能经过E点，求： (1)滑块经过C点时对轨道的压力大小及从A点射出时的初速度大小； (2)要保证小球能到达圆弧轨道且不从BE之间脱离圆弧轨道，从A点射出的初速度 需满足什么条件？ (3)如果小球滑上圆弧轨道后在C点上方满足∠DOC=30°的D点恰好脱离圆弧轨 道，此时从A点射出的初速度多大？ D AQ379 CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP高一年级下学期期末考试物理学科试题 9 命题要素一贤表 注： 1.能力要求： I.理解能力 Ⅱ，推理能力Ⅲ.分析综合能力Ⅳ.应用数学处理物理问题的能力V,实验能力 2.核心素养： ①物理观念 ②科学思维③实验探究 ④科学态度与责任 知识点 能力要求 核心素养 预估难度 题号 题型 分 值 (主题内容) ⅡⅢ ① ②③ ④ 档次 系数 1 单项选择题 4 圆周运动基本公式应用 易 0.95 2 单项选择题 4 万有引力与航天 易 0.90 3 单项选择题 竖直面内圆周运动 0.85 4 单项选择题 4 库仑定律 易 0.80 5 单项选择题 4 电场、电场线 易 0.80 6 单项选择题 4 电势、电势能问题 中 0.75 7 单项选择题 4 机械能守恒、能量守恒 易 0.70 8 多项选择题 6 功能关系 易 0.80 9 多项选择题 6 动量定理及应用 难 0.60 电场强度和电势差的关系（图 10 多项选择题 6 难 0.60 像) 11 非选择题 6 动量守恒实验 易 0.80 12 非选择题 机械能守恒实验 中 0.70 13 非选择题 11 电场力作用下的静态平衡问题 中 0.75 14 非选择题 12 碰撞问题（含弹簧） 中 0.65 15 非选择题 16 综合应用试题 难 0.50 ·1… CS扫描全能王 参考答案及解析 ·高一物理· 参考答案及解析 高一物理 一、单项选择题 度v越大则N越大，结合牛顿第三定律可知，小学生 1.A【解析】时针转动一周时间为十二小时，分针转动 对座椅的压力越大，故B项错误；在最高点时，合外力 一周为一小时，秒针转动一周为一分钟，时针转动周 竖直向下指向圆心，向心加速度不为零，不满足平衡 期最长，放A项正确，一会一苏d,故B顶结 状态合外力为零的条件，故C项错误；在最高点时，由 误0一会=1ds,分针与移针的角莲度之 向心力公式可得mg一V=m二，即座椅对小学生的 支持力N=mg一m二，速度越大则N越小，结合 比为1：60，故C项错误；分针从“7”第一次转到“8”过 牛顿第三定律可知，小学生对座椅的压力越小，故D 程中用时5分钟即最小时，时针转过的角度为号 30 项正确。 2.5°，故D项错误。 4C【解析】接触前，由库仑定律可得F=k牙，接触 2.B【解析】第一宇宙速度(7.9km/s)是近地卫星的 后，两球电荷量“先中和，后平分”，每个金属小球的电 环绕速度，根据G=m可得=√ M r2 ,可知卫 荷量均为十4q,两球球心相距为2d,若仍将两球视为 星轨道越高，线速度越小，故该卫星的运行速度小于 点电荷，则F=大济=等-吉F.C项正确 7.9m/A顶错误：由G=m可得a,在 -2 5.B【解析】根据电场线分布可知，图中左侧点电荷带 正电，右侧点电荷带负电，A项错误；B、C两点电场线 地球表面有G=风g,可得g仪，因>R,故 R2 疏密相同，场强方向均沿两电荷连线向右，则电场强 该卫星的向心加速度小于地球表面的重力加速度，B 度的大小和方向都相同，B项正确：由对称性可知，A、 项正确：地球同步卫星的轨道高度约为35786km,由 D两点电场强度的大小相等，方向相同，C项错误；E、 开普勒第三定律子=k可知，轨道越低，周期越小，故 O、F三点比较，O点电场线最密集，则电场强度最大， D项错误。 该卫星的运行周期小于地球同步卫星的运行周期，C 6.D【解析】电场线从高等势面指向低等势面，a点的 项错误；卫星入轨后，万有引力提供向心力，理想太空 电势比c点的电势低，A项错误；a点处电场线比c点 中做匀速圆周运动时无需发动机持续推进，现实低轨 处密集，则a点的电场强度大于c点的电场强度，故B 卫星需间断点火补充能量，发动机并不持续工作，D 项错误；根据题意可知，b点的电势为一0,4V,电子 项错误。 在b点的电势能为0.4eV,故C项错误；将一电子从 3.D【解析】在最低点时，合外力竖直向上指向圆心， a点移到c点，电场力做正功，W=eU=4eV,电势能 加速度竖直向上，符合超重状态的判定条件，故A项 减少4eV,D项正确。 错误；在最低点时，由向心力公式可得N一mg= 7.B【解析】甲球速度m=v,竖直向下，沿斜杆方向 m二，即座椅对小学生的支持力N=mg十m号 速 分速度杆=仰c0s60°= 之，由于轻杆不可伸长，甲、 扫描全能王 ·高一物理· 参考答案及解析 乙两球沿斜杆方向的分速度相等，则乙球速度z= =△m·号，联立解得F=号mg,根据牛顿第二定 0号，设轻轩长为么系统只有重力微功，机 律可知mg一F'=ma,解得游客开始运动时的加速度 械能守恒，乙球高度不变，甲球下降的高度为h=l 大小a=号g,故D项错误。 lcos60°，根据系统机械能守恒，甲球重力势能的减少 10.BD【解析】从D点射出的粒子速度最大，说明电 量等于甲、乙两球动能的增加量，则mgl(1一cos60) 场力做功最多，粒子沿电场线方向的位移最大，可知 =子m时+号m吃，联立解得1- 3g ,故B项正确。 电场强度沿着CD方向，沿着电场线方向电势逐渐 二、多项选择题 降低，所以圆边界上D点的电势最低，已知圆半径 8.AC【解析】设斜面水平投影长度为x1,水平面滑行 =1m,则有U4B=E×2rcos60°，解得E=10V/m, 距离为x2,则x=x1十x2,在斜面上摩擦力做功W 故A项错误，B项正确：因B点的电势为零，C、B两 =一mgc0s9·s一mg1,在水平面上摩擦力 点间的电势差为Ucm=pc一9n=Er(1十cos60),解 得C点的电势pc=15V,故C项错误；D、C两点间 做功W=一mgx2,整个过程摩擦力做功W:=Wn 的电势差为Uc=一E×2r=-20V,把一电子从D 十W2=一mg(x1十x2）=一mgx,故A项正确；由 点移到C点电场力做的功W=一eUx=20eV,故D 动能定理可得mg一mgx三0，解得x=2,停止位 项正确。 三、非选择题 置与质量无关，故B项错误；只增加斜面倾角，高度h 11.(1)升高(1分) 不变，由x=么可知水平位移不变，则小木块仍停在 (2)小于(1分) A点，故C项正确；只降低斜面高度，h减小，由x= △t1△t2 (3) △，(A千△)(2分) 1=1十1(2分) △ti△t2△ts 么可知水平位移减小，则小木块停在A点右侧，故D 【解析】(1)滑块A通过光电门1的时间大于通过光 项错误。 电门2的时间，则滑块A通过光电门1时速度小于 9.BC【解析】对△t时间内吹向游客的气流，设气体的 通过光电门2时的速度，滑块A从左向右做加速运 质量为△m,则△m=pSv△t,以△t时间内吹向游客的 动，气垫导轨右端偏低，要使其水平，应调节使导轨 空气为研究对象，由动量定理可得一F△t=0一△mU, 右端升高一点。 由于游客处于静止状态，则F=mg,联立解得气流速 (2)根据题意可知滑块A与滑块B碰撞后反向，则 度大小=√紧，故A项错误：单位时间内流过风洞 需滑块A的质量小于滑块B的质量。 (3)滑块A先后通过光电门1时的速度大小分别为 内横截面的气体体积V=π（号），解得V 助=号，滑块B通过光电门2时的速度大 d πd 竖，故B项正确：风洞单位时间内流出的气体 4 pS 小为的= 品，若此过程满足动量守恒定律，则m 质量为M=pV,单位时间内风机做的功W=之Mt =m一m1,即m1△i d二mg入t,一1△t,可得 -兴√，故C项正确：若风速为原来的子，设 m △h(△干△)。若两滑块间的碰撞为弹性碰 △t1△t2 风力为F,则△m=pS号r,由动量定理可得FN 撞则子m听一 1 m，即m（是) ·2· 扫描全能王 参考答案及解析 ·高一物理· 1 )十m(),联立可得 1 以小球A为研究对象，有sn60一sim行 F m（a mag △t2 t1△t (2分) 大1 以小球B为研究对象，有 F meg △5 sin 30sin 45 (2分) 12.(1)CD(2分) 联立可得”= (2分) (2)1.84(2分)1.88(1分) (3)2.1(2分) 14.【解析】(1)若物块P固定，球a由静止释放到离开 (4)9.67(2分) 物块P的过程中，由动能定理得mgR=子md 【解析】(1)除了图中的实验器材外，电火花计时器 (1分) 需要220V的交流电，测量纸带上各点之间的距离 球a与弹簧接触后，球a与球b组成的系统动量守 需要毫米刻度尺，要验证的关系式两边都有质量， 可以消掉，不需要天平，故选CD。 恒，当二者的速度相等时，弹簧的弹性势能最大，由 动量守恒定律可得mw=2mU (1分) (2)打下4点时重锤的速度= 35 27 (23.23-15.55)×102m/s=1.92m/s,动能为 由机械能守恒定律可得号m 2m6= 1 2 X2md+Ep 2×0.02 (1分) E,=m=子×1X1.92J≈1.84J:该过程中重 解得E,=mg迟 (2分) 锤减小的重力势能为E,=mgh1=1×9.8×0.192J ≈1.88J。 (2)物块P不固定时，球a下滑过程中，球a和物块 P组成的系统水平方向动量守恒，且系统机械能守 (3)由第(2)问可得相对误差6= △E-△E △E 恒。规定向右为正方向，设球a离开物块P时物块 100%=1.8二1.84×100%≈2.1%。 1.88 P的速度为p,由动量守恒定律可得 (4)重锤下落过程中机械能守恒，有mgh=之t， mve-2mvp -0 (1分) 1 X2m呢 1 整理可得2=2gh,则图像的斜率为k=2g= 由机械能守恒定律可得mgR=2m暖十 0.3m/s,可得重力加速度g≈9.67m/s。 5.8 (1分) 13.【解析】(1)两球之间的距离r=√Ed=2L (2分) 解得，=23gR (1分) 3 由库仑定律得F=kg (2分) 球a与弹簧接触后，球a、b和弹簧组成的系统动量 解得F=kQg (1分) 守恒、机械能守恒。当弹簧恢复原长时，球b的速度 4L 达到最大；设弹簧恢复原长时球a的速度为1，由动 (2)画出两球的受力图如图所示： 量守恒定律可得mU。=m十， (1分) 609 由机械能守恒定律可得子md=子m味十子md 1 30 (1分) 联立解得，=23gR 3 (2分) 15,【解析】(1)设小球刚好能沿圆弧轨道运动到圆弧轨 '2 道的最高点时速度的大小，有mg=m尺 (1分) 3· 扫描全能王 ·高一物理· 参考答案及解析 从C点到最高点，由动能定理得 高度不能超过与圆心等高处，由能量守恒定律可得 -mRR=m- 2m8 (1分) 之m吃=mg(ABsin37°+Rcos37°) (1分) 根据牛顿第二定律可得N。= (1分) 解得2=20m/s (1分) R 即小球的初速度应满足4√/15m/s<u≤20m/s或 解得Vc=60N,根据牛顿第三定律可知，压力为60 w≥10√7m/s (2分) N,方向水平向右 (1分) 小球由射出运动到圆弧轨道最高点过程，由机械能 (3)依题意小球恰好脱离圆弧轨道时，应在OC水平 线的上方与OC方向的夹角为30°处，此位置圆弧轨 守恒定律可得 1 mu=mg (ABsin 37+R+Rcos 37)+ 1 道对小球的弹力刚好为零，则ngsin30°=m只 (1分) (1分) 解得u=5√2m/s 联立解得6=10√7m/s (1分) (1分) (2)为使小球能滑上圆弧轨道，则它到达B点时的 由机械能守恒定律可得 速度应大于零，由能量守恒定律可得 分m5=mg(ABsin37”+Rcos37+Rsin30°)中 乞mf>mgX ABsin37 1 (1分) 1 2 mu (1分) 解得>4√15m/s (1分) 解得=5√22m/s (1分) 要使小球仍能沿圆弧轨道滑回，在圆弧轨道上升的 ·4 cS扫描全能王